2022年黑龙江省哈尔滨市道里区光华中学中考一模物理试卷

1、2022年黑龙江省哈尔滨市光华中学中考物理一模试卷一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1（3分）关于声现象，以下说法正确的是（）A只要物体振动，就能听到声音B噪声不是物体振动产生的C中考期间，考场周围“禁止鸣笛”，这是为了在传播过程中减弱噪声D汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的2（3分）架设两套完全相同的（如图甲所示）加热装置，两套装置的试管中分别装有少量的相等体积的M固体和N固体。它们的加热时间温度曲线如图乙所示，在35min内M物质从固体熔化成了液体，N物质始终是固体。则下列说法正确的是（）A这种加热方法一般称为“水浴法”优点是被加热物质受热比较均匀，缺点是加热温度一般不会超

2、过100B由图乙知，M、N肯定都是晶体C由图乙知，M、N肯定都是非晶体D由图乙知，M肯定是晶体，N肯定是非晶体3（3分）看起来清澈见底不过齐腰深的池水，不会游泳的小明跳下去就出现了危险，幸好有同学及时相救。小明在岸上看池水比实际浅的原因是（）A从池底射出的光在水面处发生反射B小明的眼睛产生的错觉C从池底射出的光在水面处发生折射D从空气射入水中的光在水面处发生折射4（3分）我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里热取水的过程中，下列说法正确的是（）A冰在0时，内能为0B这是通过做功的方式改变物体的内能C在加热过程中，壶内的温度一直在上升D水的温度越高，

3、水分子运动越剧烈5（3分）对下列实验装置的说法中，正确的是（）A图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况B图乙可用来演示发电机的工作原理C图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与线圈匝数大小的关系D图丁可用来演示电动机的工作原理6（3分）在“用托盘天平测物体质量”时，小明用已调节好的天平在测物体质量过程中，通过增、减砝码后，发现指针指在分度盘的中央刻度线左边一点，这时他应该（）A将游码向右移动直至横梁重新水平平衡B将右端平衡螺母向左旋进一些C把天平右盘的砝码减少一些D将右端平衡螺母向右旋出一些7（3分）如图所示工具，在使用时费力的是（）A筷子B托盘天平C动滑轮D钢丝钳8（3分）小滨同学在乘坐校车参加学

4、业水平考试途中，观察到身边的一些现象，并依据所学的物理知识做出了自己的判断，其中不正确的是（）A向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以校车为参照物B看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小C刹车时车很快停下来，主要是因为受到了摩擦力D刹车时感觉自己身体向前倾，是因为受到了惯性的作用9（3分）如图所示的电路，电源电压、灯泡的电阻不变，灯L标有“6V3W“，闭合开关S、S1，滑片移至a端时，电流表的示数1A，灯泡正常发光；断开S1，滑片移至b端时，关于电源的电压U和灯泡电功率P为（）A6V 1.5WB6V 0.75WC3V 1.5WD3V 0.75W10（3分）家庭电路中有时会出现这样的现象；

5、原来各用电器都在正常工作，当把手机充电器的插头插入插座时，家里所有的用电器都停止了工作，其原因可能是（）A这个插座的火线和零线原来就相接触形成了短路B插头与这个插座接触不良形成了断路C插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路D同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，空气开关跳闸11（3分）如图所示，下列图象与描述正确的是（）A小磁针静止在通电螺线管周围的指向B画出的动力臂L1和阻力F2 C匀速直线运动的物体路程与时间的关系D电流表的读数为2.7A12（3分）小聪测量了如图所示的滑轮组的机械效率，他先后进行了两次实验，将钩码分别匀速竖直提升h1和h2的高度（h1h2）。对两次实验中一些

6、物理量进行比较，正确的是（其中s为绳子自由端通过的距离，H为动滑轮上升的高度）（）As1s2BH1H2C12DW有用1W有用2三、非选择题（36-51题，共计46分.以下计算g10N/kg）13（3分）汽油机的做功冲程是将 能转换为 能。14（3分）如图所示，小勇利用焦距为10cm的放大镜看自己的手指纹时，应将手指放在距放大镜 （填“大于”、“小于”或“等于”）10cm的位置。当他将手臂伸直，用这个放大镜看窗外远处的物体时，他所看到的是倒立的、 （填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。15（3分）哈尔滨群力新区，体育公园修建的人工湖具有调节空气温度的功能，假设湖水的质量为1.0108kg，夏

7、天湖水温度升高2，则水吸收的热量为 J，若湖水深度为1.5m，水对湖底的压强为 （g10N/Kg）。16（3分）小明刚学完初中的电学知识，恰逢家中电灯不亮，他兴冲冲地拿起试电笔测试，他知道试电笔一定 笔尖金属体（接触或不接触），测试如图中的a、b、c、d四点时，只有b点不发光，请你帮他分析可能发生的故障是 。17（3分）小梅学完电能表的使用后，想利用电能表测量电饭煲的电功率，观察自家的电能表如图所示，该电能表允许接入用电器的最大电功率是 W；将家里其他用电器断开，只将该电饭煲接入电路中，观察到电能表的指示灯6分钟闪烁了320次，则他家电饭煲的功率是 W。18（3分）小明操控遥控器使电动遥控飞机

