2022届福建省莆田二中高三（下）5月模拟考物理试题（解析版）

1、 莆田二中2022届高三5月模拟考物理试卷考试时间：75分钟 满分：100分一、单项选择题：本大题共4小题，每题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1. 根据粒子散射实验，卢瑟福提出了原子的核式结构模型。如图所示是粒子散射实验的图景，图中实线表示粒子的运动轨迹，下列说法正确的是（）A. 轨迹3是正确的B. 轨迹2是正确的C. 少部分的粒子穿过金箔后仍沿原方向前进D. 粒子在轨迹3的电势能先减小后增大【答案】A【解析】【分析】本题考查粒子散射实验。【详解】在粒子散射实验结果中，绝大多数粒子穿过金箔后仍沿原来方向前进，极少数发生超过90的大角度偏转，越靠近原子核，轨迹偏

2、转越大，而题图中轨迹2的偏转程度超过轨迹3，故轨迹2错误，轨迹3正确；在轨迹3，原子核对粒子先做负功再做正功，所以粒子电势能先增大后减小，A正确，BCD错误。故选A。2. 如图所示的电路中，电感线圈L的自感系数足够大且直流电阻可忽略，G为电流传感器，灯泡A与理想二极管B相连，则下列说法正确的是（）A. K闭合瞬间，灯泡A立即亮，电流传感器G电流逐渐增大，a点电势比b点低B. K闭合瞬间，灯泡A亮一下再熄灭，电流传感器G电流突然减小，a点电势比b点高C. K断开瞬间，灯泡A亮一下再熄灭，电流传感器G电流逐渐减小，a点电势比b点低D. K断开瞬间，灯泡A不亮，电流传感器G电流先增大后逐渐减小，a点

3、电势比b点高【答案】C【解析】【详解】A灯泡A与二极管串联，闭合开关K时，电流无法流过二极管，灯泡不亮，电感线圈L与电流传感器串联，阻碍电流流过传感器，所以电流传感器的示数逐渐增大后不变，又电流在电源外部由高电势流向低电势，则a点电势比b点高，A错误；B由A项分析可知，B错误；C断开开关K时，线圈中电流减小，产生自感电动势和感应电流，且感应电流阻碍原电流减少，则通过G的电流逐渐减小，且方向向左流过二极管，故灯泡A在断开开关K瞬间，亮一下再熄灭，又电流在电源外部由高电势流向低电势，则此时b点电势高于a点，C正确；D由C项分析可知，D错误故选C。3. 如图所示为远距离输电原理图，变压器T1，T2为

4、理想变压器，T1原副线圈的匝数比为1：1000，T2原副线圈的匝数比为1000：1，发电机的输出功率为P，输出电压为U，用电器两端的电压为0.999U，则输电线的电阻R为（）A B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】根据变压器关系可知，T1副线圈电压T2原线圈电压则输电线上的电压输电线上的电流则输电线的电阻故选B。4. 如图所示，质量为m的半径为R的光滑圆弧形凹槽静止在光滑水平面上，质量也为m的小钢球从槽的顶端A处由静止释放，在小球下滑到底端B的过程中，则（）A. 小球和凹槽组成的系统动量守恒B. 小球与凹槽、地球组成的系统机械能守恒C. 小球对地的运动位移为RD. 小球所受合力的瞬时功

5、率一直增大【答案】B【解析】【详解】A小球竖直方向有加速度，系统在竖直方向上合力不为零，但是系统在水平方向受力为零，可知小球和凹槽组成的系统水平方向动量守恒。故A错误；B根据机械能守恒的条件可知，小球与凹槽、地球组成的系统机械能守恒。故B正确；C系统水平方向动量守恒，有又联立，可得故C错误；D小球开始下滑时，速度为零，根据可知合力的瞬时功率为零，小球滑到底端B时，速度与合力垂直，合力的瞬时功率也为零。故D错误。故选B。二、多项选择题：本大题共4小题，每题6分，共24分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。5. 2021年12月9日，航天员翟志刚、王亚

6、平、叶光富在空间站进行太空授课，王亚平说他们在距离地球400km的空间站中一天可以看到16次日出。已知地球半径约6400km。引力常量。根据以上信息可估算出（）A. 地球的质量B. 空间站运行速度C. 空间站所受地球的引力D. 空间站所处位置加速度【答案】ABD【解析】【详解】A由题意可知空间站的周期由得故A符合题意；B由得故B符合题意；C因为空间站的质量未知，所以无法求出空间站所受地球的引力，故C不符合题意；D 由得故D符合题意。故选ABD。6. 无线蓝牙耳机可以在一定距离内与手机等设备实现无线连接。为了得到某款无线蓝牙耳机在运动时的最大连接距离，甲和乙两位同学做实验如下：乙佩戴无线蓝牙耳机

