2023学年广东省惠州市惠东县惠东荣超中学物理高二上期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长 ab 2bc.当将A与B接入电压为U(V)的电路中时，电流为I；若将C与D接入电压为U(V)的电路中，则电流为( ) A4IB2IC12ID14I2、已知地球的半径为6.4103km，水的摩尔质量为1.810-2kg/mol，阿伏加德罗常数为6.021023个/mol,设想将1g水均匀地分布在地球表面，估算1m2的地球表面上分布的水分数目约为（ ）A7107个B3108个C31011个D71010个3、下列说法中不正确的是A美国物理学家密立

3、根最早测得的元电荷量e的数值B奥斯特发现，电流周围会产生磁场C电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能多少的物理量D电阻率是反映材料导电性能的物理量4、如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数的变化量分别用I、U1、U2和U3表示下列说法正确的是( ) A不变，变大B变大，变大C变大，不变D不变，不变5、两个电压表V1和V2是由完全相同的两个小量程电流表改装成的，V1的量程是3V，V2的量程是15V，为了测量约16V的电压，我们把两个电压表串联起来使用，以下叙述正确的是AV1和V2的指针偏

4、转角度相同BV1和V2的示数相等CV1和V2的示数不相等，指针偏转角度也不相同DV1和V2的示数之比为5：16、关于磁感强度B,下列说法中正确的是（ ）A在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度越大B磁场中某点B的方向，与放在该点的试探电流元所受磁场力方向一致C在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D磁场中某点B的大小，与放在该点的试探电流元的情况有关二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、原来有磁性的物体，为了使其失去磁性，也就是退磁，可以采用的办法是

5、：A将其处于低温环境中；B剧烈震动；C受到逐渐减弱的交变磁场的作用；D放置在通电的螺线管内部8、如图所示的电路中，电源的电动势为、内阻为（），定值电阻.闭合开关，理想电压表示数为，理想电流表示数为；在滑动变阻器的滑片由端滑到端的过程中A先变小后变大B与的比值先变大后变小C与的乘积先增大后减小D的变化量的绝对值与的变化量的绝对值的比值小于9、图是改装后的电表的电路图，认识正确的是（ ）A（a）图是电流表，使用a、c两个端点时，量程较大B（a）图是电流表，使用a、b两个端点时，量程较大C（b）图是电压表，使用a、c两个端点时，量程较大D（b）图是电压表，使用a、b两个端点时，量程较大10、关于测小

6、灯泡伏安特性曲线的实验中，电路应采用（ ）A电流表内接B电流表外接C滑动变阻器起限流作用D滑动变阻器起分压作用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用单分子油膜法测出油酸分子（视为球形）的直径后，若要计算阿伏伽德罗常数，还需要的物理量是（）A油滴的体积B油滴的质量C油酸的摩尔体积D油酸的摩尔质量12（12分）现在要测量一只额定电压U3V的小灯泡L的额定功率P(约为0.3W)。实验室备有如下器材：电流表A1(量程为200mA，内阻r110)电流表A2(量程为300mA，内阻约为5)定值电阻R(10)滑动变阻器R1(0100，0.5A)

7、电源E(E5V，不计电源内阻)单刀开关一个、导线若干(1)请设计出实验电路，并画在如图所示的虚线框内，注意滑动变阻器要采用限流接法_。(2)按设计好的电路图连接好电路，开关S闭合前，滑片P应移至阻值最大位置；闭合开关S，移动滑片P，使电流表A1的示数I1150mA，同时记下此时电流表A2的示数I2；断开开关S，拆除电路，整理器材。实验中计算灯泡额定功率的表达式为P_。(用题中给定的符号以及(2)中涉及的记录符号来表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，已知电源电动势E=16 V，内阻r=1 ，定

8、值电阻R=4 ，小灯泡上标有“3 V，4.5 W”字样，小型直流电动机的线圈电阻r=1 ，开关闭合时，小灯泡和电动机均恰好正常工作求：（1）电路中的电流强度；（2）电动机两端的电压；（3）电动机的输出功率14（16分）如图所示，匀强电场的电场线与水平方向成60角，一个带105C的负电荷从A点以某一速度射入电场中，当电荷运动到与A在同一水平面上的B点时，电场力做了610-5J的正功，AB间距为6cm(1)在图中用箭头标出场强E的方向(2)求出匀强电场的场强大小15（12分）如图所示，两竖直虚线间距为L，之间存在竖直向下的匀强电场自该区域的A点将质量为m、电荷量分别为q和q(q0)的带电小球M、N

9、先后以相同的初速度沿水平方向射出小球进入电场区域，并从该区域的右边界离开已知N离开电场时的位置与A点在同一高度；M刚离开电场时的动能为刚进入电场时动能的8倍不计空气阻力，重力加速度大小为g已知A点到左边界的距离也为L（1）求该电场的电场强度大小；（2）求小球射出的初速度大小；（3）要使小球M、N离开电场时的位置之间的距离不超过L，仅改变两小球的相同射出速度，求射出速度需满足的条件参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设沿AB方向的橫截面积为S1，沿CD方向的橫截面积为S2，则有s1s2=12AB接入电路时电