8、匀速升空过程中，遥控飞机的动能 ，机械能 （均选填“增大”、“减小”或“不变”）19（3分）潜水艇对保卫我国的南海起着重要的作用。如图所示，潜水艇在水中处于悬浮状态，此时其所受浮力与重力的大小关系为：F浮 G（填“”、“”或“”）当压缩空气将水舱中的水排出一部分时，潜水艇将 （填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）。20（3分）如图，电源电压不变，开关S闭合，当开关S1由断开到闭合时，电压表示数 ，电压表与电流表的示数比值 。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）21（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙3：5，则R1：R2

9、；当开关S1、S2都闭合，甲、乙两表为电压表时，甲、乙两表示数之比为 。22（3分）电热饮水机的工作原理如图所示，该饮水机的额定电压为220V，加热电功率为1100W，保温电功率为44W，R1、R2均为电热丝（R1、R2的电阻不随温度变化）。图中电热丝R2的电阻是 ，当开关S断开时，电路中的电流是 A。23（3分）两个相同的容器中分别装有质量和初温均相同的甲、乙两种晶体，用相同的加热器同时对它们加热。甲从开始加热至熔化一段时间，温度随时间变化的图象如图所示，若乙的比热容和熔点均小于甲，请画出晶体乙在相同过程中，温度随时间变化的大致图象。24（3分）如图所示，某人在A处提起物体，请在图中画出最省

10、力的绳子绕法。25（3分）为了验证浸入液体中的物体受浮力的大小是否跟物体的密度以及浸入液体中的深度有关，李华同学选择了两块体积和形状都相同的实心铜块和铁块进行了如下实验。（铜铁）（1）要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，他应选取图中 （选填图中字母代号）等步骤进行对比分析：铜块所受到的浮力 N，铁块所受浮力为 N，由此可以得出：物体所受的浮力大小与物体的密度 （选填“有关”或“无关”）。（2）分析图中B、C、D三次数据发现：随着物体浸入液体深度的增加，物体所受到的浮力变大，于是他得出结沦：浮力的大小跟浸入液体中的深度有关。你认为小刚的结论是的 （选填“正确”或“错误”），原因是 。（

11、3）实验中小明同学观察到将同一个物体浸没在密度越大的液体中时，弹簧测力计的示数越 ，于是他灵机一动想把测力计改装成了一个能测液体密度的密度秤，他把实验中的铜块挂在弹簧测力计下如图A所示；当他把物块浸没在水中时，如图E所示，他就在3.9N处对应标上1.0g/cm3的字样；当他把物块浸没在酒精中时，应该在弹簧测力计刻度盘的 处对应标上0.8g/cm3字样。26（3分）关于“物体的吸热多少可能和哪些因素有关”的问题，同学们进行了讨论，如图甲所示，请你在生活实例中找到能够支持他们猜想的依据。（1）猜想依据：质量： ；升高温度： ；（2）小红小组同学利用如图乙所示的装置探究“比较不同物质的吸热能力”。探

12、究过程如下：在两只相同的试管中分别装入100g的水和铁沙，利用同一酒精灯加热。通过对比来比较两种物质吸热的多少；最后发现：质量相同的水和铁砂，升高相同的温度，水需要加热时间长。由此可得出得结论是： 。（3）小红小组完成实验后观察由于特殊情况离开实验室小军小组同学设计的记录数据。表格如下：并进行了三次实验，第一组数据填入了表格中，剩下的两组数据记录在纸上了（如图丙），请小红小组帮助小军小组梳理其中数据填入表格中，梳理的依据是 。材料质量/g升高5所用时间/s升高10所用时间/s升高15所用时间/s水10020铁砂100527（3分）某科学兴趣小组在探究影响导体电阻大小及灯泡亮暗的因素时。做了如甲

13、图所示的实验：将鳄鱼夹从较长的镍铬合金丝的A端逐渐滑向B端时，发现电流表示数逐渐增大，同灯泡逐渐变亮。（1）通过实验可得出结论：导体的电阻大小与 有关，灯泡的亮暗与通过灯泡的 有关。（2）小明认为决定灯泡亮暗的因素只是电流大小，请你设计一个实验来否定小明的观点（只需在相应的方框内画出电路图）。实验材料：两个不同规格的灯泡L1和L2，电池组、开关S及导线若干。接下来，小明又做了如下实验：将整条镍合金丝AB接入电路，闭合开关，然后用大功率吹风机先对镍铬合金丝吹一段时间热风，再改用冷风档对镍铬合金吹冷风。在整个过程中观察 情况，小明所做的这一实验基于的假设是 。28某款油电混合动力小汽车，具有省油、

14、能量利用率高等特点，其相关信息如表。在某次水平道路测试中，该车以中速匀速行驶170km，共消耗汽油10L测试过程中，内燃机既向车轮提供能量，又向蓄电池充电，同时蓄电池又将部分能量通过电动机向车轮输送，此时，内燃机和电动机共同驱动车辆前进。驱动模式纯电动启动、低速油电混动中速纯燃油高速汽车质量1200kg车轮与地面总接触面积960cm2（1）该车空载静止时，对水平地面的压强是多少？（g取10N/kg）（2）在水平道路中速匀速行驶测试中，若平均阻力为1000N，牵引力做的功是多少？（3）在水平道路中速匀速行驶测试中，若该车内燃机的效率为53%，此过程最终使蓄电池增加了多少能量？（忽略蓄电池和电动机

