2023学年福建省厦门二中物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，足够大的光滑绝缘水平面上有两个带正电的小球，A球的电荷量是B球的两倍，A对B的库仑力大小为F1，B对A的库仑力大小为F2。两小球从图示位置由静止释放后( )A

2、F1、F2保持不变，且F1=F2BF1、F2保持不变，且F1=2F2CF1、F2逐渐减小，且F1=F2DF1、F2逐渐减小，且F2=2F12、如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平相向抛出，经过时间t在空中相遇。若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（ ）AtBCD3、如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长 ab 2bc.当将A与B接入电压为U(V)的电路中时，电流为I；若将C与D接入电压为U(V)的电路中，则电流为( ) A4IB2IC12ID14I4、如图所示，质量为m的小物块静止地放在半径为R的半球体上，物块与半球体间的动摩擦因数为，物块与球心的连线与水平地面的

3、夹角为，下列说法中正确的是A地面对半球体的摩擦力方向水平向左B物块对半球体的压力大小为mgcosC物块所受摩擦力大小为mgcosD物块所受摩擦力大小为mgcos5、下列各图中所画的电场线，正确的是（ ）A（1）（2）和（4）B只有（4）C只有（3）D（2）和（3）6、如图所示，A、B两点是粒子在匀强电场中运动时经过的两个点，平行直线表示电场线，但方向未知，整个过程中只有电场力做功已知粒子在A点的动能比B点大，则下列说法中正确的是( ) A无论粒子是从A到B，还是从B到A，电场力均做负功B电场线方向从右向左C无论粒子是带正电还是负电，均不可能沿轨迹2运动D粒子的运动轨迹若为1，则粒子一定带负电二

4、、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如甲图所示，两个带等量正电荷的小球A、B（可视为点电荷），被固定在光滑绝缘的水平面上，P、N是小球A、B连线的中垂线上两点，且PO=ON现将一个电量很小的负电小球C（可视为质点），由P点静止释放并向N点运动的过程中，下列关于小球C的图象，可能正确是AABBCCDD8、如图所示电路中，R15 ，R27 ，R38 ，R410 ，C20F，电源电动势E18.6 V，内阻r1 ，电表为理想电表开始电键K是闭合的，则下列判断正确的是（ ）A电流

5、表的示数为l AB电压表的示数为6 VC电容器所带的电荷量为18104CD当电键K断开后，通过电阻R1的电荷量为18104C9、如图所示，一直流电动机与阻值R = 4 的电阻串联在电源上，闭合开关，电动机的输入功率为P = 20 W，电源的电动势E = 20 V，内阻r = 1 。用理想电压表测出电动机两端电压，已知电动机线圈的电阻RM = 1 ，则下列说法中正确的是A通过电动机的电流为10 AB电源的输出功率为36 WC电动机的输出功率为16 WD理想电压表的示数为2 V10、质量为的通电导体棒置于倾角为的导轨上，导轨的宽度为，导体棒与导轨间的动摩擦因数为有电流时，恰好在导轨上静止，如图所示

6、图中的四个侧视图中，标出了四种可能的匀强磁场方向，其中导体棒与导轨之间的摩擦力可能为零的图是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做验证力的平行四边形定则实验时：（1）以下说法中正确的是：（_）A用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两细套之间的夹角为90，以便求出合力的大小B用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合C若用两只弹簧秤拉时合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示F不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不一定是普遍成立的DF1F2，若方向不变，大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小也增加1

7、N（2）某同学实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳,图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示,下列说法中正确的是（_）A图乙中的F是力F1和F2合力的理论值,F是力F1和F2合力的实际测量值B图乙的F是力F1和F2合力的理论值,F是力F1和F2合力的实际测量值C在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果没有影响D在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果有影响（3）本实验采用的科学方法是_(填字母代号)A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法12（12分）如图所示为验证动量守恒的实验装置示意图若入射小球质量为，半径为；

