2022年黑龙江省哈尔滨市道里区中考一模物理试卷

1、2022年黑龙江省哈尔滨市道里区中考物理一模试卷一、单项选择题：（共24分）1（3分）如图所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出桌边。先用较小的力拨动钢尺，听它振动发出的声音；保持钢尺位置不动，再用较大的力拨动钢尺，听到的声音（）A响度变大B响度变小C音调变高D音调变低2（3分）在水平地面上，一个物体在水平拉力作用下沿直线运动，其st图象如图所示，其中0s1s内和34s内的图象为直线，1s3s内的图象为曲线，则下列说法中不正确的是（）A0s1s内物体做匀速运动B1s3s内物体运动状态是变化的C3s4s内物体所受水平拉力一定为零D3s4s内物体所受合外力一定为零3（3分）我们经常提到的像：小孔

2、成像、平面镜成像、放大镜成像、电影银幕上的像，其中（）A属于实像的是B属于虚像的是C由于光的反射而成的像是D由于光的折射而成的像是4（3分）关于课本中的力学实验，下列说法错误的是（）A“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块B“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上C“探究阻力对物体运动的影响”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢D“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大5（3分）如图是三种类型剪刀的示意图。下列关于三种剪刀说法正确的是（）A剪铁皮应选用甲剪刀B用乙剪刀剪较坚硬的物体时

3、，应将物体靠近支点C使用丙剪刀的好处是可以省距离D使用三种剪刀都可以省功6（3分）如图所示，西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，于2022年4月20日将第四十四颗北斗导航卫星成功送上太空。下列说法中不正确的是（）A火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的热值大B火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能C北斗导航卫星加速升空过程中，其动能和重力势能均增大D北斗导航卫星加速升空过程中，其所受推力大于重力7（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S电路正常工作，一段时间后，发现两个电表示数都变大，则出现这种故障的原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路8（3分）下列有关实验结

4、论的说法不正确的是（）A甲实验说明液体对容器的侧壁有压强B乙实验说明大气压的数值等于760mmHg产生的压强C丙实验说明物体所受浮力的大小等于液体对物体下表面和上表面的压力差D丁实验说明静止在连通器内的同种液体各部分容器液面总是相平的9（3分）一些民间俗语常蕴涵有丰富的物理知识，下列四个句子中对应的物理知识不正确的是（）A人多力量大杠杆原理B磨刀不误砍柴工减小受力面积，增大压强C潭清疑水浅光的折射现象D一个巴掌拍不响力是物体间的相互作用10（3分）小鸣等几个同学在实验室中看到有两只外形相同的灯泡，铭牌标注如图所示。下面列出了他们在讨论中的几种说法，其中错误的是（）A两灯都正常发光时，相同时间消

5、耗的电能相等B两灯串联在电压合适的电源上时，能同时正常发光C两灯并联在6V的电源上时，“6V 6W”灯消耗的功率比较大D两灯串联在18V的电源上时，总功率为18W11（3分）如图所示的家庭电路中，有两个器件连接错误，它们是（）A闸刀开关和带开关的灯泡B带开关的灯泡和带熔丝的二线插座C带开关的灯泡和三线插座D闸刀开关和三线插座12（3分）如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断错误的是（）AR0的阻值是5B电路的最大总功率12.8WCR0的最小功率是1.6WD滑

6、动变阻器最大阻值是35二、非选择题：（共46分）13（2分）在初中阶段的物理学习中，我们学习了物体的两种属性： 和惯性；还学习了物质的三种特性：热值、比热容和 。14（2分）平衡车在当今是非常时尚的交通工具，深受年轻人的喜爱。人站在车上水平匀速行驶时，以 为参照物，人是静止的；平衡车踏板上有凸凹不平的花纹，可以增大踏板与脚之间的 。15（2分）习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导我们要保护环境，开发和使用绿色能源。光伏发电是将 转化为电能。核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。16（2分）在电风扇、电熨斗、电磁起重机和动圈式话筒中

7、，利用电磁感应原理工作的是 ；电视广播信号可通过通讯卫星覆盖全球，它是用 传递信息的。17（2分）水是生命之源，在生活中的应用很广泛。汽车发动机的冷却循环系统用水作为工作物质是利用水的 的特点；夏天在地上洒水可以降低温度是利用水的 的特点。18（2分）2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在我国举行。如图是滑雪运动员正在训练的场景。使用雪橇滑雪是通过 来减小压强的；运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是由于运动员 。19（2分）如图所示的图表是根据某内燃机的能量流向制成，请将中间缺少的一项能量损失补充 ；根据图表给出的信息，该内燃机的效率为 。20（2分）小明站在地面上，用如图所示的滑轮组竖直向