15、的热损失，汽油0.7103kg/m3，q汽油4.6107J/kg）2022年黑龙江省哈尔滨市光华中学中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1（3分）关于声现象，以下说法正确的是（）A只要物体振动，就能听到声音B噪声不是物体振动产生的C中考期间，考场周围“禁止鸣笛”，这是为了在传播过程中减弱噪声D汽车安装的倒车雷达是利用超声波工作的【答案】D【分析】A、听到声音必须具备三个条件：发声体、声音传播的介质、健康的耳朵。B、声音是有物体振动产生的；C、“禁止鸣笛”是从阻止噪声产生的角度控制噪声的；D、回声定位是根据回声到来的时间和方位，确定目标的位置和距离，

16、即利用声音获得信息。【解答】解：A、想听到声音，即必须有声源（频率在2020000Hz）和声音传播所需要的介质，同时还有健康的耳朵，故A错误；B、声音是由物体振动产生的；噪声也是物体无规则振动产生的，故B错误；C、“禁止鸣笛”是从防止噪声产生角度控制噪声的，故C错误；D、倒车雷达是利用超声波工作的；故D正确。故选：D。【点评】本题主要考查的是声音的综合应用，注意听到声音的条件声源、传声介质、听觉器官。要想听到声音，三者缺一不可。识记性内容，比较简单。2（3分）架设两套完全相同的（如图甲所示）加热装置，两套装置的试管中分别装有少量的相等体积的M固体和N固体。它们的加热时间温度曲线如图乙所示，在3

17、5min内M物质从固体熔化成了液体，N物质始终是固体。则下列说法正确的是（）A这种加热方法一般称为“水浴法”优点是被加热物质受热比较均匀，缺点是加热温度一般不会超过100B由图乙知，M、N肯定都是晶体C由图乙知，M、N肯定都是非晶体D由图乙知，M肯定是晶体，N肯定是非晶体【答案】A【分析】（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度。（2）从图象中辨别晶体与非晶体主要看这种物质是否有一定的熔点，即有一段时间这种物质吸热，但温度不升高，而此时就是这种物质熔化的过程。【解答】解：（1）将装有M物质的试管放入水中加热，这是水浴法

18、，采用水浴法，温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度，缺点是加热温度一般不会超过100故A正确。（2）读图可知，M有一段这种物质吸热，但温度不再升高，说明此时物质达到了熔点，正在熔化，因此这种物质属于晶体，但在35min内N物质始终是固体，不能由此确定N是晶体还是非晶体，故BCD错误。故选：A。【点评】读物质熔化的图象时，关键是要从曲线变化中判断物质是否有一定的熔点，从而确定是否属于晶体，再明确不同时间段时物质所处的状态。3（3分）看起来清澈见底不过齐腰深的池水，不会游泳的小明跳下去就出现了危险，幸好有同学及时相救。小明在岸上看池水比实际浅的原因是（）A从池底射出的光在水面处发生反

19、射B小明的眼睛产生的错觉C从池底射出的光在水面处发生折射D从空气射入水中的光在水面处发生折射【答案】C【分析】池底反射的光线从水中进入空气时发生折射，折射光线向水面偏折，人逆着折射光线看去，看到的池底位置比实际位置高，池底看起来比实际位置浅。【解答】解：池底反射的光线从水中斜射入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线远离法线，向水面偏折，人看到的池底在折射光线的反向延长线上，看到的是池底由光的折射形成的池底虚像，像在池底实际位置的上方，因此看起来池水较浅。故选：C。【点评】光从水中斜射入空气，折射角大于入射角是造成看到的位置比实际位置变浅的根本原因。理解掌握光的折射规律是解决此类

20、折射问题的关键；有时可以利用折射时光路可逆帮助解题。4（3分）我国北方的冬季气温很低，到处都是冰天雪地，人们有时会将冰雪融化取水，把冰雪放在水壶里热取水的过程中，下列说法正确的是（）A冰在0时，内能为0B这是通过做功的方式改变物体的内能C在加热过程中，壶内的温度一直在上升D水的温度越高，水分子运动越剧烈【答案】D【分析】（1）一切物体都有内能（2）改变物体内能的方式有做功和热传递；（3）晶体熔化时，温度不变；液体沸腾时，温度不变；（4）分子运动的快慢与温度有关。【解答】解：A、一切物体在任何时候都有内能，因此冰在0时，内能不为0，故A错误；B、把冰雪放在水壶里热取水，是利用热传递的方式改变物体

21、内能的，故B错误；C、在加热过程中，雪熔化的过程中，温度不变，内能增加，故C错误；D、分子的运动快慢与温度有关，水的温度越高，水分子运动越剧烈，故D正确。故选：D。【点评】本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能、热传递的条件及改变物体内能方法的理解，是中考的热点，热学的难点。5（3分）对下列实验装置的说法中，正确的是（）A图甲可用来演示通电导体在磁场中的受力情况B图乙可用来演示发电机的工作原理C图丙可用来演示电磁铁磁性的强弱与线圈匝数大小的关系D图丁可用来演示电动机的工作原理【答案】CD【分析】（1）掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会

