海南省临高县新盈中学2023学年物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的是（ ）A沿电场线方向场强逐渐减小B沿电场线方向移动电荷，电场力做正功C沿电场线方向电势逐渐降低D电场强度为零处，电势也一定为零2、某人把电流表、干电池

2、和一个定值电阻串联后，两端连接两只测量表笔，做成了一个测量电阻的装置两只表笔直接接触时，电流表读数是4mA，两只表笔与200的电阻连接时，电流表读数是3mA现在把表笔与一个未知电阻连接时，电流表读数是2mA，则该未知电阻阻值是（）A600B1200C300D2003、某电场的电场线如图所示，某点电荷在A和B两点所受电场力分别为FA、FB，则FA、FB的大小关系是 （ ）AFAFBBFAFBCFA=FBD电荷正负不明无法判断4、如图所示，带等量同种电荷的小球A、B固定，A、B连线的中垂线为MN，现有一质子以某一速度从M一侧沿MN运动，关于质子的运动情况正确的是（）A从M到O的过程中，加速度可能一

3、直增大B从O到N的过程中，加速度可能先增大后减小C从M到O的过程中，加速度可能先减小后增大D从O到N的过程中，加速度可能先减小后增大5、如图所示，一根长为L、横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为，棒内单位体积自由电子数为n，电子的质量为m，电荷量为e。在棒两端加上恒定的电压时，棒内产生电流，自由电子定向运动的平均速率为v，则金属棒内的电场强度大小为（）AvBCD6、关于安培力和洛伦兹力，如下说法中正确的是（）A带电粒子在磁场中运动时，一定受到洛伦兹力作用B放置在磁场中的通电导线，一定受到安培力作用C洛伦兹力对运动电荷一定不做功D洛伦兹力与安培力毫无关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分

4、，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中电子在M点时的电势能为EpM，电子在N点时的电势能为EpN，则下列说法正确的是()A电子在N点时的动能大于在M点的动能B该电场有可能是匀强电场C该电子运动的加速度越来越小D电子运动的轨迹为曲线8、如图所示，a、b带等量异种电荷，MN为a、b连线的中垂线，现有一个带电粒子从M点以一定的初速度v射出，开始时一段轨迹如

5、图中实线所示，不考虑粒子的重力，则在飞越该电场的过程中（）A该粒子带正电B该粒子的动能先增大，后减小C该粒子的电势能先减小，后增大D该粒子运动到无穷远处后，速率大小一定仍为v9、中国代科学家沈括在梦溪笔读中最早记载了地磁偏角：“以磁石器针，则能指南，然常微偏东，不全南也。”研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法正确的是（）A地理南、北极与地磁场的南、北极重合B我国北京地区的地磁场方向为北偏下C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，且平行于地球自转方向D地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近10、在光滑的水平面上有一平行于水平面的静电场，右图中O、A是一条直

6、电场线上的两点，在O点由静止释放一电量为，质量为0.02kg的带负电的小球，其运动的v-t图像如右图所示，其中A点是图线切线斜率最大的位置，则下列说法正确的是（ ）A由O到A的过程中电势在升高B该电场可能是匀强电场CA点为场强最大的位置，场强大小E=1V/mDOA两点间电势差三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图a是多用电表的示意图，小明用多用电表“10”倍率的欧姆档测量一只电阻的阻值，发现指针偏转角太大，为了测量结果比较精确，请你补充完整依次进行的主要操作步骤：（1）应选用_（选填“1”或“100”）倍率的欧姆档；（2）两表笔短

7、接，调节_，使指针指在0处；（3）重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图b所示，测量结果是_12（12分）请读出以下测量仪器的示数，其中游标卡尺读数为_cm，螺旋测微器读数为_mm，多用电表挡位为直流电压挡50V时读数为_V，若用欧姆表100挡时的读数为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两根间距为L的金属导轨MN和PQ，电阻不计，左端向上弯曲，其余水平，水平导轨左端有宽度为d、方向竖直向上的匀强磁场I，右端有另一磁场II，其宽度也为d，磁场的磁感应强度大小均为B。有两根质量均为m、电阻