8、下用10s使重物匀速上升2m。不计绳子重及摩擦，物体重700N，动滑轮重100N，则小明对绳的拉力的功率是 W，该装置的机械效率是 。21（2分）小明用凸透镜先后两次观察书本上的字，看到如图所示两种情景。甲图中，书与凸透镜间的距离应满足的条件是 ；乙图中，凸透镜远离书本，所成的像将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。22（2分）如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关S后，将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中，电路消耗总功率 （选填“变大”、“变小”或“不变”）；电压表V2示数的减小值 电压表V1示数的增大值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。23（2分）如图所示，在“探究推断物体不受力

9、时的运动实验中”，画出小车在毛巾表面上运动时的受力示意图。24（2分）如图所示，S点为平面镜前跳棋子的位置，S点为跳棋子的像的位置，P为人眼的位置，请在图中完成人眼在P点看到两个跳棋子的光路图。25（5分）在观察水的沸腾实验中。（1）如图甲、乙所示，是描述水在汽化时的分子运动模型示意图，其中 图属于水沸腾时的分子运动模型示意图。判断的依据是 。（2）图丙是根据实验数据作出的图象。由图象可知，将质量为500g的热水加热至沸点98，沸腾的时间较长，其原因可能是 （选填“水的质量偏大”或“当地气压偏低”）；此过程中，水吸收的热量为 J。（3）实验结束后，四个实验小组在同一实验室利用相同的实验装置（如

10、图丁所示），正确操作，准确测得水的沸点如表所示。组别l234水的沸点/98.298.998.598.6你认为他们的实验数据不同的原因是 。26（5分）如图所示，物理兴趣小组的同学用金属块放入盛满水的溢水杯中研究浮力的实验。（1）金属块的密度为 kg/m3。（2）由上述实验可得出结论：金属块受到的浮力大小与 有关；而与其浸没在液体中的 无关。（3）利用上述实验数据，写出验证阿基米德原理的过程和阿基米德原理的内容。27（6分）实验小组的同学利用如图甲所示的电路进行探究，电源电压恒为9V，电压表V（量程03V、015V），电流表A（量程00.6A、03A）。更换5个不同阻值的定值电阻R，得到如图乙所

11、示的图象。（1）该小组同学所探究的问题是 。（2）根据图象五次记录实验数据可知，电压表的示数为 V，滑动变阻器阻值变化范围是 。（3）为保证实验测量数据的准确性，请写出断开开关，将电阻R由5更换为10后，下一步的具体实验操作 。（4）利用图甲电路还可以测量未知电阻的大小，测量时需要多次实验，目的是 。28（6分）小鸣家买了一台快速电水壶，这台电水壶的铭牌如表，小华对铭牌中加热效率大于92%有点怀疑。他用所学知识和爸爸合作进行了如下实验：关掉家里所有电器，将该电水壶装满水，接入家庭电路中，测得壶中水从20上升到30用的时间是50s，同时观察到家中电能表（如图）转盘转了80r。请根据相关信息解答下

12、列问题。【c水4.2103J/（kg）额定电压220V额定功率2000W额定频率50Hz最大容积1.8L加热效率92%防触电保护类1类（1）电水壶烧水时的实际功率；（2）电水壶加热的效率；（3）爸爸认为电水壶的功率越小越省电，而小鸣却认为功率越大越省电。你支持谁的观点，请分析说明理由。2022年黑龙江省哈尔滨市道里区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：（共24分）1（3分）如图所示，将一把钢尺紧按在桌面边缘，一端伸出桌边。先用较小的力拨动钢尺，听它振动发出的声音；保持钢尺位置不动，再用较大的力拨动钢尺，听到的声音（）A响度变大B响度变小C音调变高D音调变低【答案】A【分析】声音是

13、由物体的振动产生的，振动停止，发生也停止；响度跟振幅有关，振幅越大响度越大。【解答】解：将一把钢尺紧紧按在桌面上，一端伸出桌面适当的长度，拨动钢尺，就可听到钢尺振动发出的声音；保持钢尺位置不动若改用更大的力拨动钢尺，钢尺的振幅变大，响度变大；故选：A。【点评】能正确区分声音的三要素并能够搞清影响它们的因素：音调指声音的高低，是由发声体振动的频率决定，频率越高，音调越高；响度指声音的强弱，是由发声体振动的振幅决定，振幅越大，响度越大。2（3分）在水平地面上，一个物体在水平拉力作用下沿直线运动，其st图象如图所示，其中0s1s内和34s内的图象为直线，1s3s内的图象为曲线，则下列说法中不正确的是

14、（）A0s1s内物体做匀速运动B1s3s内物体运动状态是变化的C3s4s内物体所受水平拉力一定为零D3s4s内物体所受合外力一定为零【答案】C【分析】（1）做匀速直线运动物体通过的路程与时间成正比；（2）通过1s3s内物体在相同时间通过的路程分析速度的变化；（3）3s4s内物体受平衡力时，处于平衡状态，处于平衡状态时不受力或受平衡力；（4）3s4s内物体移动的距离为零，处于静止状态，受平衡力，平衡力的合力为零。【解答】解：A、由图象可知01s内，物体通过的路程与运动时间成正比，做匀速直线运动，故A正确；B、1s3s内物体在相同的时间内通过的路程变小，做减速运动，物体运动状态是变化的，故B正确；

