2023学年湖南省长沙市雨花区南雅中学高二物理第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个相同的金属小球A和B(可视为点电荷)，带同种电荷，所带电量之比为13，相互作用力为F.若将两球接触后再放回原处，则它们之间的作用力将变为( )ABFCD2、如图所示，水平放置的平行板电容器M、N通过导线与一电源相连在电容器的两极板间有

2、一带电的小球P处于静止悬浮状态现将电容器两板间的距离减小，则（ ）A电容变大，小球向上运动B电容变大，小球向下运动C电容变小，小球保持静止D电容变小，小球向下运动3、一平行板电容器中存在匀强电场，电场沿竖直方向。两个比荷（即粒子的电荷量与质量之比）不同的带正电的粒子a、b，从电容器边缘的P点（如图）以相同的水平速度射入两平行板之间。测得a、b与电容器的撞击点到入射点之间的水平距离之比为13。若不计重力，则a和b的比荷之比是（ ）A13 B91 C31 D194、如图所示，A、B两球所带电荷量均为，质量均为，其中A球带正电荷，B球带负电荷，且均可视为点电荷。 A球通过绝缘细线吊在天花板上，B球固

3、定在绝缘棒一端，现将B球放在某一位置，能使绝缘图线伸直， A球静止且与竖直方向的夹角为30 ，已知静电力常量用，则A、B球之间的距离可能为ABCD5、如图所示，用两节干电池点亮几个小灯泡，当逐一闭合开关，接入灯泡增多时，以下说法不正确的是（ ）A灯少时各灯较亮，灯多时各灯较暗B各灯两端电压在灯多时较低C通过电池的电流在灯多时较大D开关闭合越多，外电路电阻越大6、如图所示，空间存在着与圆台母线垂直向外的磁场，各处的磁感应强度大小均为B，圆台母线与竖直方向的夹角为一个质量为m、半径为r的匀质金属圆环位于圆台底部圆环中维持恒定的电流I,圆环由静止向上运动，经过时间t后撤去该恒定电流并保持圆环闭合，圆

4、环上升的最大高度为H已知重力加速度为g，磁场的范围足够大在圆环向上运动的过程中，下列说法正确的是A安培力对圆环做的功为mgHB圆环先做匀加速运动后做匀减速运动C圆环运动的最大速度为D圆环先有扩张后有收缩的趋势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为两个不同闭合电路中两个不同电源的UI图象，O为坐标原点，下列判断正确的是（ ）A电动势， 内阻B电动势， 内阻C电动势，内阻 D电动势，发生短路时的电流8、下列关于磁感应强度大小的说法正确的是A通电导线受磁场力大的地方

5、磁感应强度不一定大B通电导线在磁感应强度大的地方受力一定大C放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向处处相同D磁感应强度的大小和方向跟放在磁场中的通电导线受力的大小和方向无关9、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和两个伏特表安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则（）A电流表A1的读数大于电表A2的读数B电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角C电压表V1的读数等于电压表V2的读数D电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角10、如图所示，离地高 H 处有一质量为 m，带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为 E= E0-kt(

6、E0和 k 均为大于零的常数，水平向左为电场正方向)的均匀电场中，物体与竖直绝缘墙壁的动摩擦因数为，已知qE0mg，t=0 时，将物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑 h（ hH）时恰好脱离墙面，此时速度大小为 v，最终落在地面上，则A物体落地前做加速度一直增大的加速运动B物体从脱落墙壁到落地前的运动轨迹是直线C物体克服摩擦力做的功等于 mgh-D物体与墙壁脱离的时刻等于 三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图，游标卡尺读数为_mm12（12分）测量“水果电池”的电动势和内电阻的实验中，将一铜

