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1、2019-2020年高二下学期末考试物理试题含解析本试题分I 、II两卷,满分100分,答题时间90分钟第I 卷(选择题40分)一、单项选择题(本题共6小题,每小题4分。在每小题给出的四个选项中,只有一个符合题目要求,选对的得4分,错选或不选的得0分。)1.关于惯性的下列说法,正确的是A抛出去的标枪靠惯性向远处运动B完全失重时物体的惯性将消失C球由静止释放后加速下落,说明力改变了惯性D物体沿水平面滑动,速度越大滑行的时间越长,说明速度大惯性就大答案:A【ks5u解析】惯性只与物体的质量有关,与物体的受力和运动状态均无关。所以BCD错。惯性是物体保持原来运动状态的性质,所以A对。故选A。2. 如

2、图所示,一不可伸长的光滑轻绳,其左端固定于O点,右端跨过位于O点的固定光滑轴悬挂质量为M的物体,OO段水平且长为L,绳上套一光滑的轻环。若在轻环上施加竖直向下的作用力F,物体上升L后再次达到平衡,此时F大小A B C D答案:D【ks5u解析】解:重新平衡后,绳子形状如下图由几何关系知:绳子与竖直方向夹角为30,则环两边绳子的夹角为60,则根据平行四边形定则,环两边绳子拉力的合力为Mg,根据平衡条件,向下的拉力大小为Mg故选:D3在竖直向上的拉力F作用下,将货物由地面吊起,其运动的v2x图象如图所示(取g=10 m/s2)则前3 m内与最后2 m内拉力的大小之比v2/(m2s-2)x/mA12

3、:7B22:17C22:23D18:23答案:B【ks5u解析】前3m内货物的加速度向上,加速度大小是1m/s2,根据牛顿第二定律得:F1-mg=ma1。最后2m内货物加速度方向向下,加速度大小是1.5m/s2,根据牛顿第二定律得:mg-F2=ma2。解得:前3m内与最后2m内货物的受到的拉力大小之比为22:17,故选B.4如图所示,小车上固定一直立木板,木板上端固定一定滑轮,轻绳跨过定滑轮一端系一小球,另一端系在弹簧秤上,弹簧秤固定在小车上, 若小车突然由静止向右匀加速运动,则下列说法正确的是 A弹簧秤读数变大B弹簧秤读数变小C小车对地面的压力变大D小车对地面的压力变小答案:A【ks5u解析

4、】.若小车匀加速向左运动,车向右的加速由弹簧的弹力来提供,所以弹簧秤读数变大,把系统看作一个整体,整体只有向右的加速度,所以在竖直方向上的力不变,即小车对地面的压力不变.故选A.5. 如图所示,足够长的水平传送带以v0=2m/s的速度匀速运行。t=0时刻,在左端轻放一质量为m的小滑块,t=2s时刻传送带突然被制动而停止。已知滑块与传送带之间的动摩擦因数=0.2。则t=2.5s时滑块的速度为A.3m/s B.2m/s C.1m/s D.0 答案:C【ks5u解析】滑块放在传送带上受到滑动摩擦力作用做匀加速运动,a=g=2m/s2,滑块运动到与传送带速度相同时需要的时间;然后随传送带一起匀速运动的

5、时间t2=t-t1=1s;当送带突然制动停下时,滑块在传送带摩擦力作用下做匀减速运动直到静止,a= -a = -2m/s2,运动的时间;t=2.5s时,物体速度v=m/s.故选C。6质量为1kg的物体静止在水平面上,物体与水平面间的动摩擦因数为0.2若对物体分别施加如图所示的水平拉力F,在前3t0内位移最大的是 答案:D【ks5u解析】A、在0-1s内,Fmg,物体静止不动在1-2s内,加速度a1=1m/s2,位移x1a1t1211m0.5m,第2s末的速度v=a1t1=0.51m/s=0.5m/s在2-3s内,加速度a2=m/s23m/s2,位移x2vt2+a2t22=0.51+31m2m,

