2023学年东北三省四市物理高二第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、智能手机耗电量大，移动充电宝应运而生，它是能直接给移动设备充电的储能装置充电宝的转化率是指电源放电总量占电源容量的比值，一般在0.60-0.70之间(包括移动电源和被充电池的线路板、接头和连线的损耗)如图为某一款移动充电宝，其参数见下表，则容量10000mAh兼容性兼容大部分智能手机和平板电脑边充边放否保护电路是输入DC5V2A MAX输出USB l： DC5V lA USB2： DC5V 2.1A尺寸140 x6322mm转换率0.6显示方式液晶显示重量约285gA充电宝充电

3、时将化学能转化为电能B该充电宝最多能储存能量为1.8105JC该充电宝电量从零到完全充满电的时间约为3hD该充电宝给电量为零、容量为2000mAh的手机充电，则理论上能充满5次2、在真空中A、B两点分别放有异种电荷-2Q和+Q，以AB连线中点O为圆心作一圆形路径，如图所示，下列说法正确的是（ ）A场强大小关系有、B电势高低关系有、C将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中电场力做正功D将一正点电荷沿直线由c运动到d的过程中电势能始终不变3、如图的电路中，电池的电动势为，内阻为， 和是两个阻值固定的电阻当可变电阻的滑片向点移动时，通过的电流和通过的电流将发生如下的变化（ ）A变大， 变小 B变大，

4、 变大C变小， 变大 D变小， 变小4、为了研究空腔导体内外表面的电荷分布情况，取两个验电器A和B，在B上装一个几乎封闭的空心金属球C（仅在上端开有小孔），D是带有绝缘柄的金属小球，如图所示实验前他们都不带电，实验时首先将带正电的玻璃棒（图中未画出）与C接触使C带电以下说法正确的是A若将带正电的玻璃棒接触C外表面，则B的箔片带负电B若将带正电的玻璃棒接触C内表面，则B的箔片不会带电C使D接触C的外表面，然后接触A，操作若干次，观察到A的箔片张角变大D使D接触C的内表面，然后接触A，操作若干次，观察到A的箔片张角变大5、如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，在O点

5、存在的垂直纸面向里运动的匀速电子束.MOP=60，在M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图所示，这时O点的电子受到的洛伦兹力大小为F1.若将M处长直导线移至P处，则O点的电子受到的洛伦兹力大小为F2.那么F2与F1之比为（ ）A3:1B3:2C1:1D1:26、在真空中同一直线上的AB处分别固定电量分别为+2Q、-Q的两电荷。如图所示，若在A、B所在直线上放入第三个电荷C，只在电场力的作用下，三个电荷都处于平衡状态，则C的电性及位置是A正电，在A、B之间B正电，在B点右侧C负电，在B点右侧D负电，在A点左侧二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

6、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，螺线管B置于闭合金属圆环A的轴线上，当B中通过的电流增加（）A环A有扩张的趋势B环A有缩小的趋势C螺线管B有缩短的趋势D螺线管B有伸长的趋势8、如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a点处的动能为0.5J，则该带电粒子A粒子带正电B在b点处的电势能为0.5JC在b点处的动能为零D在c点处的动能为0.4J9、如图

7、所示，虚线表示电场的一族等势面且相邻等势面电势差相等，一个带正电的粒子以一定的初速度进入电场后，只在电场力作用下沿实线轨迹运动，粒子先后通过M点和N点在这一过程中，电场力做负功，由此可判断出( )AN点的电势高于M点的电势B粒子在N点的电势能比在M点的电势能大C粒子在M点的速率小于在N点的速率D粒子在M点受到的电场力比在N点受到的电场力大10、下列各种说法正确的是（）A在并联电路中，任意支路电阻增大或者减小时，总电阻将随之增大或者减小B电源的电动势与外电路有关，外电路电阻越大，电动势就越大C将金属丝均匀拉长为原来的两倍，金属丝的电阻和电阻率都增大2倍D“220V，50W”的电风扇，线圈电阻为0

8、.4，正常工作时每分钟产生的电热为1.24J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是_表，乙图是_表，丙图是_表。12（12分）某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用的电路如图所示，这位同学测得的六组数据如下表所示，试根据这些数据在坐标纸中做出U-I图线根据图线，可知被测电源的电动势E=_V,内阻r=_(结果保留两位小数)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

9、）如图所示，真空中一质量为m，带电量为q的液滴以初速度为v0，仰角射入匀强电场中以后，做直线运动，求：（1）所需电场的最小场强的大小，方向（2）若要使液滴的加速度最小，求所加的电场场强大小和方向14（16分）根据下图解答以下题目，然后进行小结：如何根据电场线来判断电场中两点电势的高低?（1）M,N是同一条电场线上的两点,哪点电势高?（2）M,P是同一电场中不再同一条电场线上的两点,哪点电势高?15（12分）如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）。现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小

10、物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上。今将小球拉至悬线与竖直方向成60角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失。已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P之间的动摩擦因数为，M：m=4:1,重力加速度为g，求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大；（2）平板车P的长度为多少；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A、充电宝充电时将电能转化为化学能，故A错误；B、该充电宝的容量为：q=10000mAh=1000010-33600=3.6104

11、C，该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量：E=E电动势q=53.6104=1.8105J，故B正确；C、以2A的电流为用电器供电则供电时间t=q/I= =5h，故C错误； D、由于充电宝的转化率是0.6，所以可以释放的电能为：10000mAh0.6=6000mAh，给容量为2000mAh的手机充电的次数：n= 次，故D错误；故选B点睛：根据铭牌读出充电宝的容量和电动势，计算出储存的电量和能量根据电流的定义式求出该充电宝的充电时间和供电时间2、C【解析】A由于，a点处电场线比b点处电场线密，a点场强大于b点场强，而cd两点离两电荷的距离相等，所以电场强度大小相等，方向不同，故A错误；B由题

