2023学年安徽省合肥市七中、合肥十中物理高二第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于元电荷的下列说法中正确的是A元电荷就是电子B元电荷就是质子C元电荷的值通常取D元电荷的值通常取2、如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的伏安特性曲线，电源的电动势和内阻

2、分别用E、r表示，根据所学知识分析下列选项正确的是A电源的电动势E40VB电源的内阻r8.3C当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为20D当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为80W3、某乘客乘坐D6505次动车从三明北站到福州站。下列说法正确的是A该动车13:06从三明北站开出，指的是时间B三明北站到福州站历时1. 25h，指的是时刻C三明北站到福州站全程约为230km，指的是位移D三明北站到福州站全程约为230km，指的是路程4、A、B、C三点在同一直线上，AB:BC=1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的静电力

3、为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为4q的点电荷，其所受电场力为ABCFDF5、如图所示，匀强磁场分布在第一象限，带电粒子以初速度v0从a点平行x轴进入，经过x轴b点，2oa=ob。若撤去磁场加一个与y轴平行的匀强电场，带电粒子仍以速度v0平行x轴从a点进入电场，仍能通过b点，不计重力，则电场强度E和磁感应强度B的比值为()A2.5 v0B1.25 v0C0.5 v0Dv06、在光滑绝缘的水平面上有两个带电小球A和B，A带正电且固定，B带负电由静止释放某时刻，B球的速度是v0，分析此后B球与A球相碰前的运动，图中能正确反映其速度变化情况的图象是（）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，

4、每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、电路图中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，电源内阻不可忽略，当滑动变阻器的滑动片向右移动时，电流表、电压表可视为理想电表，关于电流表和电压表示数的变化情况的分析，正确的是（ ）A电流表和电压表读数均增大B电流表和电压表读数均减小C电压表V1的示数变化量小于电压表V2的示数变化量D电流表读数变小，电压表V2读数变大，V1读数减小8、如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V实线是一带电的粒子（不计重力）在该区

5、域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a点处的动能为0.5J，则该带电粒子A粒子带正电B在b点处的电势能为0.5JC在b点处的动能为零D在c点处的动能为0.4J9、如图所示为某电场的电场强度E随时间t变化的图象。当t0时，在此电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是（ ）A0 - 3s内，电场力的总功为零B2s末带电粒子回到原出发点C带电粒子在0 - 1s与0 - 2s两过程中位移相同D带电粒子将始终向同一个方向运动10、如图1所示，密闭在真空中的平行板电容器A极板接地B极板上的电势如图2所示，一质量为m、电荷量为

6、q的微粒在两极板中央由静止释放，极板足够长，则下列说法正确的是A如果微粒带正电，从t2s时开始释放一定不能运动到A极板B如果微粒带负电，从t6s时开始释放可能运动到B极板上C不论微粒带正电还是负电，撞击极板前竖直方向均为自由落体运动D如果微粒带负电，从t2s开始释放没有撞击到极板，那么将A、B两极板分别向左、向右移动相等的距离后，重新将带电微粒在t2s时从极板中央由静止释放，一定不会撞击到极板三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”实验中，用米尺测量金属丝的长度，用螺旋测微器测量金属丝的直径，用伏安法测出金属丝的

7、电阻，然后根据公式计算出该金属材料的电阻率（1）用螺旋测微器测量金属丝直径的示数如图所示，从图中读出金属丝的直径为_mm（2）金属丝的电阻大约为5在用伏安法测量该金属丝的电阻时，除被测的电阻丝外，还有如下供选择的实验器材：A电池组（3V，内阻约1）B电流表（03A，内阻约0.0125）C电流表（00.6A，内阻约0.125）D电压表（03V，内阻约3k）E.电压表（015V，内阻约15k）F.滑动变阻器（020，额定电流1A）G.滑动变阻器（02000，额定电流0.3A）H.开关、导线若干在可供选择的器材中，应该选用的电流表是_，应该选用的滑动变阻器是_（填器材前面的字母代号）实验电路应采用电

8、流表_接法（填“内”或“外”）12（12分）用如图所示的装置研究平抛运动，用小锤打击弹性金属片后，A球沿水平方向抛出，同时B球被松开，自由下落A、B两球同时开始运动，观察到两球_落地（填“同时”或“不同时”）；改变打击的力度，重复这个实验，观察到两球_落地（填“同时”或“不同时”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m、电荷量为q的粒子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板

9、间，若粒子从两块水平平行板的正中间射入，且最后粒子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，不计粒子所受重力求：（1）粒子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）粒子穿出右侧平行金属板时的动能14（16分）电场中某区域的电场线分布如图所示,已知A点的电场强度E=3.0104 N/C.将电荷量q=4.010-8 C 的点电荷放在电场中的A点。.(1)求该点电荷在A点所受电场力的大小F;(2)在图中画出该点电荷在A点所受电场力的方向.15（12分）细线下端吊着一个质量为4.8kg的沙袋，形成一个单摆，摆长为2m。一个质量为0.2kg的子弹以100m/s的速度水