6、总位移为2.5m。B、在0-1s内,加速度a1=1m/s2,第1s末速度为v1=a1t1=1m/s位移x1a1t1211m0.5m,在1-2内,加速度a2m/s2=-1m/s2,位移x2=v1t2+a2t221111m0.5m,第2s末速度为v2=v1+a2t2=0.5m/s在2-3s内,加速度a3=m/s23m/s2,位移x3v2t3+a3t32=0.51+31m2m,则总位移为3m C、在0-1s内,Fmg,物体静止不动在1-2s内,加速度a1=m/s23m/s2,位移x1a1t12=31m1.5m,第2s末的速度v=a1t1=3m/s在2-3s内,加速度a2=1m/s2,位移x2vt2+

7、a2t22=31+11m3.5m,总位移为5m D、在0-1s内,加速度a1=m/s23m/s2,第1s末速度为v1=a1t1=3m/s第1s内的位移x1a1t12=31m1.5m,在1-2s内,加速度a2=1m/s2,位移x2=v1t2+a2t2231+11m=3.5m,第2s末速度为v2=v1+a2t2=3.5m/s在2-3s内,加速度a3m/s21m/s2,则位移x3v2t3+a3t323.5111m=3m,总位移为8m可知D选项位移最大故选:D二、多项选择题(本题共4小题,每小题4分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不选的得0分

8、。)7. t=0时刻质点位于处,沿x轴正向做直线运动,其运动的v-t图象如图所示。下列说法正确的是 At=4 s时,质点在x=l m处 B第3s内和第4s内,质点加速度的方向相反 C第3s内和第4s内,质点加速度的方向相同 D02 s内和04 s内,质点的平均速度相同答案:AC【ks5u解析】解:A、0-4s内质点的位移等于0-2s的位移,为x=(1+2)2m=3m,t=0时质点位于x=-2m处,则t=4s时,质点在x=1m处,故A正确 B、图线的斜率表示加速度,直线的斜率一定,则知第3s内和第4s内,质点加速度相同,其方向相同,故B错误C对。 D、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移,在时间轴

9、上方的位移为正,下方的面积表示位移为负,则知O2s内和04s内,质点的位移相同,但所用时间不同,则平均速度不同,故D错误故选:AC8一体重计放在竖直升降的电梯内,小明站在体重计上,电梯静止时体重计示数为50 kg,电梯运动时体重计示数为40kg,(取g=10ms2)。下列说法中正确的是 A电梯的加速度大小为2m/s2 B电梯的加速度方向竖直向下 C电梯一定在竖直向下运动D小明对体重计的压力小于体重计对他的支持力答案:AB【ks5u解析】ABC:以竖直向下为正方向,有:mg-F=ma,即50g-40g=50a,解得a=0.2g=2m/s2,方向竖直向下,但速度方向可能是竖直向上,也可能是竖直向下

10、,C选项错,AB选项正确D、对体重计的压力与体重计对小明的支持力是一对作用力与反作用力,大小一定相等,D选项错;故选AB.9. 如图所示,在光滑水平面上放着两块长度相同,质量分别为M1和M2的木板,在两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块m。开始时,各物块均静止;若在两物块上各作用一水平恒力F1、F2,使物块滑离木板,分离时木板的速度分别为v1和v2。(物块和木板间的动摩擦因数相同) 下列说法正确的是 A.若F1=F2,M1M2,则v1v2 B.若F1=F2,M1M2,则v1v2C.若M1=M2,F1F2,则v1v2 D. 若M1=M2,F1F2,则v1v2答案:AD【ks5u解析

11、】解析:设物块与木板间动摩擦因数为,由牛顿第二定律,对物块 F-M物g=M物am 对木板 M物g=M板am 又t2-t2=Lv=t 联立式可得v= 由式知若F1=F2,M1M2,则v1v2,选项A正确. 若F1F2,M1=M2,则v1v2,选项D正确.答案:AD10如图所示,横截面为直角三角形的斜劈A,底面靠在粗糙的竖直墙面上,力F通过球心水平作用在光滑球B上,系统处于静止状态。当力F增大时,系统仍保持静止。则下列说法正确的是 AA受到的摩擦力一定增大 B墙对A的弹力一定减小 CA对B的弹力一定增大 D B对地的压力一定增大答案:CD【ks5u解析】解:A、对B受力分析,如图: 根据平衡条件:

