2023学年安徽省六安市物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两物体随圆盘一起在水平面内做匀速圆周运动，角速度分别为1、2，向心加速度分别为a1、a2，则（ ）Aa1a2 B12 Ca1a2 D122、回旋加速器的核心部分是真空室中的两个相距很近的D形金属盒，把它们放在匀强磁场中，磁场方向

2、垂直于盒面向下连接好高频交流电源后，两盒间的窄缝中能形成匀强电场，带电粒子在磁场中做圆周运动，每次通过两盒间的窄缝时都能被加速，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置引出，如果用同一回旋加速器分别加速氚核()和粒子() ，比较它们所需的高频交流电源的周期和引出时的最大动能，下列说法正确的是A加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较大B加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能较大C加速氚核的交流电源的周期较大，氚核获得的最大动能较小D加速氚核的交流电源的周期较小，氚核获得的最大动能较小3、传感器是一种采集信息的重要器件.如图所示是一种测定压力的电容式传感器，A为固定电极，B为可动电

3、极，组成一个电容大小可变的电容器.可动电极两端固定，当待测压力施加在可动电极上时，可动电极发生形变，从而改变了电容器的电容.现将此电容式传感器与零刻度在中央的灵敏电流表和电源串联成闭合电路，已知电流从电流表正接线柱流入时指针向右偏转.当待测压力增大时，下列说法中不正确的是（ ）A电容器的电容将增加B电容器的电荷量将增加C灵敏电流表指针向左偏转D灵敏电流表指针向右偏转4、某人以不变的速率垂直向对岸游去，游到河中间，水流速度加大，则此人（）A渡河所用的时间比预定时间减少B渡河所用的时间与预定时间相同C渡河所用的时间比预定时间增加D渡河路程变短5、如图所示，空间有一水平匀强电场，在竖直平面内有一初速

4、度为v0的带电微粒，沿图中虚线由A运动至B，其能量变化情况是（重力不能忽略）（ ）A动能减少，重力势能增加，电势能增加B动能减少，重力势能增加，电势能减少C动能不变，重力势能增加，电势能减少D动能增加，重力势能增加，电势能减少6、我国长征3号甲火箭在起飞阶段，通过发动机喷射气体而获得的反冲力约为火箭总重量的2倍左右设某次发射时，火箭的总质量为m，火箭发动机喷出的燃气的横截面积为S，燃气的密度为，重力加速度为g极短时间内喷出的燃气的质量和火箭质量相比可以忽略，则喷出的燃气的速度大小约为ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的

5、。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，、为两个固定着的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点现有一电子，只在电场力作用下，以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动，其图象如图乙所示，电子经过a、b两点的速度分别为、，则 A一定带负电B的电量一定大于的电量Cb点的电势高于a点的电势D电子离开b点后所受静电力一直减小8、如图所示，a、b、c、d为某一电场中的四个等势面，已知相邻等势面间电势差相等，一个带正电粒子在只受电场力作用下，运动过程中先后经过M点和N点，则A电场力对粒子做负功B四个等势面电势关系为abcdC粒子在M点的加速度比N点大D该粒子在N点的动

6、能较大，电势能较小9、如图所示是描述对给定的电容器充电时极板上带电荷量Q、极板间电压U和电容C之间的关系图象，其中正确的是（ ）ABCD10、小车AB静置于光滑的水平面上，A端固定一个轻质弹簧，B端粘有橡皮泥，AB车的质量为M、长为L，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB与C都处于静止状态，如图所示，当突然烧断细绳，弹簧被释放，使物体C离开弹簧向B端冲去，并跟B端橡皮泥黏在一起，以下说法中正确的是()A如果AB车内表面光滑，整个系统任何时刻机械能都守恒B整个系统任何时刻动量都守恒C当木块对地运动速度大小为v时，小车对地运动速度大小为vDAB车向左运动最大位

