江苏省田家炳中学2023学年物理高二上期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、静电计可以用来测量电容器的电压如图把它的金属球与平行板电容器一个导体板连接，金属外壳与另一个导体板连接（或者金属外壳与另一导体板同时接地），从指针偏转角度可以推知两导体板间电势差的大小现在对电容器充完电后与电源断开，然后将一块电介质板插入两导体板之间，则（ ）A电容增大，板间场强减小，静电计指针偏角减小B电容减小，板间场强增大，静电计指针偏角增大C电容减小，板间场强增大，静电计指针偏角减小D电容增大，板间场强减小，静电计指针偏角增大2、如图为静电除尘机理示意图，废气先经过一个机械过滤装置再进入静电除尘区，带负电的尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，以达到除尘目的。图中虚线为电

3、场线(方向未标)。不考虑尘埃在迁移过程中的相互作用和电量变化，则A每个尘埃的运动轨迹都与一条电场线重合B尘埃在迁移过程中电势能增大C尘埃在迁移过程中做匀变速运动D图中点电势低于点电势3、如图，在水平面O点固定一个点电荷，实线表示一电子只在库仑力作用下的运动轨迹，M、N和P为轨迹上的三点，N点离O点最近，P点比M点O点更远，则下列说法正确的是（）A位于O点的点电荷带正电B三点中，电子在N点的电势能最小C三点中，电子在P点的速度最大D位于O点的点电荷产生的电场中，M点的电势比P点的高4、如图所示，在“验证力的平行四边形定则”实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，绳的另一端

4、都有绳套实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条在此过程中必须注意的事项是（ ）A两根细绳必须等长B保证两弹簧秤示数相等C橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上D在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行5、下列物理量中属于矢量，而且其表达式是采用比值法定义的是（）A加速度aF/mB电流强度IU/RC电容CQ/UD电场强度EF/q6、两个质量均为m的星体，其连线的垂直平分线为MN，O为两星体连线的中点，如图所示，一物体从O沿OM方向运动，则它所受到的万有引力大小F随距离r的变化情况大致正确的是(不考虑其他星体的影响)( )ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

5、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于场强和电势的说法中，正确的是（ ）A在电场中ab两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的场强一定为零B电场强度的方向就是电势降落最快的方向C两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，场强越来越小D两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均相等，中点场强最大，沿连线的中垂线向外，场强越来越小8、如图所示电路中，电源内阻忽略不计闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑

6、到b端的过程中AU先变大后变小BI先变小后变大CU与I比值先变大后变小DU变化量与I变化量比值等于R39、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为210-3C质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放,其运动的v-t图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)，则下列说法正确的是A由C到A的过程中物块的电势能一直增大BB点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=100V/mC由C点到A点电势逐渐降低DA、B两点间的电势差UAB=5V10、用t、v、s分别表示物体运动的时间、速度、位移，以下图象中，能表示物体

7、做匀速直线运动的是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某小组通过实验测绘一个标有“5.0V7.5W”某元件的伏安特性曲线，电路图如图甲所示，备有下列器材:A电池组(电动势为6.0V，内阻约为1)；B电压表(量程为03V，内阻RV=3k)；C电流表(量程为01.5A，内阻约为0.5)；D滑动变阻器R(最大阻值为10，额定电流为1A)；E定值电阻R1(电阻值为1.5k)；F定值电阻R2(电阻值为3k)；G开关和导线若干。(1)实验中所用定值电阻应选_(选填“E”或“F”)；(2)根据图甲电路图，用笔画线代替导线将图乙中的

8、实物电路连接完整；(3)某次实验时，电压表示数指针位置如图丙所示，则电压表读数是_V；元件两端电压是_V。12（12分）用半径相同的小球1和小球2的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重锤线所指的位置O在做“验证动量守恒定律”的实验时（1）实验必须满足的条件是_A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端的切线是水平的C.入射球每次都要从同一高度由静止释放D.实验过程中，白纸可以移动，复写纸不能移动（2）实验中要完成的必要步骤是_填选项前的字母A.用天平测量两个小球的质量、B.测量抛出点距地面的高度HC.用秒表测出小球

