山西省运城市芮城县三校2022-2023学年高三物理第一学期期中质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为多用电表电阻的原理图，表头内阻为，调零电阻为，电池的电动势为，内阻为，则下列说法中错误的是（ ）A它是根据闭合电路欧姆定律制成的，并且由表改装的B接表内电池负极的应是红表笔，测量时遵循“红进黑出”原则C电阻挡对应的刻

2、度不均匀，且“”刻度一般在刻度盘的右端D每次换电阻倍率挡时，都需重新欧姆调零，调零后刻度盘中央刻度值是2、跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目，当运动员从直升机由静止跳下后，在下落过程中不免会受到水平风力的影响，下列说 法中正确的是（ ）A运动员下落时间与风力有关B运动员着地速度与风力无关C风力越大，运动员下落时间越长，运动员可完成更多的动作D风力越大，运动员着地速度越大，有可能对运动员造成伤害3、如图所示的虚线呈水平方向，图中的实线为与虚线成30角的匀强电场的电场线，图中OM与电场线垂直，且OM=ON。现从电场中的M点沿与虚线平行的方向抛出一质量为m、电荷量为+q可视为质点的物体，经时间t

3、物体恰好落在N点。已知物体在M、N两点的速率相等，重力加速度为g，不计空气阻力。则下列说法正确的是A该匀强电场的方向垂直OM斜向上B该匀强电场的场强大小为mg2qC物体由M点到N点的过程中电场力做功为-12mg2t2DM、N两点在竖直方向的高度差为34gt24、在物理学的发展过程中，物理学家们提出了许多物理学的研究方法，以下关于物理学的研究方法的叙述中，正确的是（ ）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体的方法叫微元法B在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，用的是假设法C加速度的定义采用的都是比值定义法D在

4、推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法5、如图所示为一物体随升降机由一楼运动到某高层的过程中的vt图象，则（ ）A物体在02s处于失重状态B物体在28s处于超重状态C物体在810s处于失重状态D由于物体的质量未知，所以无法判断超重、失重状态6、如图所示,实线和虚线分别表示某电场的电场线和等势线,下列说法中正确的是Ac点场强大于a点场强Bc点电势高于a点电势Cc、b两点间的电势差大于c、a两点间的电势差D若将一试探电荷+q由a点移动到b点,电场力做正功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分

5、。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，在倾角为37足够长的粗糙斜面底端，一质量 m=1kg的滑块压缩着一轻弹簧且锁定，但它们并不相连，滑块可视为质点t=0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的v-t图象如图乙所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线，在t1=0.1s 时滑块已上滑 x=0.1m 的距离，g=10m/s1则（ ）A当弹簧恢复原长时滑块与弹簧分离B滑块与斜面之间的动摩擦因数=0.1Ct=0.4s 时刻滑块的速度大小为 1.0m/sD弹簧锁定时具有的弹性势能为 4J8、如图所示，在光滑绝缘的水平面

6、上方，有两个方向相反的水平方向的匀强磁场，PQ为两磁场的边界，磁场范围足够大，磁感应强度的大小分别为B1B，B22B，一个竖直放置的边长为a，质量为m，电阻为R的正方形金属线框，以初速度v垂直磁场方向从图中实线位置开始向右运动，当线框运动到在每个磁场中各有一半的面积时，线框的速度为v/2，则下列判断正确的是（ ）A此过程中通过线框截面的电量为3Ba22RB此过程中线框克服安培力做的功为38mv2C此时线框的加速度为9B2a2v2mRD此时线框中的电功率为9B2a2v2mR9、下列说法正确的是_A因为声波的波长可以与通常的障碍物尺寸相比，所以声波比较容易产生衍射现象B向人体内发射频率己知的超声波

7、被血管中的血流反射后又被仪器接收，测出反射波的频率变化就能知道血流的速度，这种方法俗称“彩超”C用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的偏振现象D麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是：变化的磁场产生电场和变化的电场产生磁场E.狭义相对论认为真空中的光速与光的频率、光源的运动状态有关10、质量m=1kg的物体从静止开始做直线运动，物体所受合外力F随时间t变化的图象如图所示，在08s内，下列说法中正确的是（）A物体在02s内动量均匀增加，在24s内动量均匀减小B02s内力F的冲量为2NsC2s末物体的速度最大D3s末物体速度为3m/s，在8s末速度为2m/s三、实验题：本题共2小题，共1