15、C、7s4s内物体处于静止状态，不受水平拉力或水平拉力与阻力平衡，故C错误；D、3s4s内物体通过的路程为零，说明物体处于静止状态，受平衡力，平衡力的合力为零，故D正确。故选：C。【点评】本题结合图象考查了物体的运动状态判断，需理解速度的含义和力与运动的关系。3（3分）我们经常提到的像：小孔成像、平面镜成像、放大镜成像、电影银幕上的像，其中（）A属于实像的是B属于虚像的是C由于光的反射而成的像是D由于光的折射而成的像是【答案】D【分析】（1）平面镜成像是由于光的反射形成的。（2）水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射。（3）影子的形成、日月食的形成、小

16、孔成像都是光沿直线传播形成的。小孔成像能成倒立的实像。【解答】解：小孔成像是由光的直线传播形成的实像。平面镜成像是由光的反射形成的虚像。放大镜成像属于凸透镜成像，是由光的折射形成的虚像。电影银幕上的像，属于凸透镜成像，是由光的折射形成的实像。综上所述，由于反射而形成的像是，由于折射而形成的像是，属于实像的是，属于虚像的是，所以只有选项D正确。故选：D。【点评】此题主要考查了光的反射、光的折射、光的直线传播现象，平时要注意各个现象的形成原因，把凸透镜成像、小孔成像、平面镜成像的原因和成像性质对比记忆，效果比较好。4（3分）关于课本中的力学实验，下列说法错误的是（）A“探究影响滑动摩擦力大小的因素

17、”实验，可用小车代替木块B“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上C“探究阻力对物体运动的影响”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢D“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大【答案】A【分析】A、变滑动为滚动，减小了摩擦力，从测量的可操作性分析；B、将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，据此分析；C、小车受到的阻力越小，其前进的距离会越远；D、通过比较小车推动木块移动的距离来反映小车动能的大小，实验也采用了转换法。【解答】解：A、探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验中，若用小车

18、代替木块，变滑动为滚动，减小了摩擦力，从而对测量摩擦力大小带来了困难，A错误；B、“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车在水平方向上受到两个力不在同一直线上，是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，B正确；C、由实验现象可以看出：小车受的阻力越小，小车运动的路程越远，速度减小得越慢，C正确；D、“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，根据转换法，木块被小车推得越远，说明小车动能越大，D正确。故选：A。【点评】本题考查减小摩擦力的方法、二力平衡的条件、力和运动的关系及转换法的运用，综合性较强。5（3分）如图是三种类型剪刀的示意图。下列关于三种剪刀说法正确的是（）A剪铁皮应

19、选用甲剪刀B用乙剪刀剪较坚硬的物体时，应将物体靠近支点C使用丙剪刀的好处是可以省距离D使用三种剪刀都可以省功【答案】B【分析】（1）生活中的各类剪刀可以看作不同种类的杠杆，各类杠杆的特点也不相同：省力杠杆费距离；费力杠杆省距离。（2）使用任何机械都不省功。【解答】解：A、要剪开铁皮，需要很大的力，所以应当选择省力杠杆，即动力臂大于阻力臂的杠杆，由图片可知，甲剪刀的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，所以不合适。丙剪刀的动力臂相对于乙剪刀来说更大于阻力臂，更省力，所以丙合适。故A错误；B、用乙剪刀剪较坚硬的物体时，越将物体靠近支点，阻力臂越小，根据杠杆平衡条件可知，在动力和动力臂、阻力一定的情况下，

20、越省力。故B正确；C、丙剪刀属于省力杠杆，可以省力，但费距离。故C错误；D、根据功的原理可知，使用三种剪刀都不能省功。故D错误。故选：B。【点评】选择什么样的杠杆，要根据具体情况来定，当需要更大的力时，应当选择省力杠杆，当需要不大的力就能完成的，可选择费力杠杆，省距离用起来更方便。6（3分）如图所示，西昌卫星发射中心用长征三号运载火箭，于2022年4月20日将第四十四颗北斗导航卫星成功送上太空。下列说法中不正确的是（）A火箭使用液氢燃料，主要是利用了液氢的热值大B火箭升空过程中，燃料燃烧将机械能转化为化学能C北斗导航卫星加速升空过程中，其动能和重力势能均增大D北斗导航卫星加速升空过程中，其所受

21、推力大于重力【答案】B【分析】（1）热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小；（2）根据消耗能量与得到能量是什么来判断能量的转化情况；（3）根据影响动能和重力势能大小的因素来进行分析即可；（4）加速运动是受非平衡力的作用的结果。【解答】解：A、火箭使用液氢燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故A正确；B、火箭升空的过程中，燃料燃烧释放出的内能转化为机械能，故B错误；C、北斗导航卫星加速升空的过程中，卫星的质量不变，速度增大，高度增大，因此动