9、做平抛运动的时间tD.分别确定碰撞前后落地点的位置和碰后的落地点P、M、N，并用刻度尺测出水平射程OP、OM、ON（3）入射小球质量为，被碰小球质量为，两小球的质量应满足_选填“大于”“小于”或“等于”（4）若所测物理量满足_表达式则可判定两个小球相碰前后动量守恒（5）若碰撞是弹性碰撞，那么所测物理量还应该满足的表达式为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平放置的平行板电容器极板宽度为L，两板间距为d，所加电压为U。与电容器右侧边缘相距r处有一竖立的荧光屏P，它的中心O1与电容器中央相齐。今有

10、一质量为m、电量为-q的带电粒子经加速电压U0无初速地加速后，由两极板中央垂直射入偏转电场中，并由右侧离开偏转电场，最终打在了荧光屏上，并产生一个亮点P，不计重力。试确定：粒子打出P时的速度大小和方向；亮点P与O1间的距离。（要求以题中所给字母表示结果）14（16分）已知，规定离场源电荷无穷远处电势为零之后，在点电荷电场中电势与场源电荷电荷量Q及离点电荷的距离之间的关系为k ，其中k为静电力常量，k9.0109Nm2/C2.如图所示，某处固定一带电量为Q1106C，可看做点电荷的带电小球，另一电荷量为q41012C的试探电荷从电场中A点沿曲线(图中实线)运动到B点，已知A、B两点与带电小球球心

11、之间的距离分别为rA20cm，rB10cm.求：(1)A、B间的电势差UAB；(2)从A到B过程中，试探电荷电势能的变化量15（12分）如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成=的角倾斜固定细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E=1104N/C在细杆上套有一个带电荷量为q=1.731105C、质量为m=3101kg的负电小球现使小球从细杆的顶端A由静止开始沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点已知A、B间的距离x1=0.4m，g=10m/s1求：(1)小球在B点的速度vB；(1)小球进入电场后滑行的最大距离x1；(3)小球从A点滑至C点所用的时间t参考答案一、单项选

12、择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】对电容器充完电后与电源断开，两极板所带电荷量恒定不变，在平行板电容器两极板间插入电介质，则增大，根据电容的决定式，可以知道电容增大，由电容的定义式得知， 减小，所以静电计指针偏角减小，根据知电场强度减小，A正确【点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合， 等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变2、D【解析】A. 电场线为直线时，运动轨迹才有可能与电场线重合，并且

13、要求初速度为零或者方向与电场线方向一致；电场线为曲线时，则运动轨迹不能与电场线重合，故A错误；D. 由题带负电的尘埃在电场力的作用下向集尘极迁移，则知集尘极带正电荷，是正极，所以电场线方向由集尘极指向放电极，点更靠近放电极，所以图中点电势低于点电势，故D正确；B. 带电尘埃所受的电场力方向与位移方向相同，做正功，所以在迁移过程中电势能减小，故B错误；C. 放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的，尘埃的加速度是变化的，故C错误。3、C【解析】根据电子轨迹弯曲的方向判断出电场力的方向，从而判断电场力做功情况，分析动能和电势能的大小由电场力的方向，判断点电荷的电性根据点电荷电场线的

14、分布情况，判断电势的高低。【详解】A项：由做曲线运动的物体所受合外力指向曲线的内侧可知，位于O点的点电荷带负电，故A错误；B项：N点离负电荷最近，电势最低，所以电势能最大，故B错误；C项：P点离负电荷最远，电势最高，电子的电势能最小，由能量守恒可知，电子在P的速度最大，故C正确；D项：由于M点离负电荷更近，所以M点电势比P点电势更低，故D错误。故应选：C。【点睛】本题的突破口是根据粒子的轨迹弯曲方向判断出电场力方向，要熟悉点电荷周围的电场线分布情况，知道顺着电场线电势降低这些基本知识。4、D【解析】A细线的作用是能显示出力的方向，所以不必须等长故A错误；B两弹簧秤示数不需要等大，只要便于作出平