12、F=Nsin,可见F增大则N增大,即AB之间的弹力增大,C正确;N=mg+Ncos,可见N增大则N增大,根据牛顿第三定律则B球对地面的压力增大,故D对;B、对整体为研究对象,受力分析,根据平衡条件,水平方向:N=F,F增大则N增大,故B正确;A、以整体为研究对象,竖直方向:N+f=Mg,若N增大至与Mg相等,则f=0,故A错误;故选:BCD第II卷(非选择题 共60分)三、实验题(本题共3个小题,共 18分) 11.(4分)某同学用如图所示的实验装置来探究求合力的方法。弹簧测力计A挂于固定点P,下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点,手持另一端使结点O静止在某位置。分别读出弹簧

13、测力计A和B的示数,并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向。(1)本实验用的弹簧测力计示数的单位为N,图中的示数为_N(保留两位有效数字)。 (2)下列做法哪些是该实验中必须的实验要求_(填写对应的字母)A.弹簧测力计应在使用前校零B.实验中必须保证OB水平C.测量重物M的重力D拉线方向应与木板平面平行E.改变拉力,进行多次实验,每次都要使结点O在同一位置答案:(1)3.6N (2)ACD 【ks5u解析】(1)由图示可知, HYPERLINK /s?wd=%E5%BC%B9%E7%B0%A7%E6%B5%8B%E5%8A%9B%E8%AE%A1&tn=44039180_cpr&f

14、enlei=mv6quAkxTZn0IZRqIHckPjm4nH00T1YYrH-BnywhPjndPW0vuH6z0ZwV5Hcvrjm3rH6sPfKWUMw85HfYnjn4nH6sgvPsT6K1TL0qnfK1TL0z5HD0IgF_5y9YIZ0lQzqlpA-bmyt8mh7GuZR8mvqVQL7dugPYpyq8Q1RvnjTsnHfvnj0kPjndnWmYP0 t _blank 弹簧测力计分度值为0.2N,其示数为3.6N(2)A、 HYPERLINK /s?wd=%E5%BC%B9%E7%B0%A7%E6%B5%8B%E5%8A%9B%E8%AE%A1&tn=44039

15、180_cpr&fenlei=mv6quAkxTZn0IZRqIHckPjm4nH00T1YYrH-BnywhPjndPW0vuH6z0ZwV5Hcvrjm3rH6sPfKWUMw85HfYnjn4nH6sgvPsT6K1TL0qnfK1TL0z5HD0IgF_5y9YIZ0lQzqlpA-bmyt8mh7GuZR8mvqVQL7dugPYpyq8Q1RvnjTsnHfvnj0kPjndnWmYP0 t _blank 弹簧测力计是测出力的大小,所以要准确必须在测之前校零,故A项需要;B、该实验中不一定需要oB水平,故B项不需要;C、 HYPERLINK /s?wd=%E5%BC%B9%E7%B

16、0%A7%E6%B5%8B%E5%8A%9B%E8%AE%A1&tn=44039180_cpr&fenlei=mv6quAkxTZn0IZRqIHckPjm4nH00T1YYrH-BnywhPjndPW0vuH6z0ZwV5Hcvrjm3rH6sPfKWUMw85HfYnjn4nH6sgvPsT6K1TL0qnfK1TL0z5HD0IgF_5y9YIZ0lQzqlpA-bmyt8mh7GuZR8mvqVQL7dugPYpyq8Q1RvnjTsnHfvnj0kPjndnWmYP0 t _blank 弹簧测力计A和B的示数分别为两细线的力的大小,同时画出细线的方向即为力的方向虽悬挂重物的细线方向确