22、能和重力势能都增大，故C正确；D、北斗导航卫星加速升空过程中，受非平衡力的作用，所受推力大于重力，故D正确。故选：B。【点评】本题既考查了火箭发射过程中的能量转化和机械能变化情况，同时也考查了对燃料热值的了解，属于基础知识的考查，难度不大。7（3分）如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S电路正常工作，一段时间后，发现两个电表示数都变大，则出现这种故障的原因可能是（）AL1断路BL1短路CL2断路DL2短路【答案】D【分析】由电路图可知，灯泡L1与灯泡L2串联，电压表测L1两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电流表示数变大判断出电路工作为短路且电路的总电阻变小，根据电压表示数判断短路的位

23、置。【解答】解：由电路图可知，灯泡L1与灯泡L2串联，电压表测L1两端的电压，电流表测电路中的电流。由电流表的示数变大可知，电路是通路，且电路的总电阻变小，则电路故障应为短路，故AC错误；故选：D。【点评】本题考查了电路故障的判断，是中考题中常见的题型，在不能直接确定故障原因时，可以采用数学上的“反证法”，将选项逐一代入题干，检查是否符合题意。8（3分）下列有关实验结论的说法不正确的是（）A甲实验说明液体对容器的侧壁有压强B乙实验说明大气压的数值等于760mmHg产生的压强C丙实验说明物体所受浮力的大小等于液体对物体下表面和上表面的压力差D丁实验说明静止在连通器内的同种液体各部分容器液面总是相

24、平的【答案】C【分析】（1）液体内部向各个方向都有压强；在同一深度，液体向各个方向的压强相等；液体内部的压强随液体的深度增加而增大；液体内部压强还与液体的密度有关。（2）托里拆利实验测出了1标准大气压指能支持760mm高水银柱，实验结果是由水银液柱的高度决定的，与长度无关。（3）浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力方向是竖直向上的，可以用称重法测浮力。（4）连通器是指上端开口底部连接的容器，连通器内如果只装同种液体，在液面静止时，各部分的液面总保持相平，即在同一高度。【解答】解：A、图甲装置中装水时，侧面的橡皮膜凸起，说明液体对容器的侧壁有压强，故A正确；B、托里拆利实验中，玻璃管倾斜，但

25、是水银柱的高度不变，高度仍为76cm，说明此时此地大气压的数值等于760mmHg产生的压强，故B正确；C、丙图中第一次弹簧测力计测量的是物体的重力，将物体浸没在液体中弹簧测力计示数减小，两次示数之差等于物体在液体中受到的浮力大小，但不能说明物体所受浮力的大小等于物体上下表面受到液体的压力差，故C错误；D、静止在连通器内的同种液体，各部分与大气接触的液面总是相平的，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了液体压强、大气压强、浮力、连通器方面的实验插图，考查了学生对图片的分析能力，熟练掌握课本插图蕴含的物理意义是解决此类题目的关键。9（3分）一些民间俗语常蕴涵有丰富的物理知识，下列四个句子中对应的物

26、理知识不正确的是（）A人多力量大杠杆原理B磨刀不误砍柴工减小受力面积，增大压强C潭清疑水浅光的折射现象D一个巴掌拍不响力是物体间的相互作用【答案】AD【分析】要判断哪句谚语对应的物理知识是正确的，首先要弄懂谚语所表达的意思，然后结合物理知识进行分析，看谚语所蕴涵的是哪个物理知识。【解答】解：A、人多力量大是指人数多了，产生的力量就大。而杠杆是一种简单机械，它的原理是动力动力臂阻力阻力臂，所以人多力量大和杠杆原理没有丝毫的联系，故A错误；B、磨刀是指将刀磨得更锋利一些，砍柴就会很容易将柴砍到，砍柴时的效率会更高。磨的锋利，是减小了刀的受力面积，从而增大对木柴的压强，故B正确；C、潭清疑水浅，是由

27、于光从水中射入空气中，在水面处发生光的折射而产生的现象，故C正确；D、一个巴掌拍不响，是因为只有一个物体，没有另一个物体，力就不会产生，说明要产生力一定要有两个物体，故D错误。故选：AD。【点评】本题是将我们生活中比较熟悉的谚语和物理知识联系起来，增加了学生学习物理的兴趣，也说明了物理知识应用的广泛性。10（3分）小鸣等几个同学在实验室中看到有两只外形相同的灯泡，铭牌标注如图所示。下面列出了他们在讨论中的几种说法，其中错误的是（）A两灯都正常发光时，相同时间消耗的电能相等B两灯串联在电压合适的电源上时，能同时正常发光C两灯并联在6V的电源上时，“6V 6W”灯消耗的功率比较大D两灯串联在18V