22、产生感应电流。根据这个原理制成了发电机。（2）认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场。即电流的磁效应。（3）掌握影响电磁铁磁性强弱的因素。（4）掌握磁场对电流的作用实验，知道在此实验中，通电导体在磁场中受到力的作用。【解答】解：A、图甲是电磁感应实验，说明磁场可产生电流，根据此原理可以制成发电机；故A错误；B、图乙是奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场；故B错误；C、图丙是来演示电磁铁磁性的强弱与线圈匝数大小的关系，故C正确；D、图丁是磁场对电流的作用实验，通电后通电导体在磁场中受到力的作用而运动，即电动机的原理；故D正确。故选：CD。【点评】此题考查了

23、电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。6（3分）在“用托盘天平测物体质量”时，小明用已调节好的天平在测物体质量过程中，通过增、减砝码后，发现指针指在分度盘的中央刻度线左边一点，这时他应该（）A将游码向右移动直至横梁重新水平平衡B将右端平衡螺母向左旋进一些C把天平右盘的砝码减少一些D将右端平衡螺母向右旋出一些【答案】A【分析】天平的使用包括两大步，即天平的调节和物体的称量，平衡螺母是在调节过程中来调节横梁平衡的，而称量过程中不能调节平衡螺母。【解答】解：称量时，发现指针指在分度盘中央刻度线的左边一点，说明左边重，左边放的是物体，则应向右盘里加砝

24、码或向右移动游码，向右移动游码，相当于右盘中增加了一个更小的砝码。而此时不能调节平衡螺母。故B、C、D错误，故选：A。【点评】要解这种类型的题目，要对天平的使用有一个整体的认识：使用规则、注意事项等，都要考虑到。7（3分）如图所示工具，在使用时费力的是（）A筷子B托盘天平C动滑轮D钢丝钳【答案】A【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A正确；B、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故B错误；C、动滑轮在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C

25、错误；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D错误。故选：A。【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂；费力杠杆，动力臂小于阻力臂；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。8（3分）小滨同学在乘坐校车参加学业水平考试途中，观察到身边的一些现象，并依据所学的物理知识做出了自己的判断，其中不正确的是（）A向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以校车为参照物B看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小C刹车时车很快停下来，主要是因为受到了摩擦力D刹车时感觉自己身体向前倾，是因为受到了惯性的作用【答案】D【分析】（1）解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，

26、即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。（2）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。（3）力是改变物体运动状态的原因。（4）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。【解答】解：A、向窗外看时感觉到路边树木向后退，是以校车为参照物，树木和校车的相对位置发生了变化，故叙述正确，不符合题意；B、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，故叙述正确，不符合题意；C、刹车时车很快停下来，主要是因为受到了摩擦力，车由运动变为静止，故叙述正确，不符合题意；D、刹车时感觉自己身体向前倾，是因为人具有惯

27、性的性质，不能说“受到”惯性。故说法错误，符合题意。故选：D。【点评】此题考查了参照物的选择、压强与流速的关系、力和运动的关系、惯性现象，是一道综合题；联系生活实际来考查物理知识，是现在中考考查知识一个很重要的方式，需要掌握其方法。9（3分）如图所示的电路，电源电压、灯泡的电阻不变，灯L标有“6V3W“，闭合开关S、S1，滑片移至a端时，电流表的示数1A，灯泡正常发光；断开S1，滑片移至b端时，关于电源的电压U和灯泡电功率P为（）A6V 1.5WB6V 0.75WC3V 1.5WD3V 0.75W【答案】B【分析】（1）当闭合开关S、S1，滑片移至a端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表

28、测干路电流，根据灯泡正常发光时的电压和额定电压相等可知电源的电压，根据PUI求出灯泡的电阻，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，再根据并联电路的电流特点通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）断开Sl，滑片移至b端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用PI2R求出灯泡的实际功率。【解答】解：（1）当闭合开关S、S1，滑片移至a端时，灯泡与滑动变阻器的最大阻值并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，PUI，I，并联电路中干路等于各支路电流之和，则R12；（2）断开Sl，滑片移至b端时，灯泡与滑动变阻器的

29、最大阻值串联，串联电路中的总电阻等于各分电阻之和，I0.25A，PL（I）2RL（0.25A）2120.75W。故选：B。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时以及滑片位于不同位置时电路连接方式的辨别。10（3分）家庭电路中有时会出现这样的现象；原来各用电器都在正常工作，当把手机充电器的插头插入插座时，家里所有的用电器都停止了工作，其原因可能是（）A这个插座的火线和零线原来就相接触形成了短路B插头与这个插座接触不良形成了断路C插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路D同时工作的用电器过多，导致干路电流过大，空气开关跳闸【答