8、8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验必须要求满足的条件是_A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端的切线是水平的C入射球每次都要从同一高度由静止滚下D若入射小球质量为m1，被碰小球质量为m2，则m1m2(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程，然后，把被碰小球m1静置于轨道的末端，再将入射球m1从斜轨S位置静止释放，与小球m2相撞，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是

9、_(填选项的符号)A用天平测量两个小球的质量m1、m2B测量小球m1开始释放高度hC测量抛出点距地面的高度HD分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE测量平抛射程(3)若两球相碰前后的动量守恒，则其表达式可表示为_(用(2)中测量的量表示)；12（12分）某同学用如图所示的装置做“验证动量守恒定律”实验先将小球1从斜槽轨道上某固定点由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把另一小球2放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止，让小球1仍从原固定点由静止开始滚下，且与小球2相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次A、B、C为三个落点的平均位置，O点是水平轨道末端在

10、记录纸上的竖直投影点实验中空气阻力的影响很小，可以忽略不计（1）在本实验中斜槽轨道_（填选项前的字母）A必须光滑 B可以不光滑（2）实验中应该选择两个合适的小球进行实验两个小球的半径_（填“相同”或“不同”）应该选择下列哪组小球_（填选项前的字母）A两个钢球 B一个钢球、一个玻璃球 C两个玻璃球（3）斜槽末端没有放置被碰小球2时，将小球1从固定点由静止释放若仅降低斜槽上固定点的位置，那么小球的落地点到O点的距离将_（填“改变”或“不变”），若仅增大小球1的质量，小球仍以相同的速度从斜槽末端飞出，那么小球的落地点到O点的距离将_填（“改变”或“不变”）（4）在安装实验装置的过程中，使斜槽轨道末端

11、的切线水平，小球碰撞前与碰撞后的速度就可以用小球飞出的水平距离来表示，其原因的是_A小球都是从同一高度飞出，水平位移等于小球飞出时的速度B小球都是从同一高度飞出，水平位移与小球飞出时的速度成正比C小球在空中的运动都是匀变速曲线运动，而且运动的加速度都相同（5）本实验必须测量的物理量是_A斜槽轨道末端到水平地面的高度HB小球1和小球2的质量、C小球1的释放位置到斜槽轨道末端的高度hD记录纸上O点到A、B、C各点的距离、 （6）斜槽末端没有放置被碰小球2时，小球1的落点为B点，放置被碰小球2后，小球2的落点为C点假设两小球发生的是弹性碰撞，试论证：当小球1碰后的速度方向未改变时，C点必在B点的前方

12、_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，质量为m10 kg的活塞将一定质量的理想气体密封在气缸中，开始时活塞距气缸底高度h140 cm此时气体的温度T1300 K现缓慢给气体加热，气体吸收的热量Q420 J，活塞上升到距气缸底h260 cm已知活塞面积S50 cm2，大气压强P010105 Pa，不计活塞与气缸之间的摩擦，g取10 m/s2求：（1）当活塞上升到距气缸底h2时，气体的温度T2 （2）给气体加热的过程中，气体增加的内能U14（16分）弹射座椅( Eject1 on seat)是飞行员使

13、用的座椅型救生装置。在飞机失控时，依靠座椅上的动力(喷气发动机)装置将飞行员弹射到高空，然后打开降落伞使飞行员安全降落。某次实验中，在地面上静止的战斗机内，飞行员按动弹射按钮，座椅(连同飞行员)在喷气发动机的驱动下被弹出打开的机舱，座椅沿竖直方向运动，5s末到达最高点，上升的总高度为112.5m。此后降落伞打开，飞行员安全到达地面。已知座椅（连同飞行员等）的总质量为100kg，喷气发动机启动时对座椅产生竖直向上且恒定不变的推力，经短时间后发动机自行关闭，不考虑发动机质量的变化及空气阻力，取g=10m/s2，求发动机对座椅冲量大小和推力大小。15（12分）物体A在水平力F作用下，沿着倾角为37的

