2023学年广东省佛山市华南师范大学附中南海实验高级中学物理高二第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、我国神州系列飞船顺利飞天，极大地振奋了民族精神。飞船在轨道上正常运行时，若宇航员出舱且相对飞船静止，则A航员处于平衡状态B宇航员不受任何力的作用C飞船的加速度不为零D飞船飞行的高度将降低2、一个带电粒子在匀强电场中运动的轨迹如图中曲线AB

2、所示，平行的虚线a、b、c、d表示该电场中的四个等势面不计粒子重力，下列说法中正确的是()A该粒子一定带正电B四个等势面中a等势面的电势一定最低C该粒子由A到B过程中动能一定逐渐减小D该粒子由A到B过程中电势能一定逐渐减小3、实验室有一盏“40 V5.0 A”的弧光灯，要使它接入220 V的电路中能正常工作，应该()A串联一个阻值为36 的电阻后接入电路中B串联一个阻值为72 的电阻后接入电路中C并联一个阻值为36 的电阻后接入电路中D并联一个阻值为72 的电阻后接入电路中4、打乒乓球时，球拍对乒乓球的作用力为FN，乒乓球对球拍的作用力为FN，则（ ）AFN大于FN BFN与FN方向相反CFN

3、小于FN DFN与FN方向相同5、物理量的决定式能揭示该物理量的大小受什么因素的影响，以下公式不属于决定式的是( )A平行板电容器的电容B导体的电阻C导体中的电流D孤立点电荷的电场强度6、下列说法不正确是A一个电阻和一根无电阻的理想导线并联总电阻为零B并联电路任一支路电阻都大于电路的总电阻C串联电路中任一电阻增大(其它电阻不变) 总电阻一定增大D并联电路中任一电阻增大(其它电阻不变) 总电阻可能减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一弹簧振子做简谐振动，O为平衡位置

4、，当它经过O点时开始计时，经过23s第一次到达M点，再经过22s第二次到达M点，则弹簧振子的周期为：A253sB24sC26sD3s8、如图所示，电源电动势E3V，小灯泡L标有“2V，0.4W”，开关S接1，当变阻器调到R4时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作则 ( )A电源内阻为1B电动机的内阻为4C电动机的正常工作电压为1VD电源效率约为93.3%9、有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示。则下列说法正确的是（ ）Aa的向心加速度小于

5、地表重力加速度gBb在相同时间内转过的弧长最长Cc在4h内转过的圆心角是Dd的运动周期有可能是23h10、一辆汽车在水平路面上由静止启动，在前5s内做匀加速直线运动，5s末达到额定功率，之后保持额定功率运动，其vt图象如图所示。已知汽车的质量m=2103kg，汽车受到地面的阻力为车重的0.1倍，g取10m/s2，则A汽车在前5s内的牵引力为4103NB汽车在前5s内的牵引力为6103NC汽车的额定功率为40kWD汽车的最大速度为30m/s三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏

6、安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端_（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P_W；（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6的电源两端，此时电路工作的效率为_12（12分）旋钮式电阻箱如图所示，电流从接线柱A流入，从B流出，则接入电路的电阻为_ .今欲将接入电路的电阻改为，最简单的操作方法是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个

7、质量m=2kg的物体在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运动，经过时间t=6s速度变为v=12m/s求：（1）物体的加速度a的大小（2）水平拉力F的大小14（16分）如图所示，在水平面上放置的相距为1.2m的平行金属导轨与电源、电键、导体棒AB、滑动变阻器可构成闭合电路，磁感应强度为B=1.5T的匀强磁场竖直向下，导体棒AB的质量m=15kg，它与轨道之间的动摩擦因数=1.15。当电键S闭合时，电路中电流为5A(g取11ms2)求：(1)此时导体棒AB受到的安培力大小及方向(2)此时导体棒AB的加速度大小15（12分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电

8、动机绕线的电阻R0=0.5，电键S1始终闭合。当电键S2断开时，电阻R1的电功率是525W；当电键S2闭合时，电阻R1的电功率是336W，求（1）电源的内电阻；（2）当电键S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出的功率。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.宇航员出舱后相对于飞船静止不动，与飞船一起绕地球做圆周运动，处于非平衡状态。故A错误；B.宇航员出舱后仍受到地球的万有引力。故B错误；C.宇航员出舱后与飞船一起绕地球做圆周运动，加速度不是零。故C正确；D.宇航员出舱后与飞船一起绕地球做圆周运动，飞船飞