30、案】C【分析】室内用电器全部停止工作，表明干路上的保险丝被熔断了，保险丝被熔断是由于电路中的电流过大。而产生电流过大的原因有两个：一是用电器的总功率过大，另一个是发生短路。由生活常识可知，手机充电器的功率比较小，因此造成保险丝熔断的原因不会是因干路的总功率过大。 由手机充电器插头插入插座，闭合开关，室内用电器全部停止工作可知，是手机充电器的两个接头短路了。【解答】解：A、若是这个插座处原来有短路，则在没有插入手机充电器之前，电路就已经出现了短路，空气开关跳闸，室内所有用电器早就停止了工作，故A不正确；B、若是插头与这个插座接触不良形成了断路，则手机充电器不工作，不会影响室内其它的用电器，故B不

31、正确；C、若是插头插入这个插座时，导致火线和零线相接触形成了短路，空气开关跳闸，室内所有的用电器全部停止了工作，符合题意，故C正确；D、手机充电器的功率很小，使用后对干路电流的影响比较小，不会导致干路中总电流过大，空气开关跳闸，故D不正确。故选：C。【点评】本题考查对家庭电路故障的分析判断能力，要结合家庭电路的特点熟练掌握。11（3分）如图所示，下列图象与描述正确的是（）A小磁针静止在通电螺线管周围的指向B画出的动力臂L1和阻力F2 C匀速直线运动的物体路程与时间的关系D电流表的读数为2.7A【答案】B【分析】（1）首先根据电流方向和安培定则判断通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互规律确定小磁

32、针的指向；（2）图中阻力F2是物体对杠杆的拉力，方向竖直向下；动力为绳子对杠杆斜向上的拉力，从支点O向动力作用线作垂线，支点到垂足的距离就是动力臂。（3）对路程时间图象来说，物体做匀速直线运动时，路程与时间成正比，图象为一正比例函数图象；（4）根据图中电流表的量程和分度值读出示数。【解答】解：A、图中电流从螺线管的右端流入、左端流出，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的左端为N极，其右端为S极，由磁极间的相互作用规律可知，小磁针的左端应为S极，右端应为N极，故A错误；B、图中阻力F2是物体对杠杆的拉力，过阻力作用点作竖直向下的阻力F2；支点为O，动力为绳子对杠

33、杆斜向上的拉力，从支点O作动力作用线的垂线段就是动力臂，用字母L1表示，如图所示。C、物体做匀速直线运动时，路程与时间成正比，图象应为一正比例函数图象，而图中表示物体处于静止状态，故C错误；D、图中电流表的量程为60.6A，分度值为0.02A，电流表的读数为0.54A，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了安培定则、力的示意图和力臂的画法、对路程时间关系图象的分析、电流表的读数等多个知识点，是一道综合性较强的题目。12（3分）小聪测量了如图所示的滑轮组的机械效率，他先后进行了两次实验，将钩码分别匀速竖直提升h1和h2的高度（h1h2）。对两次实验中一些物理量进行比较，正确的是（其中s为绳子自由

34、端通过的距离，H为动滑轮上升的高度）（）As1s2BH1H2C12DW有用1W有用2【答案】C【分析】（1）要知道滑轮组中自由端通过距离与物体升高高度的关系即：snh，其中承担物重绳子股数n可由图中数出。（2）对滑轮组要区分对重物做功为有用功，自由端拉力做功为总功，有用功与总功的比值为滑轮组的机械效率。【解答】解：A、使用同一滑轮组提升重物，n值一定，由snh可知，在h1h2时，s1s2，故A错误；B、使用滑轮组提升重物，动滑轮与重物上升高度相同，由于h7h2时，H1H2，故B错误；C、由可知，只改变物体被提升的高度，机械效率不变，故C正确；D、由W有用Gh可知，物重G一定，h1h2，W有用8

35、W有用2，故D错误。故选：C。【点评】此题是测量滑轮组的机械效率，一定要掌握绳端移动距离与物体上升高度之间的关系，同时要掌握机械效率的概念，知道机械效率是有用功与总功之比。三、非选择题（36-51题，共计46分.以下计算g10N/kg）13（3分）汽油机的做功冲程是将内能转换为机械能。【答案】见试题解答内容【分析】汽油机的一个工作循环由四个冲程组成：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能，压缩冲程是依靠飞轮的惯性完成的；二是做功冲程中内能转化为机械能。【解答】解：汽油机在做功冲程中是将内能转化为机械能的过程。故答案为：内

36、；机械。【点评】能准确的判断出能量的转化的过程是解决该题的关键。14（3分）如图所示，小勇利用焦距为10cm的放大镜看自己的手指纹时，应将手指放在距放大镜小于（填“大于”、“小于”或“等于”）10cm的位置。当他将手臂伸直，用这个放大镜看窗外远处的物体时，他所看到的是倒立的、缩小（填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像。【答案】见试题解答内容【分析】题目中给了两种凸透镜成像的情况，分别利用每种告诉的已知条件结合凸透镜成像规律来确定：物距的范围、像的性质。【解答】解：第一种情况，要用它看自己的手指纹时，则此时的凸透镜就作为一个放大镜使用，放大镜是利用了凸透镜在物距小于一倍焦距时的成像情况工作的。

