2023学年安徽池州市高二物理第一学期期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、下列物理量是决定式的是A加速度 a=B电阻 R=C平行板电容器的电容 C=D电场强度 E=2、如图所示，光滑绝缘水平面上相距6L的A、B两点分别固定正点电荷Q1与Q2，与B点相距2L的C点为连线上电势最低处若可视为质点的滑块在BC中点D处，以初速度v0水平向右运动，且始终在A、B之间运动已知滑块的质量为m、带电量为+q，则（ ）A滑块从D向B的运动过程中，电场力先做正功后做负功B两点电荷的电量之比为Q1：Q2 =1:4CA、B之间，场强为零的地方应该有两处D滑块沿B向A方向运动的过程，电势能先减小后增大3、下列关于电源电动势的说法中正确的是A在某电源的电路中，每通过2C的电荷量，

3、电源提供的电能是4J，那么这个电源的电动势是0.5VB电动势就是电源两极间的电压C电源的电动势与外电路无关D电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多4、智能手机电池“快速充电技术”可以使用户在短时间内完成充电，比如对一块额定电压、容量1430毫安时的电池充电，可以在半小时内将电池充到满容量的75%，结合本段文字和你所学知识，关于“快速充电技术”，你认为下列叙述中比较合理的是（ ）A这里所提到的“毫安时”指的是一种能量单位B这里所提到的“满容量的75%”是指将电池电压充到的75%C“快速充电技术”提高了锂电池的原有容量D对额定电压的锂电池充电，其充电电压应高于5、通过一个导体电流是5A,经过4

4、min通过该导体一个截面的电量是( )A20C B50C C1200C D2000C6、关于电磁场和电磁波，下列说法正确的是（）A电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变大B均匀变化的电场一定产生均匀变化的磁场C雷达是用电磁波来测定物体位置的设备D声波和电磁波都可在真空中传播二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是()A在M

5、N上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的重力C在MN上通以向右的电流，线圈会发生(俯视看)逆时针转动D在MN上通以向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力8、 “测量金属的电阻率”实验中，关于误差的下列说法中正确的是( )A电流表采用外接法，将会使测真B电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分压的减小而引起测量误差C由=可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起的测量误差D由=可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量9、如图所示电路，在平行金属板M、N内部左侧中央P有一质量为m的带电粒子（重力不计）以水平速度

6、v0射入电场并打在N板的O点，改变R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入电场，则下列说法正确的是A该粒子带正电B减小R1，粒子将打在O点左侧C增大R1，粒子在板间运动时间不变D减小R2，粒子还能打在O点10、带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有( )A增大两极板间的距离B用手触摸极板 BC在两板间插入电介质D将极板 B 向上适当移动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了描绘标有“3V，0.4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡电压能从零开始变化所给器材如下：A电流表(0200mA，内阻0

7、.5); B电流表(00.6A，内阻0.01); C电压表(03V，内阻5k)；D电压表(015V，内阻50k); E滑动变阻器(010，0.5A)；F滑动变阻器(01k，0.1A)；G电源(3V); H电键一个，导线若干为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是_在虚线框中画出完成此实验的电路原理图_，并将实物按电路图用导线连好_ 此实验描绘出的I-U图线是_(填“曲线”或“直线”)，其原因是_.12（12分）如图所示为用电火花打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置（1）若已知打点计时器的电源频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，重物质量为0.2kg实验中得到一条点迹清晰的纸带如

8、图所示，打P点时，重物的速度为零，A、B、C为另外3个连续点，根据图中的数据，可知重物由P点运动到B点，重力势能减少量等于_J（结果保留3位有效数字）（2）实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能，其主要原因是_A重物的质量过大B重物的体积过小C使用的直流电源D重物及纸带在下落时受到阻力四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如下图所示平行板电容器的电容为C，带电电荷量为Q，极板间的距离为d，正极板接地，在两极板间距正极板d/4的P点处放一电荷量为q的正电荷，则该正电荷受到的电场力的大小为多少？正电荷在P点

9、的电势能为多少？14（16分）在如图所示的直角坐标系xoy中，矩形区域oabc内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B=5.0102T；第一象限内有沿y方向的匀强电场，电场强度大小为E=1.0105N/C已知矩形区域oa边长为0.60m，ab边长为0.20m在bc边中点N处有一放射源，某时刻，放射源沿纸面向磁场中各方向均匀地辐射出速率均为=2.0106m/s的某种带正电粒子，带电粒子质量m=1.61027kg，电荷量为q=+3.21019kg，不计粒子重力，求：（计算结果保留两位有效数字）（1）粒子在磁场中运动的半径；（2）从x轴上射出的粒子中，在磁场中运动的最短路程为多少？（3）放射