7、，甲携带手机检测，二人间隔17.5m且之间无障碍，某时刻起甲追乙的图像如图所示。发现手机在3s末开始检测到蓝牙耳机信号，则下列判断正确的是（）A. 4s时甲、乙相距最近为8mB. 4s时甲、乙相距最近为9.5mC. 手机与蓝牙耳机连接上的时间为3sD. 最远连接距离为10m【答案】BD【解析】【详解】AB根据题图可知，4s时甲、乙速度相等，此时相距最近，4s内则有 初始位置乙在甲前方17.5m，故此时相距9.5m，选项A错误，B正确；D由题图可知乙的加速度为在3s内则有则有最远连接距离为x17.5m7.5m=10m选项D正确；C根据图像的对称性可知，3s内与5s内甲、乙相距的距离相等，即5s末

8、手机与蓝牙耳机信号断开，连接上的时间为2s，选项C错误。故选BD。7. 如图所示，将绝缘细线的一端O点固定，另一端拴一带电的小球P，空间存在着方向水平向右的匀强电场E。刚开始小球静止于P处，与竖直方向的夹角为45，给小球一个瞬时冲量，让小球在竖直平面内做半径为r的圆周运动，下列分析正确的是（）A. 小球可能带负电B. 当小球运动到最高点a的速度v时，小球才能做完整的圆周运动C. 当小球运动到最低点c时，小球的电势能与动能之和最大D. 小球从b运动到a的过程中其速度先变小后变大【答案】CD【解析】【详解】A由图可知电场力方向水平向右，与电场方向相同，所以小球带正电，故A错误；B小球静止于P处，与

9、竖直方向的夹角为45，受电场力和重力，合力方向斜向右下方45，大小为当小球运动到弧ab中点，且细线弹力为零时小球能做完整的圆周运动，在该点的速度为小球从该点运动到a点，由动能定理得得因此，当小球运动到最高点a的速度时，小球才能做完整的圆周运动，故B错误；C小球运动过程中，重力势能、电势能、动能的总和保持不变，最低点的重力势能最小，则电势能与动能之和最大，故C正确；D小球从b运动到a的过程中，合力先做负功再做正功，故小球的速度先变小后变大，故D正确。故选CD。8. 平行虚线a、b之间和b、c之间存在大小相等、方向相反的匀强磁场，相邻两虚线间的距离为l，虚线a、b之间磁场方向垂直纸面向里，b、c之

10、间磁场方向垂直纸面向外，如图所示。现使一粗细均匀、电阻为R的导线做成的闭合直角导线框ABC以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，导线框的电阻为R。已知B为直角，AB边长为2l，BC边与磁场边界平行。t=0时刻，A点到达边界a，取逆时针方向为感应电流的正方向，则在导线框穿越磁场区域的过程中，感应电流i及安培力的功率P随时间t变化的图线可能是（）A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】AB根据题意，线框的运动过程如图所示由图可知，线框由初位置到位置1过程中，切割磁场的有效长度随时间线性增大，根据右手定则可知，线框中电流方向为逆时针，由位置1到位置2过程中，在、间切割磁场

11、的有效长度不变，而在、间切割磁场的有效长度线性增加，则线框中电流线性减小，电流方向仍为逆时针，由位置2到位置3的过程中，线框左侧刚进入磁场瞬间，有效长度为BC边切割磁感线，根据右手定则可知，电流为顺时针，之后AC边在、间切割磁场的有效长度线性减小，在、间切割磁场的有效长度不变，则电流线性增大，当运动到位置3，即BC边刚通过边界时，电流方向变为逆时针，有效长度为BC边的一半，运动到位置4的过程中，有效长度线性增大，运动到位置4时，即要离开磁场边界时，有效长度为BC边长度，故B错误A正确；CD线框匀速运动，电流的功率等于安培力做功的功率，即故C错误D正确。故选AD。三、非选择题：共60分。考生根据

12、要求作答。9. 根据以下两幅图按要求作答：（1）图a中时引力_斥力（填“大于”“小于”或“等于”）。（2）图b中_（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】 . 大于 . 小于【解析】【详解】（1）1图a中时引力大于斥力，合力表现为引力；（2）2图b中，T2时，速率大的分子比例较多，其分子的平均速率比T1的大，所以，T1T2。10. 一列沿x轴正方向传播的简谐横波在时的波形如图所示，此时波刚好传播到处的M点，时处的质点Q刚好开始振动，则此简谐横波的波速为_m/s，当质点Q第2次出现在波谷时，x=_m处的质点刚好开始振动。【答案】 . 10 . 15【解析】【详解】1由题可知2由图可知，则Q点开

13、始振动方向向下，从Q刚好开始振动到第2次出现在波谷时所经历的时间为，所以此时波已传播至11. 在验证动量守恒定律的实验中，请回答下列问题：（1）实验记录如图甲所示，为测定A球不碰B时做平抛运动的落点的平均位置，把刻度尺的零刻度线跟记录纸上的O点对齐，图乙给出了小球A落点附近的情况，可得A的平均落点到O点的距离应为_。（2）小球A下滑过程中与斜槽轨道间存在摩擦力，这对实验结果_产生误差（填“会”或“不会”）。（3）实验装置如图甲所示，A球为入射小球，B球为被碰小球，以下有关实验过程中必须满足的条件，正确的是_。A入射小球的质量，可以小于被碰小球的质量。B实验时需要测量斜槽末端到水平地面的高度C入