8、均为R的金属棒a与b与导轨垂直放置，b棒置于磁场II中点C、D处，导轨除C、D两处（对应的距离极短）外其余均光滑，两处对棒可产生总的最大静摩擦力为棒重力的K倍，a棒从弯曲导轨某处由静止释放。（1）若a棒释放的高度大于h0，则a棒进入磁场I时才会使b棒运动，请求出h0。（2）若将a棒从高度小于h0的某处释放，使其以速度v0进入磁场I，结果a棒以的速度从磁场I中穿出，求两棒即将相碰时a棒的速度。（3）在（2）问中，求两棒即将相碰时b棒上的电功率Pb。（4）若将a棒从高度大于h0的某处释放，使其以速度v1进入磁场I，从磁场I穿出时的速度大小为，试求此时b棒的速度，并分析说明b棒此时是否已穿出磁场II

9、。 14（16分）假设航母静止在海面上，舰载机在航母跑道上从静止开始做匀加速直线运动，以5m/s2的加速度运动，需要达到50m/s的速度才可升空，求：(1)滑行5s后，舰载机的速度大小；(2)从启动到起飞，至少滑行多长时间；(3)航母跑道至少多长。15（12分）在如图所示的电路中，R1=2 ，R2=R3=4 ，当电键K接a时，R2上消耗的电功率为4 W，当电键K接b时，电压表示数为4.5 V，试求： (1)电键K接a时，通过电源的电流和电源两端的电压；(2)电源的电动势和内电阻。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、

10、C【解析】AC沿电场线方向，电势必定降低，而电场线疏密不一定，则场强不一定减小，故A错误，C正确；B由于电性未知，所以电场力的方向未知，故沿电场线方向移动电荷时的做功情况无法确定，故B错误；D电势的大小取决于零势能面的选择，电场强度为零处，电势不一定为零，故D错误。故选C。2、A【解析】由题意，根据闭合电路欧姆定律，则有：E=I1（Rg+R+r）=0.004（Rg+R+r），E=I2（Rg+R+r+200）=0.003（Rg+R+r+200），把Rg+R+r看成一个总电阻R总，则由上面两式可得：E=2.4V，R总=600；电流为2mA时，有E=I3（R总+RX）=0.002（600+RX），解

11、得：RX=600；故A正确，BCD错误3、A【解析】由电场线的疏密可知A点的电场强度高于B点，所以同一点电荷在A点所受电场力比B点大，电场力的大小与电荷的正负无关。故A正确。故选A。4、B【解析】根据等量同种点电荷电场的特点，可知两个电荷连线上中点的电场强度为零，电场强度从O点沿OM或ON先增大后减小，所以质子从MO的过程，加速度可能一直减小，也可能先增大后减小；而从ON的过程，加速度可能先增大后减小，也可能一直变大；由上分析可知，故B正确，ACD错误；故选B。5、A【解析】导体中的电流为I=neSv，导体的电阻为，导体两端的电压为U=RI，场强为，联立解得故选A。6、C【解析】本题主要考查安

12、培力和洛伦兹力【详解】当带电粒子的运动方向与磁场方向平行时，带电粒子不受洛伦兹力作用，故A错误；当通电导线电流方向与磁场方向平行时，通电导线不受安培力，故B错误；洛伦兹力对带电粒子不做功，故C正确；洛伦兹力是磁场对运动电荷的作用力，安培力是磁场对通电导线的作用力，安培力是洛伦兹力的宏观表现，洛伦兹力是安培力的微观解释，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A. 电子从M运动到N过程中，只受电场力，电势能减小，电场力做正功，则动能增加，因此N点的动能大

