2023学年福建省连城一中物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r. 在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中，下列错误的是（ ）A电路中的总电流变大 B路端电压变大C通过电阻R2的电流变小 D通过滑动变阻器R1的电流变大2、赤道上某处有一竖直的避雷

2、针，当带有正电的乌云经过避雷针上方时，避雷针开始放电，则地磁场对避雷针的作用力方向为:A正南B正东C正西D正北3、如图所示，在绝缘的斜面上存在着沿水平向右的匀强电场，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，则以下判断正确的是（ ）A金属块带负电荷B电场力做功0.2JC金属块的机械能减少1.2JD金属块的电势能增加0.2J4、质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，且处在场强为E的匀强电场中，当小球A静止时，细线与竖直方向成30角，已知此电场方向恰使小球受到的电场力最小，则小球所带的电量应为 （ ）A3mg

3、3EB3mgEC2mgEDmg2E5、如图所示，一根轻质弹簧，放在光滑的水平面上，左端固定在竖直墙壁上，当用8N的 力水平向右拉弹簧右端时，弹簧的伸长量为4cm；当用8N的力水平向左压弹簧右端时，弹簧的压缩量为(设上述两种情况中弹簧的形变均为弹性形变)( )A12cmB10cmC6cmD4cm6、如图所示，将平板电容器与电池组相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态。若将两板慢慢的左右错开一些，其它条件不变，则（ ）A电容器带电量不变B尘埃将向下运动C电流间中有的电流D电流计中有的电流二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选

4、对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为 m 的金属导体棒置于倾角为的导轨上，棒与导轨间的动摩擦因数为，当导体棒通电时，恰能在导轨上静止，如图所示的四个图中标出了四种可能的匀强磁场的磁感应强度 B的方向，其中棒与导轨间的摩擦力可能为零的是( )ABCD8、如图所示的电路，闭合开关后，滑动变阻器的滑片P向右滑动，则（ ）A电流表示数变大B电流表示示数不变C电压表示数变大D电压表示数变小9、如图所示，在匀强电场中有一直角三角形OBC，电场方向与三角形所在平面平行，若三角形三点处的电势分别为O、B、C，已知O=0V，B =3V，C =6V，OB=4cm，OC=6cm。则下列说法中正

5、确的是A匀强电场中电场强度的大小为200V/mB匀强电场中电场强度的大小为125V/mC匀强电场中电场强度的方向斜向下与OC夹角为37D一个电子由C点运动到O点再运动到B点的过程中电场力做功3eV10、某静电场的电场线分布如图所示，一负点电荷只在电场力作用下先后经过电场中的M、N两点过N点的虚线是电场中的一条等势线，则()AM点的电场强度小于N点的电场强度BM点的电势低于N点的电势C负点电荷在M点的电势能小于在N点的电势能D负点电荷在M点的动能大于在N点的动能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在一次“测定某电阻元件的电阻率

6、”的实验中，用游标卡尺测量电阻元件的长度为L（刻度位置如图1所示），用螺旋测微器测量金属丝直径d（刻度位置如图2所示），用伏安法测出电阻元件的电阻，然后根据电阻定律计算出该电阻元件的电阻率（1）电阻元件长L为_cm，金属丝的直径d为_mm；图1图2（2）该同学测电阻元件的电路图如图所示，若要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图中完成余下导线的连接；12（12分）如图所示，为某同学设计的“探究加速度与物体所受合力F及质量m 的关系”实验装置简图. （1）本实验采用的实验方法是_A控制变量法 B假设法 C理想实验法 D等效替代法（2）在

7、保持小车受力相同时，探究加速度与质量关系的实验屮，以下故法正确的是_ A平衡摩擦力时，应将装有砝码的小桶用细绳通过定滑轮系在小车上 B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器电源 D为得出加速度a与与质量m的关系而作出 图象（3）下图是实验中获取的一条纸带的一部分，其中O、A、B、C、D是计数点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图，打“B”计数点时小车的速度大小为_m/s.由纸带求出小车的加速度的大小为_m/s2.(计算结果均保留2位有效数字）（4）如图所示是某同学在探究加速度与力的关系时，根据测量数据作出的aF图线.其中图线不

8、过原点的原因是_，图线在末端弯曲的原因是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，平行金属带电极板A、B间可看作匀强电场，场强E=1.2103 V/m，极板间距离d=5 cm，电场中C和D分别到A、B两板的距离均为0.5 cm，B极板接地，求：(1) C、D两点的电势和两点间的电势差；(2) 点电荷q1=-2103 C分别在C和D两点的电势能；(3) 将点电荷q2=2103 C从C匀速移到D时外力所做的功。14（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0,电阻R1=10，R

9、2=10，R3=30，R4=35；电容器的电容为500F电容器原来不带电求接通电键S后流过R4的总电荷量15（12分）一初速度为零的带电粒子经电压为U=4.0103V的匀强电场加速后，获得4.0103m/s的速度，粒子通过加速电场的时间t=1.010-4 s，不计重力作用，则带电粒子的荷质比为多大？匀强电场的场强为多大？粒子通过电场过程中的位移为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程，电阻R1减小，电路总电阻减小。A：电路总电阻减小，据，电路中总电流增大。

10、A正确，不能选。B：电路中总电流增大，据，路端电压减小。B错误，应选择。C：路端电压减小，据，通过电阻R2的电流变小。C正确，不能选。D：电路中总电流增大，通过电阻R2的电流变小，据，通过滑动变阻器R1的电流变大。D正确，不能选。2、B【解析】赤道上方地磁场的方向是水平向北的，带正电的乌云经避雷针放电，电流方向向下，根据左手定则判断地磁场对避雷针作用力的方向【详解】磁场水平向北，电流竖直向下，由左手定则可知磁场力方向向东故选B【点评】知道避雷针中电流的方向、赤道上方磁场方向是解题的前提，熟悉左手定则的内容并灵活应用左手定则是解题的关键3、D【解析】在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块