10、平射入沙袋并留在沙袋里，随沙袋一起摆动。求：（1）子弹射入沙袋的瞬间，沙袋获得的速度是多大？ （2）子弹射入沙袋中随沙袋一块上升的最大高度？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故AB错误；元电荷目前认为是自然界中电荷的最小单元，其大小是1.610-19C，故C正确，D错误；故选C2、C【解析】AB.甲为电源的UI图象，故纵截距表示电源电动势，即E50V，在路端电压为20V时电路电流为6A，根据闭合回路欧姆定律可得50206r，解得r5，故AB错误；C

11、D.当该导体直接与该电源相连时，两图线的交点表示工作时的电压和电流，故可知电阻两端的电压为40V，通过电阻的电流为2A，所以该导体的电阻大小为20，电路消耗的总功率为，故C正确，D错误；故选择：C；3、D【解析】A. 该动车13:06从三明北站开出，对应时间轴的一个点，是时刻，故A项错误；B. 三明北站到福州站历时1.25h，1.25h是指一段时间，不是时刻，故B项错误；CD.位移是从初位置到末位置的有向线段，是直线，动车运动的全程不是直线，是指路程，故C项错误，D项正确；4、D【解析】根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为4q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同设AB

12、=r，则有BC=2r.则有：故电荷量为4q的点电荷在C处所受电场力为：，故D正确，ABC错误故选D5、B【解析】设ob=2oa=2d，因为带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，所以r2=(2d)2+(r-d)2，解得圆周运动的半径r=52d，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：qv0B=mv02r，解得：B=2mv05qd。如果换成匀强电场，水平方向以v0做匀速直线运动，竖直沿y轴负方向做匀加速运动，即：d=12qEm（2dv0）2，解得：E=mv022qd，则：EB=1.25v0；故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】带电粒子在电场磁场中的运动要把握其运动规律，在电场中利用几何关系得出其

13、沿电场和垂直于电场的运动规律；而在磁场中也是要注意找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径6、C【解析】由于异种电荷间存在相互作用的吸引力，两球将相互靠近，距离减小，根据库仑定律得知，相互作用力增大 由牛顿第二定律得知它们的加速度变大随着两球间距离减小，电场力做正功，电势能减少，总动能增加所以速度增加，故速度变大，加速度变大 故只有C符合要求，故C正确、ABD错误综上所述本题答案是：C 二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：由电路图可知，滑动变阻器的

14、滑动片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电源的电动势不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电流I减小，而路端电压，则U增大，电阻的电压减小，则电压表示数减小；并联部分的电压 增大，电压表示数增大；增大，通过的电流增大，因为总电流减小，所以通过电流表的示数变小故AB错误，D正确；电压表的示数与电压表的示数之和等于U，即，因示数增大，示数减小，而U减小，所以电压表的示数增加量小于电压表的示数减小量，故C正确故选CD【点睛】根据滑片的移动方向判断出滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串并联电路特点及欧姆定律分析答题8、AD【解析】A由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场

15、力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B由电势能的定义知粒子在b点处的电势能EPb=q=0.0130J=0.3J故B错误；C由粒子在a点处的总能量E=0.0110J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C错误；D由能量守恒得在C点处的动能为：EkC=0.6J-0.0120J=0.4J故D正确.9、AC【解析】由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为a1=qEm，为第2s内加速度a2=2qEm的1/2，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：因为第3s末粒子的速度刚好减

16、为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零。故A正确。根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子的合位移不为零，没回到出发点，故B错误；根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，带电粒子在0 - 1s与0 - 2s两过程中位移相同，选项C正确；带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故D错误。故选AC。【点睛】本题带电粒子在周期性变化的电场中运动，关键之处是电场强度大小不一，导致加速度不一，所以失去对称性。若电场强度大小相同，则带电粒子一直同一个方向运动。10、CD【解析】如

17、果微粒带正电，从t2s时开始释放，则水平方向，2-4s时粒子先向左做匀加速运动，4-6s时粒子向左做匀减速运动，以后重复上述运动，则此时若粒子在竖直方向没到达极板底端，则粒子一定能运动到A极板，选项A错误；如果微粒带负电，从t6s时开始释放，则水平方向，6-8s时粒子先向左做匀加速运动8-10s时粒子向左做匀减速运动，以后重复上述运动，则此时若粒子在竖直方向没到达极板底端，粒子能运动到A极板，不可能运动到B极板上，选项B错误；不论微粒带正电还是负电，撞击极板前粒子在竖直方向只受重力作用，即在竖直方向均为自由落体运动，选项C正确；如果微粒带负电，从t2s开始释放，则粒子向右先加速，后减速，若没有

18、撞击到极板，说明粒子在竖直方向的位移已经超过极板底端；若那么将A、B两极板分别向左、向右移动相等的距离后，重新将带电微粒在t2s时从极板中央由静止释放，粒子在水平方向的运动情况不变，当运动时间变长，可知在竖直方向的位移变大，更应超过极板的底端，则粒子一定不会撞击到极板，选项D正确；故选CD.【点睛】此题关键要搞清粒子在水平方向即竖直方向的受力情况，分析两个方向的分运动情况，尤其是水平方向在周期性电场中的运动情况，并关联竖直方向的自由落体运动.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.520 （2）C D F 外 【解析】（1）由图示螺旋测微器可知，固定刻度读数：0.5mm；可动刻度读数0.01mm2.0=0.020mm；故螺旋测微器读数为：0.520mm；（2）电池组提供的电压