37、因为焦距为10厘米，故应将凸透镜放在距手指小于10cm的位置。第二种情况是用这个凸透镜去观察窗外远处的景物，此时的物体距凸透镜的距离要大于该透镜的2倍焦距，由凸透镜成像规律可知，成的是倒立缩小的实像。故答案为：小于；缩小。【点评】此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律并能做到举一反三。15（3分）哈尔滨群力新区，体育公园修建的人工湖具有调节空气温度的功能，假设湖水的质量为1.0108kg，夏天湖水温度升高2，则水吸收的热量为8.41011J，若湖水深度为1.5m，水对湖底的压强为1.5104Pa（g10N/Kg）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水

38、的温度升高值，利用吸热公式Q吸cmt求湖水吸收的热量；（2）已知湖水的深度，根据公式pgh可求水对湖底的压强。【解答】解：（1）水吸收的热量：（2）水对湖底的压强：故答案为：2.41011；1.5104pa。【点评】本题考查了吸热公式Q吸cmt、液体压强公式的应用，注意温度升高了（t）与升高到（末温）的区别。16（3分）小明刚学完初中的电学知识，恰逢家中电灯不亮，他兴冲冲地拿起试电笔测试，他知道试电笔一定不接触笔尖金属体（接触或不接触），测试如图中的a、b、c、d四点时，只有b点不发光，请你帮他分析可能发生的故障是bc断路。【答案】见试题解答内容【分析】测电笔是用来辨别火线和零线的：用手接触笔

39、尾的金属体，笔尖接触火线，测电笔的氖管将发光；用测电笔测试a、c、d三点，氖管都发光，这说明a、c、d与火线是连通的，问题出在bc之间，据此判断。【解答】解：使用试电笔时手不能接触笔尖金属体，否则容易触电；用测电笔测试a、c、d三点，氖管都发光，这说明从火线到c点之间的电路都是完好的，没有断路；而测电笔测试b点时，氖管不发光，这说明b点到火线之间的导线出现断路，由此可以判断出是b、c之间某处断路。故答案为：不接触；bc断路。【点评】本题考查了家庭电路故障的判断、测电笔的使用，同学要有学以致用的能力。17（3分）小梅学完电能表的使用后，想利用电能表测量电饭煲的电功率，观察自家的电能表如图所示，该

40、电能表允许接入用电器的最大电功率是2200W；将家里其他用电器断开，只将该电饭煲接入电路中，观察到电能表的指示灯6分钟闪烁了320次，则他家电饭煲的功率是1000W。【答案】见试题解答内容【分析】电能表上参数的意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；10A表示电能表允许通过的最大电流是10A；根据公式PUI计算出电能表允许接的最大电功率；3200imp/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表指示灯闪烁3200次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，求出指示灯闪烁320次电路中消耗的电能。然后求出用电器的功率。【解答】解：电能表允许接的用电器的最大电功率为

41、：P最大UI最大220V10A2200W，3200imp/kWh表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kWh的电能，用电器的功率：P1kW1000W。故答案为：2200；1000。【点评】本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，这是利用电能表测量功率的一种类型习题，一定要熟练掌握。18（3分）小明操控遥控器使电动遥控飞机匀速升空过程中，遥控飞机的动能不变，机械能增大（均选填“增大”、“减小”或“不变”）【答案】见试题解答内容【分析】动能大小的影响因素：质量和速度。质量不变时，速度越大，动能越大；地面附近的物体由于被举高具有重力势能，物体到太空中由于有相对高度，物体具有势能；机

42、械能等于动能和势能的总和。【解答】解：遥控飞机匀速升空过程中，质量不变，速度不变，遥控飞机的动能不变；高度增加，遥控飞机的重力势能增大，而机械能等于动能与势能的总和，所以机械能增大；故答案为：不变；增大。【点评】掌握动能和势能大小的影响因素，根据能量的影响因素能判断动能和势能的大小变化；19（3分）潜水艇对保卫我国的南海起着重要的作用。如图所示，潜水艇在水中处于悬浮状态，此时其所受浮力与重力的大小关系为：F浮G（填“”、“”或“”）当压缩空气将水舱中的水排出一部分时，潜水艇将上浮（填“上浮”、“下沉”或“悬浮”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）当物体处于悬浮状态时，其浮力等于自身的重力。

43、（2）潜水艇原来悬浮（浮力等于自重），当用压缩空气把水舱中的水排出一部分时，改变了自重，但浮力不变，根据浮沉条件分析。【解答】解：如图所示，潜水艇在水中处于悬浮状态，此时其所受浮力与重力的大小关系为：F浮 G当压缩空气将水舱中的水排出一部分时，此时浮力会大于自身的重力，即潜水艇将上浮。故答案为：；上浮。【点评】利用物体的浮沉条件分析潜水艇上浮、下潜（注意浮力不变），难度不大。20（3分）如图，电源电压不变，开关S闭合，当开关S1由断开到闭合时，电压表示数变大，电压表与电流表的示数比值不变。（均选填“变大”、“变小”或“不变”）【答案】见试题解答内容【分析】（1）当开关S闭合，当开关S1断开时，

