北京海淀外国语2023学年高二物理第一学期期中综合测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了电流表内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx之间的关系为()AR1RxR2BR1RxR2CR1R2RxD

2、R1R2Rx2、分别将带正电、负电和不带电的三个等质量小球，分别以相同的水平速度由P点射入水平放置的平行金属板间，已知上板带负电，下板接地三小球分别落在图中A、B、C三点，则正确的是（ ）AA带正电、B不带电、C带负电B三小球在电场中加速度大小关系是：aAaBaCC三小球在电场中运动时间相等D三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA3、定值电阻R1、R2、R3的阻值均为2 ，在电路中所消耗的电功率的最大值分别为10 W、10 W、2 W，现将这三个电阻按照如图所示的方式连接，则这部分电路消耗的电功率的最大值为A22 WB12 WC15 WD16 W4、如图所示，条形磁铁放在桌面上，一根通

3、电直导线由S极的上端平移到N极的上端的过程中，导线保持与磁铁垂直，导线的通电方向如图所示则这个过程中磁铁受到的摩擦力(磁铁保持静止)( )A为零B方向由左变为向右C方向保持不变D方向由右变为向左5、等量同种电荷的电场线分布如图所示，O、M、N为电场中的三个点，则由图可得 AM点的场强大于O点的场强BM点的电势高于N点的电势C将一负电荷由N点移到M点电势能减少D将一正电荷从O点分别移到M点和N点，电场力做功相同6、用比值法定义物理量是物理学中一种常用的方法,下面四个物理量都是用比值法定义的以下公式不属于比值法定义式的是A电流强度B磁感应强度C电阻D电容二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共

4、20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（ ）AL1和L3变亮，L2变暗BL1变暗，L2变亮，L3亮度不变CL1中电流变化值小于L3中电流变化值DL1中电流变化值等于L3中电流变化值8、带电粒子垂直匀强磁场方向运动时，会受到洛伦兹力的作用。下列表述正确的（ ）A洛伦兹力对带电粒子会做功B洛伦兹力的大小与速度无关C洛伦兹力不改变带电粒子的动能D洛伦兹力只改变带电粒子的速度方向9、如图所示电路中，电源内阻不能忽略，当变阻器R的滑

5、片P向下移动时下列说法中正确的是AV1示数变大，V2示数变小，A示数变大BV1示数变小，V2示数变大，A示数变小C电源消耗的总功率增大D电源消耗的总功率减小10、在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又垂直进入另一磁感应强度是原来的磁感应强度2倍的的匀强磁场，则（ ）A粒子的速率加倍，周期减半B粒子的速率不变，轨道半径减半C粒子的速率减半，轨道半径为原来的四分之一D粒子的速率不变，周期减半三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）根据试题的要求填空（1）用如下图(甲)所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T请根据

6、下列步骤完成电阻测量：旋动部件_，使指针对准电流的0刻线将K旋转到电阻挡l00的位置将插入十、插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_ (填0 或)刻线 将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序进行操作，再完成测量A将K旋转到电阻挡1k的位置B将K旋转到电阻挡10的位置C将两表笔的金属部分分别接在被测电阻的两根引线上D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准（2）在用多用表测量另一电阻的阻值时，电表的读数如图（乙）所示，该电阻的阻值为_（3）他用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如下图所示，其读数

7、为_mm12（12分）用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量（请将你的答案相应的字母或文字）填写在空格内：（1）旋动部件_，使指针对准电流的“0”刻线；（2）将K旋转到电阻挡“100”的位置；（3）将插入“”“”插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_（填“0刻线”或“刻线”）；（4）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序进行操作，再完成读数测量。A将K旋转到电阻挡“1k”的位置B将K旋转到电阻挡“10”的位置C将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线

8、相接D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准（5）将红、黑笔表分别与待测电路两端相接触，若电表的读数如图乙所示，则该电阻的阻值读数应为_。（6）测量完毕后，要将选择开关旋转到_位置。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）水平放置的平行板电容器如图，原来两板不带电，上极板接地，板长L1 m，两板间距离d0.4 m有一束相同的带正电微粒，以相同的初速度v0先后从两板中央平行极板射入，由于重力作用微粒落到下极板上，微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上，设前一微粒落到下极板上时后一微粒才能开始射入两板

9、间，且第一个微粒恰好落在下极板中点处已知微粒质量m1104 kg，电量q1106 C，电容器电容，g10 m/s1求：(1)微粒入射的初速度v0的大小；(1)当微粒从极板间穿出时，极板间电压U；(3)当微粒从极板间穿出时，落在下极板上的微粒个数14（16分）如图所示，光滑绝缘杆竖直放置，且与以点电荷+Q为圆心的圆周交于B、C两点。一质量为m、带电量为q的空心小球从杆上A点无初速下滑，且AB=BC=h，小球滑到B点的速度为，求：（1）小球由A到B过程中电场力做的功；（2）小球滑到C点时的速度； （3）A、C两点的电势差。15（12分）如图所示，一条长为l的细线，上端固定，下端拴一个质量为m的带电

10、小球。将它置于一匀强电场中，电场强度大小为E，方向水平向右。已知当细线离开竖直位置的偏角为时，小球处于平衡状态。试问：(1)小球带何种电荷？(2)小球所带电荷量是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏大，故R1Rx；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏小，故RxR2；故选A2、A【解析】ABC.A、B