28、的电源上时，总功率为18W【答案】A【分析】（1）已知灯泡的额定功率，两灯都正常发光时的功率等于额定功率，根据WPt可知两灯泡消耗电能的关系；（2）根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据I分别求出两灯泡的额定电流，由此可知两灯的额定电流相同；将两灯串联、通过的电流为额定电流时灯的实际电压为额定电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；（3）根据欧姆定律求出两灯泡的电阻，再根据P和并联电路的电压特点可知两灯泡并联时消耗功率的大小；（4）根据PUI可求出电路消耗的总功率。【解答】解：A、两灯都正常发光时的实际功率等于额定功率，实际功率不同，由WPt可知，两灯都正常发光时，相同时间消耗的电能不相

29、等，故A错误；B、两灯泡的额定电流为：I13A，I21A，所以两灯泡正常发光时的电流相等；两灯泡串联、通过的电流为额定电流时，两灯都正常发光时，灯泡的电压为额定电压，电源的电压：UU1+U212V+6V18V可见，两灯串联在18V的电源上时，两盏灯都能正常发光，故B正确；C、两灯泡的电阻为：R112，R26；根据P可知，“6V 6W”灯泡的电阻小，消耗的实际功率较大，故C正确。D、当两灯泡串联在18V的电源上时，通过两灯泡的电流相等，大小为1A，则电路消耗的总功率：PUI18V2A18W，故D正确。故选：A。【点评】本题考查了欧姆定律、串并联电路的特点的应用，以及对灯泡铭牌含义的理解和掌握，灵

30、活的选用电功率公式是解题的关键。11（3分）如图所示的家庭电路中，有两个器件连接错误，它们是（）A闸刀开关和带开关的灯泡B带开关的灯泡和带熔丝的二线插座C带开关的灯泡和三线插座D闸刀开关和三线插座【答案】C【分析】（1）保险丝不是在零线和火线上各接一根保险丝，而是只在火线上接一根，这样不是为了节省，而是为了更安全，如果零线和火线各接一根保险丝，如果零线上的保险丝熔断，电路处于断开状态，但是电路中还连接着火线，接触电路会发生触电事故。（2）开关控制灯泡的正确连接方法：火线首先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。（3）两孔插座的连接方法：左孔接零线，右孔接火线。当插座上进入

31、大功率的用电器时，还要在火线上串联一根保险丝。（4）三孔插座的连接方法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）进户线进入户内，首先接入总开关，总开关的后面接入保险丝，保险丝只在火线上接一根，不是为了节省，而是为了更安全。当保险丝熔断后，家庭电路和火线断开，防止触电事故的发生。图中总开关和保险丝连接正确。（2）开关控制灯泡时，火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点，零线直接进入灯泡的螺旋套。开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏后，断开开关，切断火线，安全的更换灯泡。图中带开关的灯泡连接错误。（3）两孔插座左孔接零线，右孔接火线。当插座上进入大功率的用电器时，还要在火线上串联一根保

32、险丝。这样在电流过大时，能自动切断电源，起到保险作用。图中连接正确。（4）三孔插座的上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。当金属外壳的用电器插入上孔插座时，金属外壳的用电器漏电时，接触用电器防止触电事故的发生。图中连接错误。故选：C。【点评】本题是家庭电路的连接问题，要掌握家庭电路中，总开关、保险丝、灯泡、开关、两孔插座、三孔插座的连接方法。12（3分）如甲图所示的电路中，电源电压为8V恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S后，在滑片P滑动过程中，电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示，根据图象信息可知，下列判断错误的是（）AR0的阻值是5B电路的最大总功率12.8WCR0的最小功

33、率是1.6WD滑动变阻器最大阻值是35【答案】C【分析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路中的电流最大，此时电路的功率最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R0的阻值，利用PUI求出电路的最大功率；（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，R0的功率最小，根据图象读出电路的最小电流和变阻器两端的电压，根据PUII2R求出R0的最小功率，再利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。【解答】解：由电路图可知，R0与R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。（

34、1）当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为R7的简单电路，电路中的电流最大，此时电路的总功率最大，由I可得，R0的阻值：电路的最大总功率：（2）当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，R7的功率最小，则R0的最小功率：滑动变阻器的最大阻值：故选：C。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。二、非选择题：（共46分）13（2分）在初中阶段的物理学习中，我们学习了物体的两种属性：质量和惯性；还学习了物质的三种特性：热值、比热容和密度。【答案】见试题解答内容【分析】物体与物质的区别：我们所见到的一切可以称之为物体，一

35、切物体都是由物质组成的，比如：汽车是物体，这个物体是由铁、玻璃、橡胶等物质所组成。体积和质量属于物体的物理属性。【解答】解：质量是指物体所含物质的多少，不随物体形状、状态及空间位置的改变而改变，是物体的一种基本属性；故答案为：质量；密度。【点评】本题属于基础题，质量、惯性都是物体的属性；物质的特性包含：密度、比热容、热值、硬度、透明度、导电性、导热性、弹性、磁性等等。14（2分）平衡车在当今是非常时尚的交通工具，深受年轻人的喜爱。人站在车上水平匀速行驶时，以平衡车为参照物，人是静止的；平衡车踏板上有凸凹不平的花纹，可以增大踏板与脚之间的摩擦力。【答案】见试题解答内容【分析】（1）在判断物体运动