8、被碰小球质量为，半径为则_ A. C. 为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是_ 填下列对应的字母 A.直尺游标卡尺天平弹簧秤秒表设入射小球的质量为，被碰小球的质量为为碰前入射小球落点的平均位置，则关系式用、及图中字母表示 _ 成立，即表示碰撞中动量守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，平行板电容器板间距离为2cm，有一个质量m10-7kg、电荷量q-108C的液滴，在两板正中央处于静止状态问：（取g10m/s2）（1）哪块板带正电？板间电场强度多大？（2）若电容器电容为510-10F，则

9、电容器带电荷量Q为多少？（3）若下板接地，液滴的电势能是多少？14（16分）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R阻值为2r,滑动变阻器R1的阻值最大值为2r，左侧是水平放置、间距为d,长度为L的平行金属板，不计其他电阻；若在两板中间A点静止释放一质量为m的带电油滴，恰好保持静止状态，此时滑动变阻器的滑动触片在中间。（1）油滴带电量是多少？（2）将两板绕过A点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转，调节R1的阻值，在A点静止释放该油滴，使油滴沿直线平行于两板间离开电场，此时滑动变阻器的滑动触片在什么位置？15（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B2.0

10、 T一质量为m5.0108 kg、电量为q1. 0106 C的带电粒子从P点沿图示方向以v20 m/s的速度进入磁场，从x轴上的Q点离开磁场（Q点未画出）已知OP30 cm，(粒子重力不计，sin 370.6，cos 370.8)，求：(1) OQ的距离；(2) 若粒子不能进入x轴上方，求磁感应强度B满足的条件参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】两球之间的作用力是作用力与反作用力，故，同种电荷互相排斥，两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小；【详解】两小球都带正电，同

11、种电荷互相排斥，故两小球相距会越来越远，根据库仑定律可知库仑力与距离的二次方成反比，故逐渐减小，根据牛顿第三定律可知，A对B的库仑力大小为与B对A的库仑力大小为是作用力与反作用力，故，故C正确、ABD错误。【点睛】本题要知道A对B的库仑力大小为F1与B对A的库仑力大小为F2是作用力与反作用力，根据牛顿第三定律可知。2、C【解析】依据运动的独立性原理，在水平方向上，两球之间的距离得故选C。3、A【解析】设沿AB方向的橫截面积为S1，沿CD方向的橫截面积为S2，则有s1s2=12AB接入电路时电阻为R1，CD接入电路时电阻为R2，则有R1R2=labs1lbcs2=41，电流之比：I1I2=R1R

12、2=14，I2=4I1=4I，A正确，BCD错误故选A4、D【解析】从整体角度去分析，则地面对半球体没有摩擦力，故A错误；对物体受力分析，质点受重力、支持力及摩擦力，如图所示：由共点力的平衡可知，质点受到的支持力F=mgsin，故由牛顿第三定律可求得质点对半球体的压力大小为mgsin； 质点受到的摩擦力f=mgcos，方向斜向上，因为是静摩擦力，不用动摩擦因数求摩擦力，故B C错误，D正确；故选D【点睛】本题采用整体法和隔离法处理力平衡问题，考查灵活选择研究对象的能力，正确作出力图是基础5、B【解析】（1）电场线总是从正电荷出发，终止于负电荷或无穷远；而（1）是终止于正电荷，故（1）错误；（2

13、）是从负电荷出发，故（2）错误；（3）两个正电荷的电场线分布如图而不是终止于某一个正电荷，故（3）错误；（4）中所有的电场线都是电场线总是从正电荷出发，终止于负电荷；或从无穷远出发，终止于负电荷；或从正电荷出发，终止于无穷远。故（4）正确。所以四个图中只有（4）正确，故B正确，ACD都错误。故选B。6、C【解析】A、由题可知，粒子在A点时的动能比B点大，则无论电场方向如何，带电性质如何，A到B的过程中电场力做负功，B到A的过程中电场力做正功，A错误；B、粒子的带电性质未知，不能确定电场线方向，B错误； C、在A点时的动能比B点大，如果电场力向沿水平方向，则电场力的方向向左，粒子运动的轨迹向左弯