44、灯泡L与电阻R串联，电压表测量电阻R两端的电压，根据串联电路的电压规律可知，电压表示数小于电源电压；当开关S、S1闭合时，灯泡L被短路，只有R工作，电压表测量电源两端的电压，据此得出电压表示数的变化；（2）根据欧姆定律判断电压表与电流表示数比值的变化。【解答】解：（1）当开关S闭合，当开关S1断开时，灯泡L与电阻R串联，电压表测量电阻R两端的电压，根据串联电路的电压规律可知，电压表示数小于电源电压；当开关S、S1闭合时，灯泡L被短路，只有R工作，电压表测量电源两端的电压，所以电压表的示数变大；（2）电阻R的阻值不变，电压表与电流表示数的比值为R的阻值，阻值不变，比值不变。故答案为：变大；不变。

45、【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是开关闭合前后电路变化的分析，难点是把电压表与电流表示数的比值转化为定值电阻的阻值进行处理。21（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，两表示数之比是I甲：I乙3：5，则R1：R23：2；当开关S1、S2都闭合，甲、乙两表为电压表时，甲、乙两表示数之比为5：2。【答案】见试题解答内容【分析】（1）当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R1和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之

46、比；（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1和R2串联，甲测电源的电压，乙测R2两端的电压；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电压特点求出两电压表的示数之比。【解答】解：（1）当开关S1闭合、S2断开，甲、乙为电流表时，R8和R2并联，甲电流表测R2支路的电流，乙电流表测干路电流；因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I可得，两电阻的阻值之比：；（2）当开关S1、S2闭合，甲、乙两表为电压表时，R1与R2串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R3两端的电压，因串联电路中各处的电流相等，所以两电阻两端的电压之比：，故答案为：3：2； 3：2

47、。【点评】本题通过改变开关的连接方法和电表的更换，改变了电路的连接方法，电路先并联后串联，通过电阻的不变量来沟通两个过程。22（3分）电热饮水机的工作原理如图所示，该饮水机的额定电压为220V，加热电功率为1100W，保温电功率为44W，R1、R2均为电热丝（R1、R2的电阻不随温度变化）。图中电热丝R2的电阻是44，当开关S断开时，电路中的电流是0.2A。【答案】见试题解答内容【分析】（1）当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水壶处于加热状态，根据P求出电热丝R2的电阻；（2）当开关S断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于保温状态

48、，根据PUI求出电路中的电流。【解答】解：（1）当开关闭合时，电路为R2的简单电路，电路的总电阻最小，总功率最大，电热水壶处于加热状态，R244；（4）当开关断开时，R1与R2串联，电路的总电阻最大，总功率最小，电热水壶处于保温状态，根据PUI可得，电路的电流：故答案为：44；0.2。【点评】本题考查了电功率公式和串联电路的特点的应用，正确的判断电热水壶处于不同状态时电路的连接方式是关键。23（3分）两个相同的容器中分别装有质量和初温均相同的甲、乙两种晶体，用相同的加热器同时对它们加热。甲从开始加热至熔化一段时间，温度随时间变化的图象如图所示，若乙的比热容和熔点均小于甲，请画出晶体乙在相同过程

49、中，温度随时间变化的大致图象。【答案】见试题解答内容【分析】若乙的比热容和熔点均小于甲，利用热量的计算公式Q吸cmt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；【解答】解：因为乙的比热容和熔点均小于甲，所以乙图象的熔点在甲图象的下面，由Q吸cmt可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，乙的温度升高得快，它的比热容小；【点评】本题考查了学生对晶体的熔化图象和比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）。24（3分）如图所示，某人在A处提起物体，请在图中画出最省力的绳子绕法。【答案】见试题解答内容【分析】最省力的绕绳方法即是承

50、担物重的绳子段数最多，先分析出应由3段绳子承担物重，才按照“奇动偶定”的原则确定绕绳方案。【解答】解：从动滑轮上挂钩开始，依次绕过定滑轮和动滑轮，绳端回到人的手中，提升物体绳子条数为3，是最省力的绕法，如图所示：【点评】省力多少和绳子的绕法，决定滑轮组的使用效果。动滑轮被几根绳子承担，拉力就是物体和动滑轮总重的几分之一。25（3分）为了验证浸入液体中的物体受浮力的大小是否跟物体的密度以及浸入液体中的深度有关，李华同学选择了两块体积和形状都相同的实心铜块和铁块进行了如下实验。（铜铁）（1）要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，他应选取图中DE（选填图中字母代号）等步骤进行对比分析：铜块所

51、受到的浮力0.5N，铁块所受浮力为0.5N，由此可以得出：物体所受的浮力大小与物体的密度无关（选填“有关”或“无关”）。（2）分析图中B、C、D三次数据发现：随着物体浸入液体深度的增加，物体所受到的浮力变大，于是他得出结沦：浮力的大小跟浸入液体中的深度有关。你认为小刚的结论是的错误（选填“正确”或“错误”），原因是没有控制变量，必须在排开液体体积相同的情况下进行实验。（3）实验中小明同学观察到将同一个物体浸没在密度越大的液体中时，弹簧测力计的示数越小，于是他灵机一动想把测力计改装成了一个能测液体密度的密度秤，他把实验中的铜块挂在弹簧测力计下如图A所示；当他把物块浸没在水中时，如图E所示，他就在

