2023学年安徽马鞍山市高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在国际单位制中，磁感应强度的单位是A特斯拉 B牛顿 C安培 D伏特2、要想在如图所示的虚线方框范围内有方向垂直纸面向外的磁场，以下方法可行的是 （ ）A正离子沿a到b的方向运动B

2、正离子在框内顺时针旋转C电子沿a到d的方向运动D电子在框内顺时针旋转3、下列说法正确的是（ ）A通过导线横截面的电荷量越多，电流越大B通电时间越短，电流越大C通过导线横截面的电荷量越小，电流越小D在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大4、两个大小相同、可看成点电荷的金属小球a和b，分别带有等量异种电荷，被固定在绝缘水平面上，这时两球间静电力的大小为F.现用一个不带电且与金属小球a、b大小相同的绝缘金属小球c先与a球接触，再与b球接触后移去，则a、b两球间的静电力大小变为（ ）ABCD5、如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列运动时，铜制导线圈c中将有感应电流产

3、生且被螺线管排斥的是A向右做匀速运动B向右做加速运动C向右做减速运动D向左做减速运动6、一面积为S的线圈，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，则穿过线圈的磁通量为（）A0；BB/S；CS/B；DBS二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电源的电动势，下面说法正确的是( )A电源的电动势等于电源两极间的电压B电动势越大的电源，将其它形式的能能转化为电能的本领越大C电动势的数值等于内、外电路电压之和D电动势只由电源性质决定，与外电路无关8、如图是一个

4、多用电表的简化电路图为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱O可以接通1，也可以接通2、3、4、5或下列说法正确的是A当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接2时量程较小B当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C当开关S分别接5或6时，测量的是电压，其中B是红表笔D当开关S分别接5和6时，测量的是电压，其中S接6时量程较大9、如图所示，E为电源电动势，r为电源内阻，R1为定值电阻（R1r），R2为可变电阻，以下说法中正确的是（ ）A当R2= R1+r时，R2上获得最大功率B当R1= R2+r时，R1上获得最大功率C当R2=0时，电源的效率最大D当R2=0时，电源的输出功率最大1

5、0、如图所示，AC、BD为圆的两条互相垂直的直径，圆心为O，半径为r，将带等电荷量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于AC对称，q与O点的连线和OC夹角为30，下列说法正确的是AA、C两点的电势关系是ACBB、D两点的电势关系是BDCO点的场强大小为kqr2DO点的场强大小为3kqr2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测量电阻丝的电阻率”的实验中，已知电阻丝的电阻RX约为6，有下列器材供测量该电阻丝的电阻时选用，要求尽量多测几组数据： A量程为0-0.6A，内阻约为0.5的电流表A1 B量程为0-3A，内阻约为0.1的电

6、流表A2 C量程为0-3V，内阻约为6k的电压表V1 D量程为0-15V，内阻约为30k的电压表V2 E阻值为0-1k，额定电流为0.5A 的滑动变阻器R1 F阻值为0-10，额定电流为2A 的滑动变阻器R2 G电动势为3V、内阻约为2的蓄电池E H开关S，导线若干 （1）除选用G、H外，还应选用的器材是_（只填代号） （2）在上图虚线方框中用铅笔画出用伏安法测上述电阻丝电阻的电路图_. （3）测量的阻值比真实的阻值 _ （填“偏大”、“偏小”或“相等”）12（12分）小明同学设计了如图1所示的 电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻

7、R2，电流表A（量程为0.6A，内阻较小），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1， 单刀双掷开关S2， 导线若干（1）先测电阻R1的阻值闭合S1， 将S2切换到a，调节电阻箱R，读出其示数r1和对应的 电流表示数I，将S2切换到b，调节电阻箱R，使电流表示数仍为I，读出此时电阻箱的示数r2，则电阻R1的表达式为R1=_（2）小明同学已经测得电阻R1=2.0，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值他的做法是：闭合S1， 将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据，绘出了如图2所示的1/IR图线，则电源电动势E=_V，电阻R2=_（保留两位有效数字）（

8、3）用此方法测得的电动势的测量值_真实值；R2的测量值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）两个质量都为m的小球a、b，带电量分别为+q、-q。在方向竖直向下的匀强电场中的M点以大小相同的速率，分别沿电场方向和垂直电场方向同时抛出，到达N、P两点的时间之比为12，如图，小球b在P点的速度方向与电场方向的夹角为30度，重力加速度为g，求该匀强电场的场强E的大小。（提示:假设初速度为v，MN距离为L，从M到N的时间为t）14（16分）有一带负电的小球，其所带电量大小q21

9、03C。如图所示，开始时设法让小球静止在场强E200N/C的匀强电场中的P点，靠近电场极板B附近有一挡板S，P点与挡板S的距离h16cm，与A板距离H65cm，重力作用不计。现释放小球，小球在电场力作用下向左运动，若每次小球与挡板S相碰后电量减少到碰前的k倍，已知k2/3，而碰后小球的速度大小不变。(1)设匀强电场中挡板S所在位置处电势为零，小球在电场中P点时的电势能EP为多少？(2)小球第一次与挡板S相碰后能向右到达最远的地方距离A板多远？(3)小球经过多少次与挡板S碰撞后，才能第一次抵达A板？15（12分）如图所示，在水平地面上方存在范围足够大的竖直向上的匀强电场， 水平面上竖直放置一绝缘

10、轨道， 部分为粗糙直轨道，且与水平方向夹角为， 为光滑圆轨道，与在点处相切轨道与地面相切于点， 点处切线沿水平方向，圆轨道半径现将一质量为的带电物块（大小忽略不计）从斜面上点（图中未标出）静止释放，物块与轨道间动摩擦因数为，物块带电量为结果物块恰能通过点不计空气阻力，重力加速度（， ）求：（1）物块通过点时速度大小（2）物块释放处点与点之间的距离（3）若要使物块离开点后，垂直落到轨道上，则轨道需要整体竖直向上移动的距离为多少（计算结果可保留分数）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】在国际单位制中，磁感应强