13、于M点的动能，故A正确；B. 电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，不可能是匀强电场，故B错误；C. 电子所受的电场力减小，则知电子的加速度逐渐减小，故C正确；D. 带电粒子初速度为零，且沿着电场线运动，其轨迹一定为直线，故D错误故选AC.8、BCD【解析】粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，可判断出粒子的电性。电场力先做正功，后做负功，可分析动能和电势能的变化。因为MN为a、b连线的中垂线，是一条等势线，并且一直延伸到无穷远处，M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，该粒子运

14、动到无穷远处后，其速度大小一定仍为v。【详解】粒子轨迹向右弯曲，受到的电场力大致向右，该粒子带负电。故A错误。由题可知，电场力先做正功，后做负功，则根据动能定理得知：粒子的动能先增大后减小。故B正确。电场力先做正功，后做负功，粒子的电势能先减小后增大。故C正确。M点的电势与无穷远处相等，粒子从M点运动到无穷远处过程，电场力做功为零，则该粒子运动到无穷远处后，其速度大小一定仍为v。故D正确。故选BCD。【点睛】本题是轨迹问题，根据轨迹的弯曲方向可判断出粒子的合力方向，分析出电场力做功情况。带等量异种电荷连线的中垂线是一条件延伸到无穷远处的等势线，要记牢。9、BD【解析】A地理南、北极与地磁场的南

15、、北极不重合有一定的夹角，即为磁偏角，故A正确；B磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，北京位于北半球，故地磁场方向为北偏下，故B正确；C磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，组成闭合曲线，不是地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行，故C错误；D磁场是闭合的曲线，地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近，故D正确。10、ACD【解析】A：小球由O到A做加速运动，受的电场力方向由O指向A，小球带负电，电场方向由A指向O，逆着电场线方向电势升高，由O到A的过程中电势在升高；故A正确B：小球由O到A做变加速运动，受的电场力大小变化，故该电场不是匀强

16、电场；故B错误C：A点是图线切线斜率最大的位置，即A点时小球的加速度最大，又，即A点为场强最大的位置；由图象得：；故C正确D：小球从静止由O到A时获得的速度，据动能定理：得：；故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 欧姆档调零旋钮 12 【解析】（1）用多用电表“”倍率的欧姆档测量电阻的阻值，指针偏转角太大，说明示数小了，要想使示数指在中值电阻附近，选用小倍率的，故选用“” 倍率的欧姆档；（2）调节欧姆档调零旋钮，使指针指在处；（3）读数为12、1.140 4.713 30.0 1000 【解析】根据游标卡尺读数规则，游标卡尺主尺

17、读数为1.1 cm，游标尺第8个刻度线与主尺刻度线对齐，20分度游标尺精度为0.05 mm，游标尺读数为80.05 mm0.40 mm，故测量值为1.1 cm+0.40 mm1.140 cm。根据螺旋测微器读数规则，读数为4.5 mm+0.213 mm4.713 mm。多用电表挡位为直流电压挡时，按照中间的刻度盘刻度读数，为30.0V；若用欧姆表100挡时读数为101001000。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (4)没有出磁场【解析】（1）根据左手定则判断知b棒向左运动。a棒从h0高处释放后在弯曲导轨上滑动

18、时机械能守恒，有得a棒刚进入磁场I时：E=BLv此时感应电流大小此时b棒受到的安培力大小F=BIL依题意，有F=Kmg联立可得；（2）由于a棒从小于进入h0释放，因此b棒在两棒相碰前将保持静止。流过电阻R的电量为：又：所以在a棒穿过磁场I的过程中，通过电阻R的电量为：在a棒进入磁场与b棒相碰的过程中，通过电阻R的电量为：设两棒即将相碰时a棒的速度为v，根据动量守恒定理：联立解得：；（3）将要相碰时的电流为：此时b棒电功率为：；（4）由于a棒从高度大于h0处释放，因此当a棒进入磁场I后，b棒开始向左运动。由于每时每刻流过两棒的电流强度大小相等，两磁场的磁感强度大小也相等，所以两棒在各自磁场中都做变