52、3.9N处对应标上1.0g/cm3的字样；当他把物块浸没在酒精中时，应该在弹簧测力计刻度盘的4.0N处对应标上0.8g/cm3字样。【答案】见试题解答内容【分析】（1）我们已经知道，浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关，要探究物体所受的浮力大小与物体的密度有关，要控制物体排开液体的体积和液体的密度相同，只改变物体的密度；读出铜块和铁块的重力、在水中弹簧测力计的示数，利用称重法求出受到的浮力，然后比较浮力的大小得出结论；（2）探究浮力的大小与液体深度的关系时，要控制液体的密度和排开液体的体积不变；（3）根据阿基米德原理可知同一个物体浸没在密度越大的液体中所受的浮力越大，根据称重法可知弹

53、簧测力计示数的变化；根据阿基米德原理求出，物体在酒精中受到的浮力，根据称重法求出弹簧测力计的示数即为此时在弹簧测力计刻度盘的位置。【解答】解：（1）要验证物体所受的浮力大小是否与物体的密度有关，要控制体排开液体的体积和液体的密度相同根据称重法，铜块所受到的浮力：铁块所受浮力为：由此可以得出：物体所受的浮力大小与物体的密度无关；（2）而在B、C、D三步的对比分析中，小刚得出的结论是不对的，物体没有浸没时，深度变化的同时，排开液体的体积也在变化。错误在于没有控制变量，必须在排开液体体积相同的情况下进行实验。（3）根据F浮gV排可知，物体浸没时排开水的体积和本身的体积相等，所以将同一个物体浸没在密度

54、越大的液体中时受到的浮力变大，根据F浮GF可知弹簧测力计的示数越小；根据阿基米德原理得：0.5N水gV排两者排开液体的体积相等，两式相比可得：F浮酒8.4N，此时应标在弹簧测力计的4.4N0.4N6.0N处。（1）D、E；0.5；0.5；无关；（2）错误；没有控制变量，必须在排开液体体积相同的情况下进行实验；（3）小；4.0N。【点评】本题研究浸入液体中的物体受浮力的大小是否跟物体的密度以及浸入液体中的深度有关，考查控制变量法、称重法测浮力、阿基米德原理的运用，综合性较强。26（3分）关于“物体的吸热多少可能和哪些因素有关”的问题，同学们进行了讨论，如图甲所示，请你在生活实例中找到能够支持他们

55、猜想的依据。（1）猜想依据：质量：在烧水时，同样是将水烧开，水的质量越大，所需的加热时间越长，可见吸收热量的多少与质量有关；升高温度：烧质量相同的水，要使升高的温度较大，则需加热更长的时间，可见吸收热量的多少与升高的温度有关；（2）小红小组同学利用如图乙所示的装置探究“比较不同物质的吸热能力”。探究过程如下：在两只相同的试管中分别装入100g的水和铁沙，利用同一酒精灯加热。通过对比来比较两种物质吸热的多少；最后发现：质量相同的水和铁砂，升高相同的温度，水需要加热时间长。由此可得出得结论是：水的吸热能力要大于铁砂的吸热能力。（3）小红小组完成实验后观察由于特殊情况离开实验室小军小组同学设计的记录

56、数据。表格如下：并进行了三次实验，第一组数据填入了表格中，剩下的两组数据记录在纸上了（如图丙），请小红小组帮助小军小组梳理其中数据填入表格中，梳理的依据是物质吸收热量的多少与质量、升高的温度成正比。材料质量/g升高5所用时间/s升高10所用时间/s升高15所用时间/s水10020铁砂1005【答案】见试题解答内容【分析】（1）物体吸收热量的多少与物质的种类、质量和升高的温度有关；（2）升高相同温度时，加热时间越长，说明吸收热量越多，该物质的吸热能力越强；（3）加热物质时，物质吸收热量的多少与质量、升高的温度成正比，据此分析。【解答】解：（1）在烧水时，同样是将水烧开，水的质量越大，所需的加热时

57、间越长，可见吸收热量的多少与质量有关；（2）质量相同的水和铁砂，升高相同的温度，水需要加热时间长，表明水吸收的热量多，即水的吸热能力要大于铁砂的吸热能力；（4）根据表格中的数据可知，对质量相同的水和铁砂加热时，都升高5，水的加热时间为20s，铁砂的加热时间为5s；物质吸收热量的多少与质量、升高的温度成正比；当升高10和15时，升高的温度变为原来的2倍和3倍，则加热时间会变为原来的二倍和三倍，故水的加热时间分别为40s、60s，铁砂的加热时间为10s、15s；由于测量的过程中存在误差，所以铁砂升高15的时间为14.9s，水升高10的时间为39s，如图所示：材料质量/g升高5所用时间/s升高10所用时间/s水100203960铁砂10071014.9故答案为：（1）在烧水时，同样是将水烧开，水的质量越大，所需的加热时间越长，可见吸收热量的多少与质量有关；烧质量相同的水，要使升高的温度较大，则需加热更长的时间，可见吸收热量的多少与升高的温度有关；（2）水的吸热能力要大于铁砂的吸热能力；如上表；物质吸收热量的多少与质量、升高的温度成正比。【点评】对于比较不同物质吸热能