15、行四边形即可故B错误；C两细线拉橡皮条时，只要确保拉到同一点即可，不一定橡皮条要在两细线的夹角平分线上故C错误；D在拉弹簧秤时必须要求弹簧秤与木板平面平行，否则会影响力的大小，故D正确5、D【解析】A、加速度是牛顿第二定律的表达式，也是加速度的决定式，不属于比值法定义的物理量，故A错误.B、电流强度是部分电路欧姆定律，由知电流强度与电压成正比，与电阻成反比，不属于比值法定义的物理量，故B错误.C、电容是电容器电容的定义式，故C错误.D、电场强度是用比值法定义电场强度的定义式，故D正确.故选D.【点睛】物理公式要区分哪些是定义式，哪些是决定式，哪些是定律式，哪些是定理式.6、B【解析】因为在连线

16、的中点时所受万有引力的和为零，当运动到很远很远时合力也为零（因为距离无穷大万有引力为零）而在其他位置不是零所以先增大后减小设两个质量均为m的星体的距离是2L，物体质量是m，物体沿OM方向运动距离是r时，它所受到的万有引力大小，故ACD错误，B正确；故选B点睛：本题运用了极限法、假设法，因为万有引力的合力一直增大，那么最后不可能为零，一开始是零，不可能再减小，运用适当的方法可以避开复杂的数学计算二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】试题分析：等势面和电场线相互

17、垂直，在等势面上移动电荷电场力不做功但电场强度不为0，A选项错误；据可知电场强度方向就是电势降落最快方向，故B选项正确；两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，而场强先增加后减小，故C选项错误；两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均为0，从中点向两边场强减小，故D选项正确考点：本题考查对等量同种电荷和等量异种电荷的电场线和等势线分布的理解8、BC【解析】由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故A错误；在滑动变阻器的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭

18、合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U与I的比值就是接入电路的的电阻与的电阻的和，所以U与I比值先变大后变小，故C正确；由于电压表示数没有变化，所以U变化量与I变化量比值等于0，故D错误；【点睛】当滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，9、BC【解析】由能量守恒定律分析电势能的变化情况根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差。【详解】A项：从速度时间图象可知，由C到A的过程中

19、，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；B项：带电粒子在B点的加速度最大，为am=47-5ms2=2ms2，所受的电场力最大为 Fm=mam=0.12N=0.2N，则场强最大值为Em=Fmq=100NC，故B正确；C项：据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；D项：从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为 vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得：qUAB=12mvB2-12mvA2=-1J，解得：UAB=-500V，故D错误。故应选：BC。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本

20、题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法。10、AD【解析】本题考查的是对物体运动的时间、速度、位移图像的理解表示物体做匀速直线运动的是AD.B表示物体做匀加速直线运动，C表示物体静止所正确答案AD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、F 4.40 【解析】（1）题中电压表量程太小，需要改装成6V的电压表，串联一个阻值为3k的定值电阻，故选F；（2）实验电路选择滑动变阻器的分压式接法，实物电路图连接如下：（3）由刻度盘读得，电压表示数为2.20V，因改装后的电压表量程被扩大了两倍，则实际加在元件两端的电

21、压为4.40V；12、BC AD 大于 【解析】（1）斜槽的粗糙与光滑不影响实验的效果，只要到达底端时速度相同即行，故A错误；斜槽轨道末端必须水平，保证小球碰撞前速度水平，故B正确；小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下，使得小球与另一小球碰撞前的速度不变，故C正确；实验过程中，白纸不可以移动，故D错误所以BC正确，AD错误（2）本实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量是两小球的质量，因为可以通过水平位移代表速度的大小，所以不必测量AB的高度和B点离地面的高度因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是A球不与B球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，故选AD（3）为了防止入射球反弹，应使入射球的质量大于被碰球的质量；（4）因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是A球不与B球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，当所测物理量满足表达式，说明两球碰撞遵守动量守恒