10、源沿x方向射出的粒子，从射出到从y轴离开所用的时间15（12分）如图所示，电容器两极板相距为d，两板间电压为U，极板间的匀强磁场的磁感应强度为B1 ，一束电荷量相同的带正电的粒子从图示方向射入电容器，沿直线穿过电容器后进入另一磁感应强度为B2的匀强磁场，结果分别打在a、b两点，两点间距离为R 。设粒子所带电量为q，且不计粒子所受重力，求：(1)两粒子射入电容器的速度大小。(2)打在a、b两点的粒子的质量之差m。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题意可知考查对物理量定义式和决定式的理解，根据物理量的含义

11、分析可得。【详解】Aa=是加速度的定义式，其决定式 ，故A错误；BR=是电阻的定义式，其决定式 ，故B错误；CC=是平行板电容器电容的决定式，其定义式为，故C正确；DE=是电场强度的定义式，故D错误。【点睛】a=是定义式，可以计算加速度的大小，但是a的大小和v、 t无关，其它定义式也有类似特点，C=是决定式，C的大小是由r 、s、k、d决定的。2、D【解析】A、两点分别固定正点电荷与，点为连线上电势最低处；类比于等量同种点电荷的电场的特点可知、之间的电场强度的方向指向，、之间的电场强度指向；滑块从向的运动过程中，电荷受到的电场力的方向指向，所以电场力先做负功，故选项A错误；B由题、之间的距离为

12、，、之间的距离为，由库仑定律：，解得，故选项B错误； C、两点分别固定正点电荷与，类比于等量同种点电荷的电场的特点可知、之间的电场强度为0的点只有一处，故选项C错误；D滑块沿沿向方向运动的过程，根据可知处的电势能最小，则电势能先减小后增大，故选项D正确3、C【解析】A. 在某电源的电路中，每通过2C的电荷量，电源提供的电能是4J，那么这个电源的电动势是故A错误；B.闭合电路欧姆定律得知：电动势的数值等于内外电压之和，当电源没有接入电路时，电路中没有电流，电源的内电压为零，外电压即电源两极间的电压等于电动势；当电源接入电路时，电路有电流，电源有内电压，两极间的电压小于电动势，故B错误；C. 电动

13、势由电源本身特性决定，与外电路的组成无关，故C正确；D. 电源电动势越大，电源将其他形式的能转化为电能的本领就越大，不能说电源所能提供的电能就越多；故D错误。4、D【解析】根据q=It可知，毫安时（mAh）是电荷量的单位，不是能量的单位，故A错误；这里所提到的“满容量的75%”是指将电量充到满容量的75%，故B错误；快速充电技术提高了锂电池的充电速度，不会提高原有容量，故C错误；为了能为电池充电，对额定电压3.7V的锂电池充电，其充电电压应高于3.7V，故D正确。故选D。【点睛】本题考查对电池容量的理解，要求明确电源的基本性质包括：电动势、内阻和容量；快速充电只能提高充电速度，不会改变电池的容

14、量5、C【解析】t=4min=240s，通过导体横截面的电荷量：Q=It=5A240s=1200C，故选C。6、C【解析】正确解答本题需要掌握：电磁波的频率、波动与介质的关系；正确理解电磁波理论内容；声波和电磁波的区别；雷达测定物体位置的原理【详解】A、电磁波由真空进入介质，频率不变，速度变小，故A错误；B、均匀变化的电场一定产生恒定的磁场，故B错误；C、雷达的工作原理是：发射电磁波对目标进行照射并接收其回波，由此获得目标至电磁波发射点的距离、距离变化率（径向速度）、方位、高度等信息，故C正确；D、声波属于机械波，它的传播离不开介质，故D错误.故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，

15、共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由右手螺旋定则分析线圈中的磁场分布，再由左手定则判断直导线的受力；由作用力反作用力分析线圈的受力情况，再判断其运动情况。【详解】A、D项：由右手螺旋定则可知，线圈内部磁感线向里，则导线处的磁场向外；对导线由左手定则可知，导线受力向上；则由牛顿第三定律可知，线圈受力向下；线圈不会动，但细绳上的一定有拉力；故A错误，D正确；B、C项：通以向右的电流时，线圈受力向上，可能向上运动，也可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力；而对于线圈分析可知，MN形成的磁场是垂直于线