14、射小球每次不必从斜槽上的同一位置由静止释放D斜槽末端的切线必须水平，小球放在斜槽末端处，且应恰好静止（4）如果碰撞过程中系统机械能也守恒，根据图中各点间的距离，下列式子成立的有_。A BC D【答案】 65.50 . 不会 . D . AD【解析】【详解】（1）1小球A落点，应该取多次落点的平均落地点，即用尽量小的圆把这些落点圈起来圆心的位置，由图可得距离应为65.50cm；（2）2在甲、乙两装置中，只要保证小球A到达底端的速度相同即可，轨道有无摩擦对实验结果不会产生误差。（3）3A入射小球质量mA，不可以小于被碰小球的质量mB，否则A球碰后反弹，A错误；B在实验中不需要小球的下落高度，只要能

15、保证高度相同，即可知道两小球下落时间相同,故B错误；C入射小球每次必从斜槽上的同一位置由静止释放，才能保证每次碰前的速度均相同；故C错误；D斜槽末端的切线必须水平，小球放在斜槽末端处，应能静止，故D正确；故选D。（4）4AB两球碰撞后，小球做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中做平抛运动的时间t相等，小球做平抛运动的初速度，vA=，vB=由动量守恒定律得mAvA=mAvA+mBvB则mA=mA+mB故A正确，B错误；CD由系统机械能守恒得带入速度表达式整理得又由联立解得故由几何关系得则D正确，C错误。故选AD。12. 要测绘一个标有“3 V0.6 W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的

16、电压需要由零逐渐增加到3 V，并便于操作。已选用的器材有：电池组（电动势为4.5 V，内阻约1 ）；电流表（量程为0250 mA，内阻约5 ）；电压表（量程为03 V，内阻约3 k）；电键一个、导线若干。（1）实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_（填字母代号）。A滑动变阻器（最大阻值20 ，额定电流1 A）B滑动变阻器（最大阻值1750 ，额定电流0.3 A）（2）请将设计的实验电路图画入下面的方框中_。（3）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现将这个小灯泡接到电动势为1.5 V，内阻为5 的电源两端，由此得到小灯泡消耗的功率是_W。（保留两位有效数字）【答案】 . A . . 0.10【

17、解析】【详解】（1）1为了方便调节电路，实验中所用的滑动变阻器应选A；（2）2 为了使灯泡两端的电压由零逐渐增加到3 V，滑动变阻器采用分压接法；小灯泡的电阻为 因为 电流表采用外接法，电路如图所示（3）3根据欧姆定律得 当 时 当 时 画出图像如图所示小灯泡消耗的功率是13. 为抗击疫情，全国人民齐心合力、众志成城，一辆来自厦门的大货车满载蔬菜紧急驰援泉州。货车质量为的货车以的恒定功率由静止开始运动，经时间速度达到最大速度，最终做匀速直线运动。求：（g取）。（1）货车所受到的摩擦力；（2）货车速度为时的加速度；（3）货车在加速运动过程中通过的位移。【答案】（1）5000N；（2）；（3）【解

18、析】【详解】（1）因为当时有最大速度，所以（2）由题意可得，此时牵引力为则由牛顿第二定律得（3）由动能定理可得解得14. 如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为，宽度为，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为。导体棒垂直于导轨放置，质量为，电阻为，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5。在整个导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为。将导体棒由静止释放，运动后，小灯泡稳定发光，此后导体棒的运动速度保持不变，（重力加速度取，），求：（1）导体棒速度为时棒的加速度大小；（2）导体棒匀速运动时的速度大小；（3）导体棒从静止到匀速的过程中小灯泡产生的焦耳热。【答案】（1）；（

19、2）；（3）【解析】【详解】（1）导体棒速度为时，感应电动势为根据闭合回路欧姆定律，此时电路中电流大小为此时的安培力大小为根据楞次定律可得，安培力的方向为沿斜面向上，设此时的加速度为a，根据牛顿第二定律得解得（2）当导体棒匀速运动时，设此时的安培力大小为，根据受力平衡可得解得由前面分析可得解得（3）导体棒从静止到匀速的过程中，设回路中产生的总的焦耳热为，根据能量守恒定律和动能定理可得由题意可知，解得由于回路中电流处处相等，根据焦耳热公式可得，小灯泡产生的焦耳热为15. 显像管电视机已渐渐退出了历史的舞台，但其利用磁场控制电荷运动的方法仍然被广泛应用。如图为一磁场控制电子运动的示意图，大量质量为m，电荷量为e（e0）的电子从P点飘进加速