7、移大于三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为 cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，可知其直径为 mm；（3）用多用电表的电阻“1”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为 12（12分）用伏安法测定一个待测电阻Rx的阻值（阻值约为200），实验室提供如下器材：电池组E：电动势3V，内阻不计电流表A1：量程0 15mA，内阻约为100电流表A2：量程0 300A，内阻为100

8、0滑动变阻器R1：阻值范围0 20，额定电流2A电阻箱R2，阻值范围0 9999，额定电流1A电键S、导线若干要求实验中尽可能准确地测量Rx的阻值，请回答下面问题：为了测量待测电阻两端的电压，可以将电流表_（填写器材代号）与电阻箱串联，并将电阻箱阻值调到_，这样可以改装成一个量程为3.0V的电压表在方框中画完整测量Rx阻值的电路图，并在图中标明器材代号调节滑动变阻器R1，两表的示数如图所示，可读出电流表A1的示数是_mA，电流表A2的示数是_A，测得待测电阻Rx的阻值是_本次测量存在一定的系统误差，考虑这个原因测量值比较真实值_（选填“偏大”或“偏小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答

9、案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）图中一导体棒被细线挂起，并处于垂直于纸面向里的匀强磁场中，已知磁感应强度为B，导体棒质量为m，长度为L，现给导体棒通上恒电电流后，发现细线的张力恰好为零，则导体棒中电流的大小与方向？（重力加速度为g）14（16分）如图所示，两根水平放置的光滑的平行金属导轨相距为d，电阻不计，在其左端接有阻值为R的电阻，MN为一根长度也为d、质量为m，电阻为r的金属杆，垂直导轨放置，并与导轨接触良好，整个装置处于方向垂直导轨平面，磁感应强度大小为B的匀强磁场中，开始时杆MN处于静止状态某时刻（t=0）对杆MN施加一个平行导轨方向

10、的水平力，使之做加速度为a的匀加速直线运动（导轨足够长）（1）判断M、N两端的电势高低；（2）求t=t1时刻杆MN两端的电压；（3）求水平力F随时间t变化的关系式15（12分）电源电动势E=6.0V，内阻r=1.0，电阻R2=2.0，当开关S断开时，电流表的示数为1.0A，电压表的示数为2.0V，电表均为理想电表，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，求电压表的示数和R2上消耗的电功率。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】两物体同轴转动，则角速度相同，即1=2，选项BD错误；根据a=2r，由

11、于r1r2，则a1a2，则选项C正确，A错误；故选C.【点睛】此题关键是知道同轴转动时角速度相同，同缘转动时线速度相等；记住向心加速度的表达式a=2r.2、C【解析】带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，根据 ，知氚核（）的质量与电量的比值大于粒子（），所以氚核在磁场中运动的周期大，则加速氚核的交流电源的周期较大根据 得，最大速度，则最大动能，氚核的质量是粒子的倍，氚核的电量是倍，则氚核的最大动能是粒子的倍，即氚核的最大动能较小故C正确，A、B、D错误故选C【点睛】解决本题的关键知道带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，以及会根据 求出粒子的最大速度3、C【解析】当压力增大

12、时，电容器极板间距离减小，根据电容的决定式，可知，电容增大，故A说法正确；电容两端电势差不变，根据Q=CU可知，电容器的电荷量将增加，故B说法正确；由于电容器上极板带正电，则电路中形成逆时针方向的充电电流，故灵敏电流表的指针向右偏故D说法正确，C说法错误所以选C.4、B【解析】试题分析:将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，当船航行过程中，水流速度突然增大，没有改变船头指向的速度，所以对渡河时间无影响，只会对轨迹有影响，根据运动的合成可知，水的速度突然增大，会导致路程增大，故B正确，ACD错误；考点：运动