14、斜面匀速上滑，物体A所受到的重力为，它与斜面之间的动摩擦因数，求：（1）物体A所受到的支持力（2）水平外力F的大小（ ）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.欧姆表的工作原理是闭合电路的欧姆定律，欧姆表是由灵敏电流计G改装成的，故A正确； B.欧姆表内置电源的负极与红表笔相连，黑表笔与正极相连，故B正确； C.欧姆表零刻度线在最右侧，最大刻度线在最左侧，故C错误； D.欧姆表的内阻等于其中值电阻，欧姆表内阻为：，其中值电阻也为：，故D正确2、D【解析】运动员同时参与了两个分运动，竖直方向向下落和水平方向

15、随风飘，两个分运动同时发生，相互独立；因而，水平风速越大，落地的合速度越大，有可能对运动员造成伤害，但落地时间不变，D正确3、D【解析】A、物体在M、N两点的速率相等，则物体在M、N两点的动能相等，由于重力做正功，则电场力做负功，又物体带正电，所以电场线的方向垂直OM斜向下，故A错误；B、对物体由M运动到N的过程，由动能定理可得：mgOMsin60=qEONcos30，由于OM=ON，解E=mgq，故B错误；D、将电场力分解为沿水平方向和竖直方向的分力，则竖直方向上的分力大小为Fy=qEcos60=mgcos60=12mg，则物体在坚直方向上的合力大小F=mg+12mg=32mg，由牛顿第二定

16、律可知，坚直方向上的分加速度大小为a=32g，则物体由M运动到N的过程中下落的高度为h=12at2=34gt2，故D正确；C、由几何关系可知,物体由M运动到N的过程中沿电场线方向的位移大小为s=34gt2，则电场力做功的值为W=-qEs=-34mg2t2，故C错误；故选D。【点睛】关键是物体在M、N两点的速率相等，则物体在M、N两点的动能相等，由于重力做正功，则电场力做负功，又物体带正电，所以电场线的方向垂直OM斜向下，根据动能定理可得匀强电场的场强大小，在竖直方向上做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求出M、N两点在竖直方向的高度差。4、C【解析】质点采用的科学方法为建立理想化的物理模

17、型的方法，故A错误；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，用的是控制变量法，故B错误；在定义加速度时，采用了比值定义法，故C正确；在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法，故D错误5、C【解析】试题分析：速度图象的斜率等于物体的加速度斜率的正负表示加速度的方向根据加速度的方向判断物体的运动状态解：A、由图象可知，在02s内，物体向上做匀加速运动，加速度向上，物体处于超重状态，故A错误；B、由图象可知，在28s内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，故B错误C、物体在

18、810s内向上做匀减速运动，加速度向下，处于失重状态，故C正确D、超重、失重状态根据加速度的方向判断，与物体的质量无关，是可以判断的，故D错误故选C【点评】本题要能根据图象得出有用的信息，知道速度时间图象中直线的斜率表示加速度是关键，同时要明确超重和失重的条件6、B【解析】A. a点的电场线比c点电场线密，可知a点的场强大于c点的场强，故A错误；B. 沿电场线方向电势逐渐降低，可知c点的电势高于b点电势，而b与a在同一等势面上，所以c点电势高于a点电势，故B正确；C. 因为b、a两点电势相等，可知c、b两点间的电势差等于c、a两点间的电势差，故C错误；D. a、b两点电势相等，将一试探电荷+q

19、由a点移动到b点，电场力不做功，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A. 由于是轻弹簧，当弹簧恢复原长时，弹簧停止运动，滑块继续向上滑动，滑块与弹簧分离，故A正确；B.在bc段做匀减速运动，根据图象可知加速度大小为：，根据牛顿第二定律得：mgsin37+mgcos37=ma，解得：=0.5，故B错误；C.由图示图象可知，t=0.1s时滑块的速度：v0=1m/s，由匀变速直线运动的速度公式得，t1=0.3s时的速度大小：v1=v0at=110(0.3

20、0.1)=0m/s；在t1时刻之后滑块沿斜面下滑，由牛顿第二定律得：mgsin37mgcos37=ma，解得：a=1m/s1，从t1到t3做初速度为零的加速运动，t=0.4s时刻的速度为：v3=at=10.1=0.1m/s；故C错误；D.根据t1=0.1s 时滑块已上滑 x=0.1m 的距离，由功能关系可得弹簧锁定时具有的弹性势能为：代入数据得：故D正确。8、ABC【解析】感应电动势为：E=t，=(-12BS+2B12S)-(-BS)=32BS；感应电流为：I=ER，电荷量为：q=It，解得：q=3Ba22R，故A正确。由能量守恒定律得，此过程中回路产生的电能为：E=12mv2-12m（v2）