10、阻为R1，CD接入电路时电阻为R2，则有R1R2=labs1lbcs2=41，电流之比：I1I2=R1R2=14，I2=4I1=4I，A正确，BCD错误故选A2、A【解析】1g水所含分子数为1cm2所含分子数为个/m2A. 7107个与上述计算结果个相符，故A正确； B. 3108个与上述计算结果个不相符，故B错误； C. 31011个与上述计算结果个不相符，故C错误； D. 71010个与上述计算结果个不相符，故D错误；3、C【解析】A项：电荷量e的数值最早是由美国科学家密立根用实验测得的，故A正确；B项：奥斯特发现了电流的磁效应，故B正确；C项：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化

11、为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故C错误；D项：电阻率是反映材料导电性能的物理量，故D正确。故应选：C。4、C【解析】AR1是定值电阻，有可知不变，不变，故A错误BC当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，R2变大，R2是可变电阻，有所以变大.根据闭合电路欧姆定律得：U2=E-I(R1+r）则知其值不变；故B错误，C正确DU3为路端电压，为外电阻，其值增大，根据闭合电路欧姆定律知其值不变，故D错误【点睛】本题要分定值电阻与可变电阻去分析对于定值电阻，有；对于可变电阻，可根据闭合电路欧姆定律分析与电源内阻的关系，从而作出判断.5、A【解析】A两个电压表串联，流过表头的电流相同，指针偏转角度大小

12、与电流大小成正比，故V1和V2的指针偏转角度相同，故A正确；B偏转角相同时，量程大的电压表读数偏大，说明V1的示数小于V2的示数，故B错误；C由前面分析可知V1和V2的示数不相等，指针偏转角度相同，故C错误；D因两电压表偏转角相同，示数之比等于量程之比，故V1和V2的示数之比为1：5，故D错误；故选A。6、A【解析】根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关.【详解】A、磁感线的疏密表示磁场的强弱，在磁场中磁感线越密集的地方，磁感应强度大；故A正确.

13、B、磁场中某点磁感应强度B的方向，与放在该点静止小磁针N级所指方向一致，故B错误；C、当通电直导线的方向与磁场的方向平行时，通电直导线受到的安培力为0，而磁感应强度却不为0；故C错误；D、磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度此比值与磁场力及电流元均无关；故D错误.故选A.【点睛】本题关键要掌握磁感应强度的物理意义、定义方法，以及磁感应强度与安培力之间的关系，即可进行分析判断.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的

14、得0分。7、BC【解析】原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，就会失去磁性，这种现象叫做退磁故BC正确，AC错误；故选BC.【点睛】原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，分子电流的取向变得杂乱无章，磁体就会失去磁性8、BD【解析】A在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，滑动变阻器R1的有效电阻先增大后减小，外电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：总电流先变小后变大，路端电压先增大后减小，故A错误；BC路端电压先增大后减小，所以R3中的电流先增大后减小，由于总电流先变小后变大，所以电流表示数先减小后变大，则与的比值先变大后

15、变小，无法确定与的乘积变化情况，故B正确，C错误；D将R3与电源看成新电源，新电源的内阻为r与R3的并联值小于r，由闭合电路欧姆定律可知，的变化量的绝对值与的变化量的绝对值即为新电源的内阻，故D正确。9、BC【解析】A、B、由图示电路图可知，（a）图电流计与分流电阻并联，则（a）图是电流表，使用a、c两个端点时分流电阻较大，电流表量程较小，故A错误，B正确；C、D、由图示电路图可知，（b）图中电流计与分压电阻串联，（b）图是电压表，使用a、c两个端点时，串联分压电阻阻值较大，电压表量程较大，故C正确，D错误；故选BC【点睛】本题考查了电流表与电压表的 改装与结构，知道电压表与电流表的改装原理、

16、分析清楚图示电路图是解题的关键，掌握基础知识即可解题，平时要注意基础知识的学习与积累10、BD【解析】伏安法描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为几欧姆，电压表内阻为几千欧姆，电压表内阻远大于灯泡内阻，电流表应采用外接法；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C【解析】设一个油酸分子的体积为V1，则：，根据可知，要测定阿伏加德罗常数，还需要知道油滴的摩尔体积，故C正确，ABD错误12、； 。 【解析】(1)1所给器材中没有电压表，可把电流表A1与定值电阻R串联改装成一个新的电压表，

17、其量程为小灯泡的额定电压为3V，比较合适，画的电路图如下所示：(2)2电流表A1的示数I1150mA，可以求得灯泡两端电压为恰为额定电压，故灯泡额定功率的表达式为P。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.2A ；（2）2.2V；（3）6W.【解析】试题分析：（1）电路中电流=12A（2）电动机两端的电压=22V（3）电动机的总功率电动机线圈热功率电动机的输出功率考点：电功率14、 (1) (2) 200V/m【解析】(1) 由于电场力做正功，电场力应沿AC方向，而电荷带负电，场强方向为CA方向，(2)如题中图，AB两点沿电场方向的距离为d=ABcos60=310-2m又UAB=Wq=-6V可求E=|UAB|d=200V/m15、（1）（2）（3）【解析】小球运动过程只受重力和电场力作用，故小球在水平方向做匀速运动，那么，小球在电场区域内外的运动时间t相同；在电场区域外，小球在竖直方向做加速度为g的匀加速运动，故小球进入电场时的竖直分速度为；（1）N离开电场时的位置与A点在同一高度，即竖直位移为零；设N在电场内的加速度为a，则有：，所以，方向竖直向上；故由牛顿第二定律可得，所以电场的电场强度；（2）M在电场中的加速度，方向竖直向下；故M刚离开电场时的竖直