14、曲，运动的轨迹只能是轨迹1，不可能是轨迹2，C正确；D、粒子的运动轨迹若为1，则所受电场力向左，若电场线向左，粒子一定带正电，若电场向右，则粒子带负电，D错误；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】试题分析：由于电场线的分布情况未知，小球从P到O，场强可能先增大后减小，电场力先增大后减小，加速度先增大后减小，v-t图象的斜率先增大后减小小球经过O点时场强为零，电场力为零，则加速度为零小球从O到N，根据对称性可知，加速度先增大后减小，v-t图象的斜率先

15、增大后减小故A正确根据电场线的分布情况可知，PO段与ON段电场强度方向相反，从P到O，场强可能先增大后减小，从O到N，场强先增大后减小故B正确-x图象的斜率等于场强，越接近O场强应减小，图象的斜率应减小，故C错误小球从P到O，电场力做正功，电势减小从O到N，电场力增大，电势能增大，故D错误故选AB.考点：电场强度；电势及电势能8、BC【解析】A、由于电流表视为短路，而电压表视为短路，则分析电路结构可知，知R2、R3、R4串联后与R1并联，R5上无电流电流表示数为：解得：电流，电压表的示数等于R4上的电压，解得：；A错误，B正确；C、电容器C所带的电量：；解得：；开关断开后，电流将分别流过R1、

16、R4和R2、R3，故流过R1的电量一定小于1.8104C，C正确，D错误；故选BC9、BC【解析】A设电路中的电流为I，则：P=IE-I(R+r)即20=I20-I(4+1)解得I=2A选项A错误；B电源的输出功率为选项B正确；CD电动机两端电压U=E- I(R+r)=10V电动机的输出功率为选项C正确，D错误。10、AB【解析】A. 导体棒受重力、水平向右的安培力和斜面的支持力，若三个力平衡，则不受摩擦力，故A正确；B. 导体棒受重力，竖直向上的安培力，若重力与安培力相等，则二力平衡，不受摩擦力，故B正确C. 导体棒受重力，竖直向下的安培力和斜面的支持力，若不受摩擦力，导体棒不可能平衡，故C

17、错误；D. 导体棒受重力、水平向左的安培力和斜面的支持力，若不受摩擦力，导体棒不可能平衡，故D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B BC B 【解析】(1)1A. 合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，不需要让夹角为特殊角，故A错误。B. 为了使两次实验对橡皮筋产生的作用效果相同，故用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，故B正确。C. 共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，如果画出的差距太大，说明实验时出现错误，故C错误。D. 根据平行四边形定则可知，合力和两分力的大小并不总能同时增加相同的

18、量。只有两力大小相等，夹角成120时，才能保证合力与分力增加量相同；故D错误。(2)2 F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是F1与F2合成的理论值，F是F1与F2合成的实际值，故A错误，B正确；CD. 由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C正确D错误。(3)3 合力与分力的作用效果相同，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故B正确ACD错误。12、 (1)C (2)AC (3) 【解析】（1）为了保证碰撞前后使入射小球的速度方向不变，故必须使入射小球的质量大于被碰小球的质量为了使两球发生正碰，两小

19、球的半径相同；（2）两球做平抛运动，由于高度相等，则平抛的时间相等，水平位移与初速度成正比，把平抛的时间作为时间单位，小球的水平位移可替代平抛运动的初速度将需要验证的关系速度用水平位移替代【详解】（1）在小球碰撞过程中水平方向动量守恒定律故有m1v0=m1v1+m2v2在碰撞过程中动能守恒故有m1v02=m1v12+m2v22解得v1=v0要碰后入射小球的速度v10，即m1-m20，m1m2，为了使两球发生正碰，两小球的半径相同，r1=r2，故选C（2）P为碰前入射小球落点的平均位置，M为碰后入射小球的位置，N为碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度v1；碰撞后入射小球的速度v2 ；碰撞后被碰小球的速度v3；若m1v1=m2v3+m1v2则表明通过该实验验证了两球碰撞过程中动量守恒，代入数据得：m1 =m1+m2，所以需要测量质量和水平位移，用到的仪器是直尺、天平；故选AC（3）若关系式m1 =m1+m2成立，即表示碰撞中动量守恒【点睛】本题是运用等效思维方法，平抛时间相等，用水平位移代替初速度，这样将不便验证的方程变成容易验证四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指