36、情况时，与选择的参照物有关，参照物不同，判断的结果不同。如果物体相对于参照物位置发生了改变，则物体为运动的，如果物体相对于参照物位置没有发生改变，则物体为静止的；（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。【解答】解：（1）人站在车上水平匀速行驶时，人与平衡车之间的位置没有发生变化，以平衡车为参照物，人是静止的；（2）平衡车踏板上有许多凸凹的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大踏板与脚之间的摩擦力。故答案为：平衡车；摩擦力。【点评】该题考查了运动与静止的相对性、摩擦力大小的影响因素的理解，是一道基础题。1

37、5（2分）习近平总书记提出“绿水青山就是金山银山”，倡导我们要保护环境，开发和使用绿色能源。光伏发电是将太阳能转化为电能。核能作为一种新能源，正在逐步被人们开发和利用，核能是不可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源。【答案】见试题解答内容【分析】（1）太阳能电池在太阳光照射下发电，是将太阳能转化为电能；（2）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源。【解答】解：光伏发电系统发电时太阳能转化为电能；故答案为：太阳能；不可再生。【点评】本题考查了对太阳能和核能的利用的了解，属于基础性题目。16（2分）

38、在电风扇、电熨斗、电磁起重机和动圈式话筒中，利用电磁感应原理工作的是动圈式话筒；电视广播信号可通过通讯卫星覆盖全球，它是用电磁波传递信息的。【答案】见试题解答内容【分析】动圈式话筒都是利用电磁感应原理制成的；电磁波能够传递信息。【解答】解：在电风扇、电熨斗、电磁起重机、动圈式话这些装置中，利用电磁感应原理工作的是动圈式话筒；电风扇利用的是通电导体在磁场受到力的作用；电熨斗利用的是电流的热效应；电磁起重机利用的是电流的磁效应；电视广播是利用电磁波来传递信息的。故答案为：动圈式话筒；电磁波。【点评】本题主要考察电磁相关知识的应用、信息的传递，属于基础知识。17（2分）水是生命之源，在生活中的应用很

39、广泛。汽车发动机的冷却循环系统用水作为工作物质是利用水的比热容大的特点；夏天在地上洒水可以降低温度是利用水的汽化吸热的特点。【答案】见试题解答内容【分析】（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析；（2）物质由液态变成气态发生的是汽化现象，汽化过程需要吸热。【解答】解：（1）因为水的比热容大，在升高相同的温度时，水吸收的热量多，所以人们用水做汽车发动机的冷却液；（2）夏天在地上洒水，利用水汽化时能吸收大量热量来降低温度。故答案为：比热容大；汽化吸热。【点评】此题考查了对比热容、汽化吸热的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有

40、关现象，达到学以致用的目的。18（2分）2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在我国举行。如图是滑雪运动员正在训练的场景。使用雪橇滑雪是通过增大受力面积来减小压强的；运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是由于运动员具有惯性。【答案】见试题解答内容【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强。在受力面积一定时，减小压力来减小压强；（2）惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性。【解答】解：使用雪橇滑雪，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小人对雪地表面的压强，运动员冲过终点不能立即停下，是因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态。故答案为：增大受力面积；具有惯性

41、。【点评】本题考查了学生对减小压强的方法、惯性的了解与掌握，体育比赛场上的比赛项目，都包含物理知识，在学习中要多分析，总结。19（2分）如图所示的图表是根据某内燃机的能量流向制成，请将中间缺少的一项能量损失补充冷却水；根据图表给出的信息，该内燃机的效率为30%。【答案】冷却水；30%。【分析】由能流图得出转化为有用功的能量占总能量的比值得出内燃机的效率。【解答】解：热机在工作过程中通过废气、冷却水以及摩擦与辐射散热损失掉了大部分的能量，使得有用的能量较少，热机的效率过低；由图可知，输出有用功在燃料燃烧放出总能量中所占比例：100%33%30%7%30%。故答案为：冷却水；30%。【点评】本题考

42、查了学生对内燃机能流图的了解与掌握，是比较基本的问题，要重点掌握。20（2分）小明站在地面上，用如图所示的滑轮组竖直向下用10s使重物匀速上升2m。不计绳子重及摩擦，物体重700N，动滑轮重100N，则小明对绳的拉力的功率是160W，该装置的机械效率是87.5%。【答案】见试题解答内容【分析】由图可知：使用的是滑轮组，n2，s2h。（1）利用s2h求出拉力移动的距离，不计绳重和摩擦，利用F（G物+G轮）求拉力大小，再利用WFs求拉力做功；又知道运动时间，利用功率公式求拉力的功率，（2）利用W有Gh求有用功，利用机械效率的公式100%求动滑轮的机械效率。【解答】解：（1）由题知，n2，由于不计绳