11、度的单位是特斯拉；牛顿是力的单位；安培是电流的单位；伏特是电压的单位；故选A.2、D【解析】若正离子沿a到b的方向运动，形成的电流方向为从a到b，根据右手螺旋定则可得在方框内形成的磁场方向为垂直纸面向里，A错误；若正离子在框内顺时针旋转，则形成的电流为顺时针方向，根据右手螺旋定则可得方框内的磁场方向垂直纸面向里，B错误；电子沿a到d的方向运动，则形成的电流方向为d到a，根据右手螺旋定则可得方框内的磁场方向垂直纸面向里，C错误；电子在框内顺时针旋转，形成的电流方向为逆时针方向，所以根据右手螺旋定则可知方框范围内有方向垂直纸面向外的磁场，D正确3、D【解析】试题分析：通过导体横截面的电量多少，但不

12、知道通电时间，所以不能得出导体中的电流大小，故AC错误；通电时间短，但不知道通过导体横截面的电量，所以不能得出导体中的电流大小，故B错误；物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱表示电流，所以在单位时间内，通过导体某一横截面的电荷量越多，电流越大，故D正确考点：考查了电流的定义【名师点睛】物理学中用每秒通过导体横截面的电荷量来表示电流的强弱，叫做电流，定义式4、D【解析】设a球与b球的电荷量大小均为q，距离为r，则 a和b之间的库仑引力为：，假设a球带正电，当不带电的小球c与a球接触后，a、c两球平分电荷，每球带电持量为，当再把c球与b球接触后，两球的电荷先中和，再平分，每球所带电

13、荷量为，由于r不变，则a、b两球之间的相互作用力的大小为：，故D正确，ABC错误。5、B【解析】A导体棒ab向右做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管吸引。故A错误。B导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从ba，感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，c的右侧相当于N极，螺线管左侧是N极，则线圈c被螺线管排斥。故B正确。C导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生

14、的感应电流方向从ba，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向（从左向右看）的感应电流，右侧相当于S极，螺线管左侧是N极，则线圈c被螺线管吸引。故C错误。D导体棒ab向左做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从ab，感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，右侧相当于N极，螺线管左侧是S极，则线圈c被螺线管吸引。故D错误。6、D【解析】根据磁通量的定义可知，线圈在匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直，则穿过线圈的磁通量是，故D正确，A、B、C错误；

15、故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A、在闭合电路中电源两极间的电压等于路端电压，所以电源的电动势并不等于电源两级间的电压，故A错误；B、电动势表示了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，所以电动势越大的电源，将其它形式的能能转化为电能的本领越大，故B正确；C、电动势等于回路中的总电压，也就等于内、外电路电压之和，故C正确；D、电动势只由电源性质决定，与外电路无关，故D正确；综上所述本题答案是：BCD8、AD【解析】多用电表的工作原理是闭合电路

16、的欧姆定律题图为一简易的多用电表原理示意图其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，A正确；3、4两档用来测电阻，其中黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔；A与电源的负极相连，故A为红表笔，B错误；要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，即5、6两档用来测电压因为6档共用一个表头，所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上，故A为红表笔，C错误；要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比

17、旋到5的量程大，D正确；9、AD【解析】试题分析：将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大故A正确根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大故B错误当外电阻等于内阻时，即R1+R2=r时，电源的输出功率最大但因为R1r，所以不可能有R1+R2=r，所以当R2=0时，电源的输出功率最大故D正确，C错误考点：本题考查了电功率的计算点评：解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大10、AC【解析】由等量异种点电荷

18、的电场分布和等势面的关系可知，等量异种点电荷的连线的中垂线为一条等势线，故A、C两点的电势关系是AC，A对；空间中电势从左向右逐渐降低，故B、D两点的电势关系是BD，B错；q点电荷在O点的场强与q点电荷在O点的场强的大小均为kqr2，方向与BD方向向上和向下均成60的夹角，合场强方向向右，根据电场的叠加原理知合场强大小为kqr2，C对D错三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 ACF 电路如图； 偏小【解析】（1）电源的电动势为4V，为了测量的准确性，电压表应选择C；电路中的最大电流；故电流表选择A；滑动变阻器要便于调节，故采用分压接法时

19、，应选用小电阻，故滑动变阻器选F；（2）本实验要求多测几组数据，故滑动变阻器应采用分压接法；同时，由于电压表内阻远大于待测电阻，故电流表选用外接法；电路图如下图；（3）采用电流表外接法时，所测电压准确，而所测电流大于真实值，则由欧姆定律可知，测量值小于真实值；点睛：测量电阻率的实验中滑动变阻器可以采用分压和限流接法，但由于本实验中要求多测几组数据，故应采用滑动变阻器分压接法12、r1- r2， 1.5， 1.0， 等于， 大于 【解析】（1）1当R2接a时应有：E=I（R2+r1）；当S2接b时应有：E=I（R2+R1+r）；联立以上两式解得：R1=r1-r2；（2）23根据闭合电路欧姆定律应有：E=I（R2+R+R1）变形为：，根据函数斜率和截距的概念应有： =2.0解得：E=1.5V，R2=1.0；（3）45若考虑电源内阻，对（1）：接a时应有：E=I（R2+r1+r），接b时应有：E=I（R2+r2+r）联立可得R1=r1-r2即测量值与真实值相比不变；对（2）应有：E=I（R2+R+R1+r）变形为比较两次表达式的斜率和截距可知，电动势不变，R1变小