2022年江苏省南通市海安县八校联考中考一模物理试卷

1、2022年江苏省南通市海安市八校联考中考物理一模试卷一.每题只有一个正确答案，每题2分，共40分1（2分）生活中我们常看到“白气”，下列有关“白气”形成的说法中正确的是（）A文艺演出时舞台上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的升华现象B夏天从冰箱取出的冰棍周围冒“白气”，这是空气中水蒸气的凝华现象C深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是河面上水蒸气的液化现象D冬天水烧开后壶嘴处喷出“白气”，这是壶嘴喷出水蒸气的汽化现象2（2分）一纸杯开水，从刚倒入杯中到可以喝的这一段时间内，放出的热量大约是（）A5106JB5105JC5104JD5103J3（2分）图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小

2、勺子，把A点压在百香果上固定，B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）。关于勺子的构造和使用说法正确的是（）A勺子转动切果时可作省力杠杆用B勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C“刺刀”很尖利是为了增大压力D勺子绕着果转动时运动状态不变4（2分）下列关于生活用电常识，正确的是（）A发现有人触电时，应立即用手将触电者拉开B控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间C空气开关跳闸，一定是电路中用电器的总功率过大D正常使用测电笔检测线路时，没有电流通过人体5（2分）2022年1月3日，“玉兔二号”从停稳在月球表面的“嫦娥四号”上沿轨道缓缓下行，到达月球表面，如图所示。关于“

3、玉兔二号”下行的过程，下列说中正确的是（）A若以月球表面为参照物，“嫦娥四号”是运动的B若以月球表面为参照物，“玉兔二号”是静止的C若以轨道为参照物，“玉兔二号”是运动的D若以“嫦娥四号”为参照物，“玉兔二号”是静止的6（2分）如图是一款特殊的自行车，当踩动脚踏板“骑行”时，能够产生电能给手机等设备充电，同时也能达到健身的目的。下列选项中与该自行车发电原理相同的是（）ABCD7（2分）如图所示，斜面高为1m，长为4m，用沿斜面向上大小为75N的拉力F，将重为200N的木箱由斜面底端以0.2m/s的速度匀速拉到顶端，下列判断正确的是（）A重力做功的大小为800JB斜面对木箱的摩擦力大小为25NC

4、拉力做功的功率为125WD斜面的机械效率为75%8（2分）关于压强，下列说法正确的是（）A帕斯卡裂桶实验说明了液体压强与液体的重力有关B利用自制气压计，从山脚到山顶时，细管子内液柱面会下降C嘴巴吸饮料入口是利用了气体流速越大，压强越小D一个普通人单脚站立在地面上时，对地面的压强大约是2104Pa9（2分）如图所示的电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R的规格为“40 1A”，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”。只闭合开关S、S2当滑动变阻器R的滑片P分别在B端和中点时，R消耗的功率之比为8：9则下列判断正确的是（）只闭合开关S、S1，将R的滑片P从中点向右移动一段距离，电压表示数的

5、变化量和电流表示数变化量的比值不变。只闭合开关S、S1，为保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的阻值范围是240。只闭合开关S、S1，为保证电路安全，定值电阻R1的功率变化范围是0.144W0.9W。定值电阻R2的阻值是10。ABCD10（2分）原长为l的橡皮筋一端固定在O点，另一端悬挂一个小钢球，将钢球从O点释放，钢球运动到A点后开始向上返回，O、A两点间距离为2l，如图所示。则能反映钢球从O点运动到A点的过程中，其动能EV、重力势能EP、橡皮筋所受的拉力F和橡皮筋的弹性势能EK随运动距离s变化的关系图象可能是（）ABCD二、填空11（4分）新冠疫情牵动着所有人的心。（1）如图甲是“新冠”疫情