13、的合成和分解5、A【解析】带电微粒做直线运动，其合力方向与速度方向必在同一条直线上，得出电场力的方向,从而得出合力的方向，根据合力做功得出动能的变化，根据重力做功得出重力势能的变化，根据电场力做功得出电势能的变化【详解】因为带电微粒做直线运动，合力的方向与速度的方向在同一条直线上重力竖直向下，则电场力水平方向左，合力做负功，由动能定理可知动能减小，重力做负功，则重力势能增加，电场力做负功，则电势能增加，受力如下图，故B、C、D错误，A正确故选A6、C【解析】对于气体由动量定理得：解得：A. 与计算结果不符，故A错误。B. 与计算结果不符，故B错误。C. 与计算结果相符，故C正确。D. 与计算结

14、果不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】从速度图象乙上看出，可见电子从a到b做加速度减小的加速运动，所以ab之间电场的方向向左，b点的电势高于a点的电势；在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零过b点后点电荷做减速运动，所以电场的方向向右；结合两个点电荷的电场的叠加的知识可知，一定带负电，一定带正电，A错误C正确；b点场强为零，可见两点电荷在b点产生的场强大小相等，方向相反，根据，b到的距离大于到的距离，所以的电量大于的电

15、量，B正确；由图乙可知，在b点右侧，电子的速度逐渐减小，由于v-t图象的斜率可以表示加速度的大小，由图可知，电子的加速度先增大后减小，所以电子离开b后受到的电场力也是先增大后减小，D错误8、ABC【解析】AB.根据粒子所受电场力指向轨迹的内侧，并结合电场线与等势面垂直，画出电场线的大体分布如图由于正粒子，根据电场力的方向从而确定电场力做负功，电势能增加，动能减小可知电场线的方向，因此四个等势面电势高低顶序是，故AB正确C.根据等差等势面的疏密可知，电场线的疏密，从而确定电场强度的强弱，因此M点的加速度比N点大,故C正确D.粒子从沿M点到N点过程中，电场力做负功，粒子的动能减小，电势能增加，则N

16、点的动能较小，电势能较大，故D错误9、BCD【解析】ABD电容器电容的大小与电容的带电量Q以及电容器两极板之间的电压无关，电容器电容的决定式为：C=S4kd，只要电容器不变其电容就不发生变化，故A错误，BD正确；C根据C=Q/U可有：Q=CU，由于电容器不变，因此电量Q和电压U成正比，故C正确；故选BCD.10、BC【解析】AB与C这一系统所受合外力为零，系统在整个过程中动量守恒，但粘接过程有机械能损失。根据动量守恒有：则有：同时该系统属于人船模型，则有：所以车向左的位移应为：；故AD错误，BC正确；故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过

17、程。11、（1） 5.015(5.020) （2） 4.700 （3） 22.0【解析】试题分析：(1)由题可知游标卡尺的分度为20分度，其精确度为0.05mm，读数为L=50mm+30.05mm=50.15mm=5.015cm；(2)螺旋测微器的读数为d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm(3)电阻的阻值为R=22.01=22.0考点：游标卡尺的读数；螺旋测微器的读数；欧姆表的读数12、A2 9000 电路见解析 8.0mA 150A 187.5 【解析】（1）应用伏安法测电阻，需要用电压表测待测电阻电压，现在没有电压表，应该用内电阻已知的小量程电流表A2与电阻箱串联改装成电压

18、表，改装后电压表量程是3V，则电阻箱阻值；（2）滑动变阻器最大阻值远小于待测电阻阻值，滑动变阻器应采用分压接法，待测电阻阻值约为200，电流表A1内阻约为100，改装电压表内阻为，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，电路图如图所示（3）由图示可知，电流表A1的示数为8.0mA，电流表A2的示数是150A；待测电阻两端电压，由欧姆定律得：待测电阻电流表采用外接法，电流测量值偏大，由欧姆定律可知，测量值比较真实值偏小【点睛】本题考查伏安法测电阻时电流表采用内外接法的选择原则及滑动变阻器的连接方法、电表的改装原理、电流表的选取原则、实验误差的分析及串并联电路的有关知识四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）导体棒中电流为mgBL ，（2）方向为水平向右。【解析】试题分析：导线张力恰好为零，根据二力平衡求出安培力大小，然后