43、重和摩擦，则F（G轮+G物）（100N+700N）400N，拉力做功：W总Fs400N4m1600J。P160W；（3）使用滑轮组做的有用功：W有Gh700N2m1400J，100%100%87.4%。故答案为：160；87.5%。【点评】本题考查了学生对有用功、总功、功率公式、机械效率公式、滑轮组snh的理解和运用，本题关键：利用好不计绳重和摩擦时F（G轮+G物）。21（2分）小明用凸透镜先后两次观察书本上的字，看到如图所示两种情景。甲图中，书与凸透镜间的距离应满足的条件是小于一倍焦距；乙图中，凸透镜远离书本，所成的像将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】见试题解答内容【分析】

44、凸透镜成像规律：物距小于焦距时，成正立放大虚像，物像同侧，应用是放大镜。物距大于一倍焦距小于二倍焦距时，成倒立放大实像，像距大于二倍焦距，应用是幻灯机、投影仪。物距等于二倍焦距时，成倒立等大实像，像距等于二倍焦距。物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像，像距大于一倍焦距小于二倍焦距，应用是照相机。成虚像时，物距变大，像距变大，像变大；成实像时，物距变大，像距变小，像变小。【解答】解：甲图成正立放大的虚像，物距小于焦距；乙图成倒立放大的实像，物距大于一倍焦距小于二倍焦距；乙图成实像，凸透镜远离书本时，物距变大，像变小。故答案为：小于一倍焦距；变小。【点评】本题要求学生熟练掌握凸透镜成像的规律及应用。

45、我们可以用口诀：“一倍焦距分虚实，二倍焦距分大小。物近像远像变大，焦距以内反变化。”来帮助我们记忆。22（2分）如图所示电路中，电源电压恒定。闭合开关S后，将滑动变阻器滑片从左端向右端移动过程中，电路消耗总功率变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）；电压表V2示数的减小值大于电压表V1示数的增大值（选填“大于”、“小于”或“等于”）。【答案】见试题解答内容【分析】由电路图可知，闭合开关S后，R1、R2、R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据PUI判断电路消耗总功率的

46、变化；根据欧姆定律的应用可知电阻R1、R3两端电压的变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端电压的变化，最后根据滑动变阻器两端减小的电压等于R1和R3两端增大的电压之和可知两电压表示数变化值的大小关系。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S后，R1、R2、R3串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V7测R2两端的电压，电流表测电路中的电流；由I可得，电路中的电流变大，由UIR可得，R1和R3两端的电压均增大，则电压表V1的示数增大，由于滑动变阻器两端减小的电压等于R8与R3两端增大的电压之和，故答案为：变大；大于。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和滑动变阻器、欧姆定

47、律、电功率公式的灵活应用，具有一定的难度。23（2分）如图所示，在“探究推断物体不受力时的运动实验中”，画出小车在毛巾表面上运动时的受力示意图。【答案】见试题解答内容【分析】先对小车进行受力分析，在竖直方向上，受到重力和支持力，水平方向上，因为向右运动，所以受到水平向左的摩擦力；根据力的示意图的画法作图。【解答】解：小车在毛巾面上继续向右运动时，在竖直方向上，受到重力G和支持力F，水平方向上，受到水平向左的摩擦力f，三力的作用点都画在小车的重心上，如图所示：【点评】画力的示意图，要先确定力的三要素，用一条带箭头的线段把三要素表示出来，标上字母符号，有的要标出力的大小。24（2分）如图所示，S点

48、为平面镜前跳棋子的位置，S点为跳棋子的像的位置，P为人眼的位置，请在图中完成人眼在P点看到两个跳棋子的光路图。【答案】见试题解答内容【分析】根据平面镜成像的原理，平面镜所成的像是物体发出（或反射出）的光线射到镜面上发生反射，由反射光线的反向延长线在镜后相交而形成的，因此，反射光线的反向延长线必过像点，连接SP，交于镜面于一点A，该点为入射点，然后可作出入射光线和反射光线，从而完成光路图。【解答】解：连接PS，与平面镜交于一点A，连接SA，AP即为入射光线和反射光线，这是人眼在P点看到S的光路图；连接SP即为人眼在P点看到S的光路图，答案见下图：【点评】本题利用了平面镜成像的原理和特点作图。关键

49、是要确定入射点，注意箭头不要标错。25（5分）在观察水的沸腾实验中。（1）如图甲、乙所示，是描述水在汽化时的分子运动模型示意图，其中乙图属于水沸腾时的分子运动模型示意图。判断的依据是沸腾是液体表面和内部同时进行的剧烈的汽化现象。（2）图丙是根据实验数据作出的图象。由图象可知，将质量为500g的热水加热至沸点98，沸腾的时间较长，其原因可能是水的质量偏大（选填“水的质量偏大”或“当地气压偏低”）；此过程中，水吸收的热量为6.3104J。（3）实验结束后，四个实验小组在同一实验室利用相同的实验装置（如图丁所示），正确操作，准确测得水的沸点如表所示。组别l234水的沸点/98.298.998.598