17、定,但大小却不知,所以要测重物重力,故C项需要;D、拉线方向必须与木板平面平行,这样才确保力的大小准确性,故D项需要;E、该实验中,改变拉力时,只要物体处于平衡状态,两弹簧拉力的合力与M的重力等大反向,因此O点不用每次静止在同一位置,故E不需要;故选:ACD12.(6分)在探究弹力和弹簧伸长量的关系时,某同学先按图1对弹簧甲进行探究,然后将弹簧乙和弹簧甲串联起来按图2进行探究。不考虑两个弹簧重力的影响,在弹性限度内,将质量m=50g的钩码逐个挂在弹簧下端,分别测得图1、图2中弹簧总长度L1、L2如下表所示。取g=9.8m/s2,则弹簧甲的劲度系数k甲= N/m,弹簧乙的劲度系数k乙= N/m。

18、钩码个数1234L1/cm26.00 26.48 26.97 27.47 L2/cm79.44 80.89 82.36 83.85 图1图2甲甲乙答案:100 50【ks5u解析】解:由表格中的数据可知,当弹力的变化量F=2mg=20.059.8N=0.98N时,弹簧形变量的变化量为x1=0.98cm,根据胡克定律知甲的劲度系数:k=100N/m把弹簧甲和弹簧乙串联起来时,由胡克定律根据表中数据,类似于上述方法可以计算出串联时总的劲度系数k总,=2.94cm,k N/m,根据,可以计算出乙的劲度系数故答案为:100;50.13(8分)某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律:(1)备有下列器

19、材:A.长木板;B.电磁打点计时器、低压交流电源、纸带;C.细绳、小车、砝码;D.装有细沙的小桶;E.薄木板;F.毫米刻度尺;还缺少的一件器材是_.(2)该同学得到如图所示的纸带。已知打点计时器电源频率为50Hz A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个计数点,两计数点之间还有四个点未画出。由此可算出小车的加速度a = m/s2 (保留两位有效数字). (3)将小车静止地放在水平长木板上,后面固定一条纸带,纸带穿过打点计时器。把木板不带滑轮的一端慢慢垫高如图(乙)所示,直到小车由静止开始沿木板向下滑动为止请问这位同学的操作 正确(填是、否)(4)如果这位同学先进行(3)中的操作,然后不断改变小车

20、的拉力F,得到M(小车质量)保持不变情况下的aF图线是下图中的 (填选项代号的字母)答案:(1)天平(2)0.2 (3)否 (4)C 【ks5u解析】(1)因为要测出物体质量,才可以确定加速度与质量的关系。所以要天平。(2) 根据刻度尺的示数可知x=sDG-sAD=3.90cm-2.10cm=1.80cm,时间间隔为T=0.3s,代入公式x=aT2可以求出加速度为:a=0.2m/s2(3)该步骤是要平衡摩擦力,应该使小车匀速下滑才恰当,而不是下滑即可。(4)若小车由静止下滑说明平衡摩擦力是木板倾角过大,则不挂重物,没有施加外力小车就有加速度。所以选C.四.本大题包括4小题,共42分.解答应写出

21、必要的文字说明,方程式和重要的演算步骤,只写最后答案的不能得分,有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.评卷人 得 分14.(8分)一物块沿水平面由A向B做匀加速直线运动通过A点时的速度为1 m/s,经2 s到达B点,再运动8 m到达C点,速度为5 m/s,求:物块的加速度a及通过B点的速度.答案:1 m/s2 vB=3m/s【ks5u解析】 解得: a = 1 m/s2 vB=3m/s 评卷人 得 分15.(10分)如图所示,质量分别为2m和m的A、B两物体通过轻质细线跨过光滑定滑轮连接。弹簧下端固定于地面,上端与B连接,A放在光滑斜面上,开始用手控住A,细线刚好拉直,但无拉力。滑轮左侧细线竖直,右侧细线与斜面平行。物体A释放后沿斜面下滑,当弹簧刚好恢复原长时,B获得最大速度。重力加速度为g,求:(1)斜面倾角;(2)刚释放时,A的加速度。答案:(1) 300 (2)a=g 方向沿斜面向下【ks5u解析】(1) B 速度最大时:2mgsin=mg sin= =300 (2)刚释放A时,由牛顿第二定律得:对A 2mgsinT=2ma 对B TF弹mg=ma F弹=mg 解得 a=g方向沿斜面向

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