21、2=38mv2，故B正确；此时感应电动势：E=2Bav2+Bav2=32Bav，线框电流为：I=ER=3Bav2R，由牛顿第二定律得：2BIa+BIa=ma加，解得：a加=9B2a2v2mR，故C正确；此时线框的电功率为：P=I2R=9B2a2v4mR，故D错误；故选ABC。9、ABD【解析】因为声波的波长可以与通常的障碍物尺寸相比，根据明显衍射的条件可知，声波比较容易产生衍射现象，故A正确；测出反射波的频率变化就能知道血流的速度，这种方法俗称“彩超”，是利用多普勒效应原理，故B正确；用透明的标准平面样板检查光学平面的平整程度是利用光的薄膜干涉现象，故C错误；麦克斯韦关于电磁场的两个基本观点是

22、：变化的磁场产生电场和变化的电场产生磁场，故D正确；根据狭义相对论中光速不变原理，可知，在所有惯性参照系中光速是相同的，光速与光源、观察者间的相对运动无关，故E错误故选ABD.10、BD【解析】物体在02s内F逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐增大，第2s末加速度最大，在24s内F先逐渐减小再逐渐增大，所以加速度先减小后增大，物体先做加速度减小的加速运动，再反向做加速增大的减速运动，根据动量P=mv可知，动量不是均匀变化的，故A错误；根据图象的性质可知，图象与时间轴所围成的面积表示冲量，故02s内力F的冲量为I=222=2Ns，故B正确；由图可知，03s内物体均在加速，所以3s的速度为最

23、大；故C错误；3s末时冲量为I=322=3Ns；根据动量定理I=mv可知，物体的速度v=31=3m/s；同理可知，在8s末速度为2m/s；故D正确故选BD点睛：解题时要明确图象的性质，根据牛顿第二定律可明确加速度的大小，从而分析物体的运动性质，明确动量变化；再根据图象与时间轴围成的面积表示冲量求出物体的冲量，再根据动量定理即可求得速度大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCD ADE 【解析】在验证动量守恒定律的实验中，运用平抛运动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运动的速度根据实验的原理确定需要测

24、量的物理量【详解】（1）因为平抛运动的时间相等，根据v=x/t，所以用水平射程可以代替速度，则需测量小球平抛运动的射程间接测量速度故应保证斜槽末端水平，小球每次都从同一点滑下，但是轨道不一定是光滑的；同时为了使得被碰球能飞的更远，防止入射球反弹，球m1的质量应大于球m1的质量；故BCD正确，A错误；故选BCD.（1）根据动量守恒得，m1v0=m1v1+m1v1，两球碰撞前后均做平抛运动，根据x=vt可以，由于时间相同，则x与v成正比，则要验证的关系可表示为： m1OP=m1OM+m1ON，所以要分别找到m1、m1相碰后平均落地点的位置M、N，从而测量线段OM、OP、ON的长度外，同时还需要测量

25、的物理量是小球1和小球1的质量m1、m1故选ADE.（3）若两球相碰前后的动量守恒，则其表达式可表示为m1OP=m1OM+m1ON；【点睛】解决本题的关键掌握实验的原理，以及实验的步骤，在验证动量守恒定律实验中，无需测出速度的大小，可以用位移代表速度同时，在运用平抛运动的知识得出碰撞前后两球的速度，因为下落的时间相等，则水平位移代表平抛运动的速度12、B 相同 B 改变 不变 B BD 见解析 【解析】（1）1小球离开轨道后做平抛运动，只要保证入射球离开轨道的初始速度相等即可，斜槽轨道不需要光滑，A不符合题意，B符合题意；故选B；（2）2两球要发生对心碰撞，故两球的半径应相同；3为了防止入射球反弹，所以入射球的质量应大于被碰小球，所以应选一个钢球、一个玻璃球，AC不符合题意，B符合题意；故选B；（3）45若仅降低斜槽上固定点的位置，小球离开轨道做平抛运动的速度减小，由于平抛运动的高度不变，所以不平位移变小，即小球的落地点到O点的距离将改变，若仅增大小球1的质量，小球仍以相同的速度从斜槽末端飞出，由于平抛运动的高度不变，运动的时间不变，所以小球的落地点到O点的距离不变；（4）6小球做平抛运动由于高度相同，由公式得