11、、C三个小球在水平方向都做匀速直线运动，由图看出水平位移关系是：xAxBxC三个小球水平速度v0相同，由x=v0t得，运动时间关系是：tAtBtC竖直方向上三个小球都做匀加速直线运动，由图看出竖直位移y大小相等，由，得加速度关系为：aAaBaC根据牛顿第二定律得到合力关系为：FAFBFC，三个小球重力相同，而平行金属板上板带负极，可以判断出来A带正电、B不带电、C带负电。故A正确，BC错误。D.三个小球所受合力方向都竖直向下，都做正功，竖直位移大小相等，而合力FAFBFC，则合力做功大小关系为：WAWBWC，根据动能定理得，三小球到达下板时的动能关系是EkCEkBEkA故D错误。3、B【解析】

12、由题意知R1=R2=R3=2 ，P1=10 W，P2=10 W，P3=2 W，首先分析两个并联电阻R2、R3所允许的最大消耗功率.因为R2与R3并联，则两端电压相等，由公式P=知道，R2与R3所消耗的功率一样.已知R2与R3本身允许的最大功率分别是10 W和2 W，所以R2、R3在该电路中的最大功率都是2 W，否则会超过R3的最大功率.再分析R1在电路中允许的最大功率.把R2与R3看成一个并联电阻R，则电路就是R1与R串联，而串联电路所流过的电流一样，再由P=I2R知道，R1与R所消耗功率之比为R1R，R2与R3的并联阻值R=，即=2，所以R1消耗的功率是并联电阻R的两倍，则R1的功率是24

13、W=8 W10 W，所以总功率最大为2 W+2 W+8 W=12 W故B正确，ACD错误4、B【解析】考查左手定则的应用，牛顿第三定律。【详解】受力分析如图，开始时，导线在S极上方，由左手定则可得，导线受一个安培力斜向左上方，由牛顿第三定律可得，磁铁受一个导线施加的反作用力斜向右下方，有一水平向右的分力，即有向右运动的趋势，摩擦力向左；同理，当运动到右端N极上方时，磁铁受摩擦力向右，B正确。故选B。5、A【解析】由题意可知考查电场、电势大小的比较，电场力做功问题，根据电场力和能的性质分析计算可得。【详解】A电场线的疏密表示场强大小，电场线越密（越疏），场强越大（越小）所以电场M点的场强大于O点

14、的场强，故A正确；B沿电场线方向电势逐渐降低，所以M点的电势低于N点的电势，故B错误；C将一负电荷由N点移到M点， ，电场力做负功，电势能增大，故C错误；D将一正电荷从O点分别移到M点和N点，电势差不同，电场力做功不相同，故D错误。【点睛】电场线疏密表示场强大小，电场线越密（越疏），场强越强（越弱）。沿电场线方向电势降落，电场力做正功(负功)，电势能减少（增大）。6、D【解析】试题分析：选项A、B、C中公式均为物理量的定义式，其特点是被定义量与用来定义的量间无直接关系，电容的定义式是C=而D选项为电容的决定式，公式中C与其它各量都由直接关系，不是定义式，故选项D错误，其余正确考点：电容、电阻、

15、电流、磁感强度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮，A正确B错误CD、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故L3上电流变化量大于LI上

16、的电流变化量，C正确D错误8、CD【解析】A洛伦兹力的方向与速度方向垂直，所以洛伦兹力不做功，故A错误；B洛伦兹力大小F=qvB，与速度的大小有关，故B错误；C洛伦兹力不改变速度的大小，只改变速度的方向，所以不改变粒子的动能，故C正确；D洛伦兹力与速度方向始终垂直，其作用效果只改变速度的方向，故D正确.9、AC【解析】当变阻器R的滑片向下移动时，R减小，R与R2并联的阻值减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流I增大。电压表V2的示数U2=E-Ir，电压表V1的示数U1=IR2，I增大，U2减小，U1增大。电阻R2的电压U2=E-I（R1+r），I增大，U2减小，流过R2的电

17、流I2减小，则电流表的示数IA=I-I2，IA增大，则A正确，B错误。根据P=IE可知电源消耗的总功率增大，选项C正确，D错误；故选AC.【点睛】本题电路中典型的问题：电路中动态变化分析问题，一般按照“部分整体部分”思路分析10、BD【解析】根据粒子在匀强磁场中运动的周期公式可知粒子在磁场中运动的周期跟速率无关，磁感应强度增大一倍，则周期减半，A错误D正确；粒子在磁场中运动过程中，受到的洛伦兹力垂直于速度方向，对粒子不做功，即速率不变，根据粒子做圆周运动的半径公式可知， 速率不变，轨道半径减半，B正确C错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

18、11、S T 0 A D C 15000 0.3960.398 【解析】电表使用前要使指针指在0刻线位置，通过调节调零旋钮实现；欧姆表测量前要进行欧姆调零；欧姆表中值电阻附近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；欧姆表读数=刻度盘读数倍率；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意其精度是0.01mm【详解】解：(1)电表使用前要调节调零旋钮，使指针指在0刻线位置，故调节S旋钮；欧姆表测量前要进行欧姆调零，故调节T旋钮，使指针对准电阻的0刻线；指针偏转度过小，说明电阻偏大，故需选择较大的倍率；每次换挡要重新调零，按A、D、C的顺序进行操作(2)欧姆表读数=刻度盘读数倍率=151000=15000； (3) 螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为0.0139.8mm=0.398mm，所以最终读数为：0mm+0.398mm=0.398mm；12、S T 0刻线 ADC 19k OFF 【解析】（1）1旋动部件S，使指针对准电流的“0”刻线；（3）23将插入“”“”插孔的表笔短接，旋动部件T，使指针对准电阻的0刻线；（4）4将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。说明倍率档选择过