7、片和一锌片分别插入同一只苹果内，就构成了简单的“水果电池”，其电动势约为1.5V，可是这种电池并不能点亮额定电压为1.5V，额定电流为0.3A的手电筒上的小灯泡。原因是流过小灯泡的电流太小了，经实验测定电流约为3mA。现有下列器材：待测“水果电池”电流表A：满偏电流3mA，电阻约10电压表V：量程01.5V，电阻约1000滑动变阻器R1：030滑动变阻器R2：030k开关、导线等实验器材 (1)本实验选用上面所示的实验原理图，应该选用哪种规格的滑动变阻器_；（填写仪器代号）(2)在实验中根据电压表的示数U与电流表的示数I的值，得到UI图象如上图所示，根据图中所给数据，则“水果电池”的电动势E=

8、_V，内电阻r=_；(3)若不计测量中的偶然误差，用这种方法测量得出的电动势和内电阻的值与真实值相比较，电动势E_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”），内电阻r_（选填“偏大”或“相等”或“偏小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一光滑半圆形绝缘轨道竖直放置，如图所示，轨道与一水平绝缘轨道MN连接，在水平向左的匀强电场中，E2103V/m，半圆轨道半径R0.4 m，一带正电的小滑块质量为m0.04 kg，电量q1.5104 C，小滑块与水平轨道间的动摩擦因数0.25，g取10 m/s2，求：(1)要

9、使小滑块能运动到半圆轨道的最高点L，滑块应在水平轨道上离N点多远处释放？(2)这样释放的滑块通过半圆轨道中点P点时对轨道压力是多大？14（16分）飞行时间质谱仪可以对气体分子进行分析如图所示，在真空状态下，脉冲阀喷出微量气体，经激光照射产生不同价位的正离子，自板小孔进入、间的加速电场，从板小孔射出，沿中线方向进入、板间的偏转控制区，到达探测器已知、间的电压为， 、板间距为，极板、的长度和间距均为不计离子重力及进入板时的初速度（）若、板间无电场和磁场，请导出离子的全部飞行时间与比荷的关系式（）若、间加上适当的偏转电压，请论证说明不同正离子的轨迹是否重合（）去掉偏转电压，在、间区域加上垂直于纸面的

10、匀强磁场，已知进入、间的正离子有一价和二价的两种，离子质量均为，元电荷电量为要使所有的离子均能通过控制区从右侧飞出，求所加磁场的磁感应强度的最大值？15（12分）如图所示，水平放置的平行金属导轨，相距l0.50m，左端接一电阻R0.20，磁感应强度B0.40T的匀强磁场方向垂直于导轨平面，导体棒ab垂直放在导轨上，并能无摩擦地沿导轨滑动，导轨和导体棒的电阻均可忽略不计，当ab以v4.0m/s的速度水平向右匀速滑动时，求：(1)ab棒中感应电动势的大小；(2)回路中感应电流的大小；(3)ab棒受到的安培力的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

11、只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】设A带电量为q，B带电量为3q，根据库仑定律可知接触前，两者之间的库仑力为接触后，根据平均分配原则，可知两者的带电量为故库仑力变为D正确。2、D【解析】试题分析：因质点处于静止状态，则有Eq=mg，且电场力向上；又由决定式：可知，当d增大时，C减小；电容器与电池相连，所以电容器两板间的电势差不变，因d增大，由可知，极板间的场强减小，故电场力小于重力；故质点将向下运动；故D正确【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，

12、则电容器两极板上的电荷量恒定不变3、B【解析】两带电粒子都做类平抛运动，水平方向匀速运动，有x=vt，垂直金属板方向做初速度为零的匀加速直线运动，有电荷在电场中受的力为F=Eq，根据牛顿第二定律有F=ma，联立解得因为两粒子在同一电场中运动，E相同，相同的水平速度，侧位移相同，所以比荷与水平位移的平方成反比，比荷之比为9：1，故B正确，ACD错误；故选B。4、A【解析】选A球为研究对象，它受重力、库仑力和细线的拉力，三力平衡，由几何关系得，库仑力得最小值为：根据得所以距离应小于1m。A. 与分析相符，故A正确。B. 与分析不符，故B错误。C. 与分析不符，故C错误。D. 与分析不符，故D错误。