11、克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理求出电场力做功知道电场力做功量度电势能的改变知道重力做功量度重力势能的改变【详解】A、B、D、在金属块滑下的过程中动能增加了0.7J，金属块克服摩擦力做功0.3J，重力做功1.2J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=EK，解得W电=EK-WG-Wf=0.7-1.2-（-0.3）=-0.2J，所以电场力做功-0.2J，金属块的电势能增加0.2J由于金属块下滑，电场力做负功，所以电场力应该水平向右，所以金属块带正电荷；故D正确，A，B错误.C、在金属块滑下的过程中重力做功1.2J，重力势能减小1.2J，动能增加了0.7J，所以金属块的机械

12、能减少0.5J，故C错误.故选D.【点睛】解这类问题的关键要熟悉功能关系，也就是什么力做功量度什么能的变化，并能建立定量关系4、D【解析】以小球为研究对象，分析受力情况，作出力图，运用作图法分析什么条件下小球受到的电场力最小，由力学知识求出最小的电场力，再求解小球的电荷量。【详解】小球受到三个力作用：重力mg、电场力F和细线的拉力T，根据平衡条件得知：F和T的合力与重力mg大小相等、方向相反，作出电场力在三种不同方向下合成图如图，可以看出，当电场力F与细线的拉力T垂直时，电场力最小，由图求出电场力的最小值为Fmin=mgsin30又Fmin=qE，得q=mg2E 故应选：D。【点睛】本题与动态

13、平衡问题类似，采用图解法分析极值的条件，也可以运用函数法分析。5、D【解析】试题分析：根据F=kx得，劲度系数，当用的力水平向左压弹簧右端时，弹簧弹力为，根据胡克定律，压缩量为：，故D正确，A、B、C错误考点：胡克定律【名师点睛】结合弹力的大小和伸长量，通过胡克定律求出劲度系数，再结合弹力的大小，根据胡克定律求出弹簧的压缩量；解决本题的关键掌握胡克定律，注意为形变量的大小，不是弹簧的长度6、C【解析】ACD电容器始终与电源相连，则两端的电势差不变，将两板缓慢地错开一些，正对面积减小，根据，知电容减小，根据Q=CU知，电荷量减小，检流计中有ab的电流。故C符合题意，AD不符合题意。B因为两极板间

14、的电势差不变，d不变，则电场强度不变，所以尘埃的电场力不变，尘埃仍然保持静止。故B不符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A.杆子受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力，故A正确；B.杆子受重力、竖直向下的安培力、支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力故B错误；C.杆子受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力，故C正确；D.杆子受重力、水平向左的安培力，支持力，要想处于平衡，一定受摩擦力故D错误。

15、故选AC。8、AD【解析】AB当滑动变阻器的滑片P向右滑动，总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知总电流增加，即电流表示数变大，选项A正确，B错误；CD根据U=E-Ir可知路端电压减小，即电压表示数减小，选项C错误，D正确。9、BC【解析】ABC.如图，根据匀强电场的特点，OC中点D的电势为3V，则BD为一条等势线，电场方向如图，电场强度的方向斜向下与OC夹角tanODOB34，=37；由几何关系得，O到BD的距离d2.4cm，在匀强电场中E=Ud=32.410-2125V/m，故A错误，BC正确；D根据W=qU可知一个电子由C点运动到O点再运动到B点的过程中电场力做功为W=-e3V=-3eV，

16、故D错误；10、CD【解析】从电场线分布可见M点电场线密，电场强，故A错误顺着电场线的方向电势降低，由图可见M点在高等势面，故B错误负电荷从低等势面运动到高等势面，电场力做正功，电势能减少也就是说负电荷在高等势面的电势能小，M点电势高，负电荷在M点的电势能少故C正确只有电场力做功时，电荷总能量不变，即电势能和运动的和不变电势能小的地方动能大，也就是说在M点的动能大故D正确故选CD点睛：解答此类问题要知道：电场线的疏密反映了电场的强弱顺着电场线的方向电势降低负电荷从低等势面运动到高等势面，电场力做正功，电势能减少只有电场力做功时，电荷总能量不变，即电势能和运动的和不变电势能小的地方动能大，动能大

17、三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）11.05，1.998； （2）；【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为： ；由图示螺旋测微器可知，其示数为： ；（2）由图示可知，电流表采用外接法，实验要求电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器应采用分压接法，实物电路图如图所示： 点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器读数，考查了连接实物电路图，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；当电压与电流从零开始变化时滑动变阻器只能采用分压接法。12、A BD 0.54 1.5 未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力 未满足小车的质

18、量远远大于小桶和砝码的总质量 【解析】（1）本实验采用的实验方法是控制变量法；（2）平衡摩擦力时，应不挂小桶，让小车拖着纸带在木板上做匀速运动，选项A错误；每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，选项B正确；实验时要先接通电源后放小车，选项C错误；因为 为正比关系，故为得出加速度a与与质量m的关系而作出图象，选项D正确；故选BD（3）计数点间的时间间隔T=0.02s5=0.1s，打B计数点时小车的速度大小为；根据逐差法得，小车的加速度 （4）由图线可知，当力F到达一定的值时才有加速度，故图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；图线在末端弯曲的原因是未满足小车的质量远远大于小桶和砝码的总质量；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13