9、行的高度不变。故D错误；2、D【解析】A、电场线和等势线垂直，所以电场沿竖直方向，从带电粒子的轨迹AB可知，电场力竖直向上，由于不知电势的高低，因而无法确定电场线的方向，故粒子的电性无法确定，故A错误，B错误；C、根据电场力与速度的夹角，可知电场力做正功，粒子的动能增大，而电势能则减小，故C错误，D正确故选：D3、A【解析】弧光灯正常工作时，它两端的电压应是40V，所以，就需要串联一个电阻分担电压，利用欧姆定律，代入数值，即可求得。【详解】电阻需要分担的电压为：U=220V-40V=180V。由串联电路的特点，各处电流相等，则有： 故选：A。【点睛】本题考查了欧姆定律的应用和串联电阻分压的知识

10、点。要注意明确串联电路中电流相等，由额定值可求得电路中的电流。4、B【解析】球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，二者大小相等，方向相反，故ACD错误，B正确；故选B；5、C【解析】根据电阻定律可知，电阻的决定式为，而是电容的决定式，孤立点电荷的电场强度的决定式是：，而导体中的电流是量度公式；故选C.6、D【解析】A、一个电阻和一根无电阻的理想导线并联，设，由总电阻，得知，故A正确；B、由，由数学知识得，则得，即并联电路任一支路的电阻都大于电路的总电阻，同时任意电阻增大，会导致并联总电阻变大，故B正确，D错误；C、在串联电路中，总电阻，则可以知道在串联电

11、路中任一电阻增大(其它电阻不变) 总电阻一定增大，故选项C正确。点睛：本题需要掌握串联电路和并联电路的特点，知道如何计算串联和并联电路的总电阻。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】作出运动示意图如图，若从O点开始向右振子按下面路线振动，则振子的振动周期为：，如图，若从O点开始向左振子按下面路线振动，令从O到M的时间为t，则有：则可解得：则振子的振动周期为：，故AC正确；8、AD【解析】小灯泡的额定电流为电阻为A当接1时E=I(RL+R+r)代入数据解得电源

12、的内阻r=1故A正确；BC当接2时灯泡正常发光，流过的电流为I=0.2A电源内阻分的电压为U=Ir=0.21V=0.2V故电动机分的电压为U动=E-UL-U=(3-2-0.2)V=0.8V则电动机的内阻为故B、C均错误；D电源的效率为故D项正确9、AB【解析】Aa受万有引力和支持力作用，靠两个力的合力提供向心力，向心加速度小于重力加速度g，故A正确。B根据得，由于rbrcrd，则vbvcvd，a、c的角速度相等，根据v=r知，c的线速度大于a的线速度，可知b的线速度最大，则相同时间内转过的弧长最长，故B正确。Cc为同步卫星，周期为24h，4h内转过的圆心角故C错误。D根据得，d的轨道半径大于c

13、的轨道半径，则d的周期大于c的周期，可知d的周期一定大于24h，故D错误。10、BD【解析】AB汽车受到的阻力f=0.1mg=0.12.010310N=2.0103N，前5s内汽车的加速度由v-t图可得a=2.0m/s2，根据牛顿第二定律：F-f=ma，求得汽车的牵引力F=ma+f=2.01032.0N+2.0103N=6.0103N，故A错误，B正确；Ct=5s末汽车达到额定功率，P额=Fv=6.010310W=6.0104W=60kW，故C错误；D当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，则最大速度vm=P额f=61042.0103m/s=30m/s，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18

14、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a 偏小 1.2 25 【解析】（1）明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；（3）画出电源的图像，两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；【详解】（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；（2）根据欧姆定律，电阻测量值为，若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为，比较可知，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；根据I-U图象读出时对应的电流，所以小灯泡的实际功率为；（3）作出电源的如图所示：由图像可知，此时小灯泡两端电

15、压为则此时电路工作的效率为：【点睛】本题考查通过小灯泡的伏安特性曲线判断测量值和真实值之间的关系，注意求解电路的效率时需要画出电源的图像进行求解即可12、 最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1【解析】试题分析：依次读出各档的电阻值，然后相加，得： ，今欲将接入电路的电阻改为，最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1，即可得.【点睛】电阻箱读数时，用数字乘以底下的倍数，最后将四个数据相加当各数字为零时，其阻值最小；当各数字为9时，其阻值最大四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的

16、文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s2（2）4N【解析】试题分析：（1）由运动学规律可知：，故，（2）根据牛顿第二定律有：考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力14、（1）1.5N，方向水平向左（2）【解析】试题分析：（1）由题可得，导体AB受到安培力大小根据左手定则可知，安培力的方向：水平向左（2）根据牛顿第二定律，AB的加速度a，则：代入数据得：考点：考查了安培力的计算，牛顿第二定律【名师点睛】由图象可知电流方向，由左手定则判断安培力的方向，根据牛顿第二定律求加速度的大