13、5、D【解析】由图可知，灯泡均为并联当点亮的电灯数目增多时，并联的支路增多，由并联电路的电阻规律可知，外部总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，通过电池的电流增大，则电池的内电压增大，故路端电压减小，灯泡两端的电压变小，灯泡变暗，故ABC正确，D错误；本题选错误的，故选D.点睛：解答本题应掌握：并联电路中并联支路越多，总电阻越小；同时注意闭合电路欧姆定律在电路动态分析中的应用方法，一般可按外电路-内电路-外电路的思路进行分析6、C【解析】试题分析：圆环通电后由静止开始向上运动，判断受到安培力有向上的分力，根据左手安培定则判断电流沿顺时针方向如下图，把圆环分为弧长为若干小段，则每一小段可看做一段直

14、导线，受到安培力沿圆台母线方向斜向上，则竖直分力为，根据对称性，安培力在水平方向分力相互抵消，合力竖直向上，即为，撤去电流之前的时间内，圆环做匀加速直线运动，加速度，电流撤去后，圆环受到自身重力做匀减速直线运动，选项B对向上运动过程最大速度即电流撤去时的速度，选项C对整个上升过程有重力做功，安培力做功，根据动能定理，即，但电流撤去切割磁感线仍有安培力做功，在时间t内安培力对圆环做功小于所以选项A错匀加速阶段由于安培力的水平分力，圆环有收缩的趋势，电流撤去后，圆环切割磁感线，根据楞次定律感应电流阻碍其向上运动，判断感应电流为逆时针方向，安培力沿母线向下，安培力有水平向外的分力，圆环有扩张趋势，选

15、项D错考点：安培力做功 电磁感应二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】在U-I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，可知电动势E1=E2，内阻r1r2，故A正确，BC错误；由U-I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1I2，故D正确所以AD正确，BC错误8、AD【解析】磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度比值与磁场力及电流元均无关电流元所受磁场力是由左手定则来确定【详解

16、】当通电导线放入磁场中，受磁场力大的地方，磁感应强度不一定越大，磁场力大小还与导线中流动的电流大小，也跟导线和磁感应强度的方向之间的夹角有关故A正确；放在匀强磁场中各处的通电导线受力为，受力大小与电流、导线的长度及导线与磁场的夹角有关所以通电导线在磁感应强度大的地方受力不一定大，通电导线受磁场力大的地方磁感应强度不一定大故B错误，C错误；磁感应强度的大小跟垂直放在磁场中的通电导线受力的大小没有关系，与通电导线电流大小也没有关系，它由磁场的性质决定故D正确；故选AD【点睛】磁感应强度是通过比值定义得来，例如电场强度也是这种定义，电场强度与电场力及电荷量均没有关系再如密度也是，密度与物体的质量及体

17、积均无关同时电流元放入磁场中不一定有磁场力，还受放置的角度有关9、AD【解析】AB.两安培表并联，表头两端的电压相同，电流相同，指针偏转角度相同，安培表A1的量程大于A2的量程，则安培表A1的读数大于安培表A2的读数。故A正确，B错误CD.两电压表串联，两表头的电流相同，指针偏转角度相同，量程大的读数大，伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角。故C错误，D正确10、ACD【解析】竖直方向上有mg-qE=ma，随着电场强度E的减小，加速度a逐渐增大，当E=0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，此后电场力增大，重力不变。物体所受的合力增大，加速度也继续增大，故A正确；物体脱离墙面时的

18、速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线，故B错误；物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得： ，解得： ，故C错误；当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间： ，故D正确。所以AD正确，BC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、13.40【解析】游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，则游标读数为，最终读数为故答案为13.40.12、R2 1.5V 500 相等 偏大 【解析】(1)“水果电池”电动势约为1.5V，电流约为3mA，估算其内阻约为500，要使电路电流变化范围大一些，需要选用与电源内阻接近的滑动变阻器，故选用R2；(2)根据图象可知：纵截距表示电动势，斜率绝对值表示内阻。故电动势为1.50V，内电阻为500。(3)根据欧姆定律可得，由此可知电动势E测量值等于真实值，而内电阻测量值大于真实值，因为还包含电流表内阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)2m(2)2.1N【解析】试题