16、圈所在平面的；故不可能出现转动现象；故B正确，C错误。故选：BD。【点睛】本题应用了转换研究对象法进行分析，要注意明确两电流形成的磁场的分布特点。8、ACD【解析】A电流表采用外接法，将会使电阻的测量值偏小，则电阻率的测量值偏小，即测真，A正确；B电流表采用外接法，由于电压表的并联引起了电阻丝分流的减小而引起测量误差，B错误；C由可知，I、d、U、l中每一个物理量的测量都会引起的测量误差，C正确；D由，因式子中的d是平方关系，可知对实验结果准确性影响最大的是直径d的测量，D正确。故选ACD。9、BD【解析】A、由电路可知，N板带正电，所以带电粒子带负电，A错误；BC、由电路可知，RO、R1串联

17、接在电源两端，MN两板间的电压等于R0两端电压带电粒子在两板间做类平抛运动，平行两板方向做匀速运动，垂直两板方向做匀加速运动减小R1，两板间电压增大，加速度增大，粒子将打在O点左侧，时间变短，B正确，C错误；D、减小R2，两板间电压不变，粒子在板间运动时间不变，还能打在O点，D正确故选BD10、ABC【解析】根据电容的决定式C=，分析电容的变化，再由电容的定义式分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化【详解】A、减小两极板间的距离，则d减小，则由决定式可得是容器的电容增大；则由Q=UC可知，电势差减小，故A正确；B、由于B板接地，用手触摸A时，故对电量有影响，电势差减小，故B正确；C、在两

18、板间插入电介质时，介电常数增大，则C增大，由由Q=UC可知，电势差减小，故C正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，则C减小，由定义式可知，电势差增大，故D错误；故选ABC【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）A、C、E、F、G（2）如图（3）曲线，随着温度的升高，电阻增大【解析】试题分析：器材选取的原则需安全精确，根据灯泡的额定电压和额定电流选择电流表、电压表的量程灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，通过灯泡电阻的大小分析其是大电阻还是小电阻，确

19、定电流表的内外接根据电路图连接实物图灯泡的电阻随温度的变化而变化，所以IU图线是一条曲线解：（1）灯泡的额定电压为3V，所以电压表的量程选择3V的误差较小，额定电流I=130mA，所以电流表的量程选择200mA的，灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器E，另外，还需要电源、电建和导线故实验中应选择的仪器是A、C、E、G、H（2）灯泡电压能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，灯泡正常工作时的电阻R=22.5，远小于电压表的内阻，属于小电阻，电流表采用外接法电路图和实物连线图如图所示（3）此实线图2中描绘出的IU图线是曲线，其原因是由于温度升高，电阻

20、增大故答案为（1）A、C、E、F、G（2）如右图（3）曲线，随着温度的升高，电阻增大【点评】解决本题的关键掌握器材选择的原则，以及知道滑动变阻器分压式接法和限流式接法的区别，电流表内外接的区别12、9.8210-2 D 【解析】(1)1重力势能减少量Epmgh0.29.85.0110-2J9.8210-2J(2)2重物增加的动能略小于减少的重力势能，主要原因是，重物及纸带在下落时受到阻力，阻力做负功，根据能量守恒，重力势能转化为物体的动能和克服摩擦力做功,故D正确。故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 【解

21、析】根据Q=CU可知，则场强，则电场力F=Eq=；P点的电势，则正电荷在P点的电势能为14、（1）粒子在磁场中运动的半径为0.2m；（2）从x轴上射出的粒子中，在磁场中运动的最短路程为0.21m；（3）放射源沿x方向射出的粒子，从射出到从y轴离开所用的时间为4.6107s；【解析】试题分析：（1）由题意得出粒子的运动轨迹；由洛仑兹力充当向心力可求得半径；（2）由数学知识可明确粒子的最短路程；（3）由几何关系确定磁场中的运动圆心角，再直线运动规律确定粒子在电场中运动的时间，则可求得总时间解：（1）粒子运动的轨迹如图，由牛顿第二定律可得：qvB=m解得：R=0.20m；（2）由数学知识可知，最短弦对应最短的弧长；由图可知，=60；最短的弧长即最短路程s=R=m=0.21m；（3）粒子在磁场中的周期T=6.28107s；粒子在磁场中沿NP运动的时间t1=；粒