12、，电场线方向由B指向A，则有ab、而cd两点离两电荷的距离相等，所以两点电势相等，故B错误；C将一负点电荷沿圆弧由a运动到b的过程中，电场力方向与运动方向相同，所以电场力做正功，故C正确；D将一正点电荷沿直线由c运动到d的过程中，离的距离先减小后增大，所以电势先增大后减小，由公式可知，正点电荷的电势能先增大后减小，故D错误。3、C【解析】当可变电阻的滑片向点移动时， 连入电路中的电阻变小，电路总电阻减小，总电流增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压减小，即两端电压减小，所以通过的电流减小，而总电流增大，并且，所以通过的电流变大，C正确【点睛】在电路中，当一个电阻在变大，分压作用增大，它所引起电

13、路电压的变化是与它并联的电阻两端的电压变小，电流也随之变大，由于电源的电动势不变，与它串联的电阻两端电压变小，电流也就变小；反之，当一个电阻在变小时，分压作用减小，它所引起电路电压的变化是与它并联的电阻的电阻两端的电压变小，电流也随变小，与它串联的电阻两端电压变大，电流也就变大若是用这一原则来判断，就可直接得出由于的减小，与它并联的电阻通过的电流就小，与串联的电阻通过的电流变大4、C【解析】A.若将带正电的玻璃棒接触C外表面，则C以及与C连接的B的箔片都带正电；故A错误.B.若将带正电的玻璃棒接触C内表面，则C以及与C连接的B的箔片都带正电；故B错误.C.若使D接触C的外表面，D上的电荷只有一

14、部分转移到C上，D仍然带电；然后接触A，则A的一部分电荷又转移到A上；操作若干次，观察到A的箔片张角变大；故C正确.D.若使D接触C的内表面，则D上的电荷全部转移到C上，D不再带电；然后接触A，A不能带电；操作若干次，观察到A的箔片张角不变；故D错误.5、B【解析】依题意，设每根导线在O点产生的磁感应强度为B1/2，方向竖直向下，则电子在点受到的洛伦兹力为F1=B1ev；当M处长直导线移至P点时，O点合磁感应强度大小为B2=212B1cos30=32B1，则电子在O点受到的洛伦兹力为F2=B2ev=32B1ev，则F2与F1之比为3:2；A. 3:1，与结论不相符，选项A错误；B. 3:2，与

15、结论相符，选项B正确；C. 1:1，与结论不相符，选项C错误；D. 1:2，与结论不相符，选项D错误。6、B【解析】三个电荷要平衡，三个电荷必须在同一条直线，外侧二个电荷相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，由于外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以第三个电荷必须为正电，在B的右侧。A. 正电，在A、B之间。与结论不符，故A错误；B. 正电，在B点右侧。与结论相符，故B正确；C. 负电，在B点右侧。与结论不符，故C错误；D. 负电，在A点左侧。与结论不符，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项

16、是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB、当B中通过的电流逐渐增加时,电流产生的磁场逐渐增强,故穿过A的磁通量增加,为阻碍磁通量增加,根据楞次定律可以知道,环A应向磁通量减小的方向形变.因为A环中有两种方向的磁场:B线圈外的磁感线方向与B线圈内的磁感线方向相反,B线圈外的磁感线要将B线圈内的磁通量抵消一些,当A的面积增大时,穿过A的磁通量会减小,所以可以知道环A应有扩张的趋势,所以A选项是正确的,B错误;CD、线圈B中电流增加,每匝线圈产生的磁场增强,线圈间的引力增大,所以螺线管B有缩短的趋势,所以C选项是正确D错误;综上所述本题答案是：AC

17、8、AD【解析】A由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B由电势能的定义知粒子在b点处的电势能EPb=q=0.0130J=0.3J故B错误；C由粒子在a点处的总能量E=0.0110J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C错误；D由能量守恒得在C点处的动能为：EkC=0.6J-0.0120J=0.4J故D正确.9、AB【解析】粒子带正电，由运动轨迹可知，电场力的方向指向右下方即电场线的方向指向右下方，根据电场的性质“顺着电场线的方向电势降落”可知N点的电势高于M点的电势，A选项正确；

18、电场力做负功，电势能增加，B选项正确；电场力做负功，动能减小，C选项错误；根据电场线或等势面的疏密表电场强弱可知，D选项错误10、AD【解析】A根据并联电路的总电阻则当任意支路电阻增大或减小时，总电阻将随之增大或者减小，故A正确；B电源的电动势是由电源本身的结构决定，与外电路无关，故B错误；C将金属丝均匀拉长为原来的两倍，则金属丝的横截面积减小为原来的二分之一，根据电阻定律可知，金属丝的电阻将变为原来的4倍，金属丝的电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量，它不会因为被拉长而发生改变，故C错误；D由P=UI可知，电风扇正常工作的电流为由焦耳定律可知，正常工作时每分钟产生的电热故D正确。故选AD。三

19、、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电流表 电压表 欧姆表 【解析】123 甲图为G表头并联一分流电阻改装成一电流表，图乙为G表头串联一分压电阻改装成一电压表，图丙内部有电源，改装成了欧姆表。12、1.48V 0.78 【解析】U-I图线的截距表示电动势，斜率表示内阻，故电池的电动势E=1.48V，内阻r=UI=1.48-10.63=0.78。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) ，方向与垂直指向右下方 （2），方向竖直向下【解析】试题分析：（1）E1q = mgcos,得E1= mgcos/ q，方向与v0垂直指向右下方（2）E2q = mg,得E2= mg/q，方向竖直