50、.6你认为他们的实验数据不同的原因是测量时存在误差。【答案】见试题解答内容【分析】（1）水在汽化过程中要从外界吸热，用来挣脱分子之间引力的束缚从而变成气体，完成由液态变成气态的变化过程，根据水在汽化时的分子运动规律，再比较甲、乙两图中的分子分布情况，就可判出哪个图是水沸腾时的分子运动模型示意图；（2）根据图象，通过水质量的大小及初温的高低判断加热时间较长的原因；知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容，根据吸热公式Q吸cmt计算出水吸收的热量；（3）由于测量时存在误差都可造成沸点的测量值不同。【解答】解：（1）水在汽化过程中只有挣脱分子之间引力的束缚才会变成气体，比较甲、乙两图会发现B中有部分

51、分子间距较大，已成功摆脱分子间的引力作用，因此乙图属于水沸腾时的分子运动模型示意图；（2）图丙是根据实验数据作出的图象，由图象可知，将水加热至沸腾的时间较长，单位时间内温度的变化较小，其原因可能是水的质量偏大；水吸收的热量：Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）0.5kg（9868）6.3104J；（5）由于测量时存在误差都可造成沸点的测量值不同。故答案为：（1）乙；沸腾是液体表面和内部同时进行的剧烈的汽化现象；（2）水的质量偏大；6.3108；（3）测量时存在误差。【点评】此题是探究水的沸腾实验。主要考查了水沸腾时的特点及水的沸腾图象。解决本题即要认真观察图象又要结合相关的物理知识，考查

52、学生应用所学知识解决实际问题的能力。26（5分）如图所示，物理兴趣小组的同学用金属块放入盛满水的溢水杯中研究浮力的实验。（1）金属块的密度为2.7103kg/m3。（2）由上述实验可得出结论：金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关；而与其浸没在液体中的深度无关。（3）利用上述实验数据，写出验证阿基米德原理的过程和阿基米德原理的内容。【答案】见试题解答内容【分析】（1）利用称重法可求金属块受到的浮力，再利用阿基米德原理F浮液gV排求排开水的体积，即金属块的体积，利用Gmg求金属块的质量，再利用密度公式求金属块的密度；（2）分析A、B、C三图中排开水的体积变化、弹簧测力计示数变化，利用F浮GF示

53、分析受到的浮力变化，得出金属块受到浮力与排开水的体积关系；分析A、C、D三图中金属块浸没深度的关系、弹簧测力计示数变化，利用F浮GF示分析受到的浮力变化，得出金属块受到浮力与浸没深度的关系；（3）比较AD、E实验，可得验证阿基米德原理的过程和阿基米德原理的内容。【解答】解：（1）由图A可知金属块的重力G2.7N，m0.27kg，F浮GF示2.7N1.7N7N；V金V排1104m3；金2.7103kg/m3；（2）由A、B、C实验可以看出，随着金属块浸在水中体积的增大，测力计示数减小，由F浮GF示可知受到水的浮力增大，可得结论：金属块受到的浮力大小与排开液体的体积有关；由A、C、D实验可以看出，

54、当物体完全浸没时，随着浸没深度的改变，测力计示数不变，由F浮GF示可知受到水的浮力大小不变，可得结论：金属块受到的浮力大小与浸没在液体中的深度无关；（3）由A、D可知，金属块浸没时受到的浮力：F浮GF示2.6N1.7N1N；由E图可知，金属块浸没时排开水的重力：G排G总G桶1.4N0.6N1N；由此证明阿基米德原理：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于它排开的液体所受的重力。（3）由A、D可知，金属块浸没时受到的浮力：F浮GF示2.7N1.2N1N；比较可得：F浮G排，由此证明阿基米德原理：浸在液体中的物体受到竖直向上的浮力，浮力的大小等于它排开的液体所受的重力。【点评】本题是探

55、究“浮力大小和哪些因素有关”，考查了浮力大小与V排及液的关系，考查了控制变量法的应用，同时考查了学生对实验过程的理解。27（6分）实验小组的同学利用如图甲所示的电路进行探究，电源电压恒为9V，电压表V（量程03V、015V），电流表A（量程00.6A、03A）。更换5个不同阻值的定值电阻R，得到如图乙所示的图象。（1）该小组同学所探究的问题是通过导体的电流与电阻的关系。（2）根据图象五次记录实验数据可知，电压表的示数为5V，滑动变阻器阻值变化范围是420。（3）为保证实验测量数据的准确性，请写出断开开关，将电阻R由5更换为10后，下一步的具体实验操作将滑片移动到最右端，将电流表改接00.6A量程，闭合开关，把变阻器的滑片向左移动，直到