6、防控期间各小区，公共场所的“出入码”，用于扫码的手机摄像头相当于一个凸透镜，二维码到摄像头的距离应满足 的条件。（2）如图乙所示，蜡烛恰好在光屏上成清晰的像，这个像是 的（选填“放大”或“缩小”）；若将光屏移至刻度线50cm处，保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛前面放置度数合适的 眼镜（选填“近视”或“远视”），光屏上也能再次成清晰的像。（3）专家介绍，75%酒精溶液能很好消杀新冠病毒。小明打开容器就能闻到酒味，这一现象说明 。12（6分）我国“华为”公司是当今世界通讯领域的龙头企业，以手机为例，华为“Mate20pro”不仅采用4200mAh超大容量电池，并且采用“超级快充”技术，不到半小时可把

7、电池充达一半以上，极大方便了人们的使用。已知该电池的部分参数如表所示：电池名称锂离子电池电压3.7V容量4200mAh（1）人们在使用手机长时间通话时，手机会明显发热，是因为手机将电能转化为 能，损耗的能量不会转化为我们需要的能量，是因为能量的转移和转化具有 性。手机通话过程中，是利用 来传递信息的。用手机听音乐时，按压手机的侧键是为了改变声音的 ；（2）电池充满电储存的电能为 J；（3）如图所示的两个充电器，一个标注“输出5V 600mA”，另一个标注“输出5V 4A”，其中有一个是快速充电器。假设充电效率为90%，选用快速充电器将电池从零充满需要的时间为 s。13（5分）小爽同学有一块琥珀

8、吊坠，她想利用学过的物理知识测量其密度。（1）天平调节好后将吊坠放在天平左盘中，向右盘中加砝码直到天平平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则吊坠的质量为 g。（2）往量筒中倒入50mL水，将吊坠浸没在水中，液面位置如图乙所示，则吊坠的体积是 cm3，密度是 kg/m3。（3）小爽同学利用缺少砝码的天平，两个相同的烧杯，量筒和水也测出了吊坠的密度。请将她的实验步骤补充完整。（已知水的密度为水）在两个烧杯中倒入等量的水，分别放在已调平衡的天平的左右盘中（图丙）。将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中，不碰烧杯底（图丁），用量筒向右盘的烧杯中加水到A处时天平平衡，记下加入水的体积为V1。将

9、吊坠 ，用量筒继续向右盘的烧杯中加水，直到天平平衡，并记下再次加入水的体积为V2。吊坠密度的表达式为 。14（3分）如图所示，物体重30N，用50N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止，则物体所受的摩擦力是 N；若该物体在40N的水平拉力F乙作用下，沿水平桌面匀速向右运动，则物体所受的摩擦力是 N，乙图中物体与水平桌面的接触面积是0.01m2，则水平桌面受到的压强是 pa。15（3分）小明家电能表上月底的示数为，本月底的示数如图所示，他家本月消耗电能 kWh，小明家长时间工作的用电器总功率不得超过 W小明将一个电风扇单独接入电路中，10min内电能表的指示灯闪烁了32次，其功率为 W。16（6

10、分）如图所示，从光源S点发出的一条光线射向平面镜，经平面镜反射后射向墙上的P点处。请你作出这条入射光线并完成光路图。17如图所示，杠杆在水平位置平衡，货物A重为200N，请在答题卡的图中画出货物A所受重力的示意图和拉力F的力臂L。18开关闭合后磁感线的形状如图所示，请在如图所示中标出磁铁A的两个磁极。19（9分）如图所示，外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐。已知无人机质量为2.9kg，外卖质量为0.7kg，无人机先以4m/s的速度竖直上升10s，再水平匀速飞行30m到阳台。求：（g10N/kg）（1）无人机匀速上升的过程中，旋翼产生的升力为多大？（2）整个过程历时25s，则无人机水平飞行的

11、速度为多大？（3）整个过程中无人机对外卖做功的功率为多大？20（9分）如图所示，电源电压和灯L的电阻保持不变，定值电阻R120，灯L标有“6V 3W”字样。电流表量程为00.6A，电压表量程为015V，求：（1）灯泡L的电阻为多少？（2）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.4A，滑动变阻器R2的最大阻值为多少？（3）在确保电路安全的情况下，电路消耗的最小功率与最大电功率之比为多少？（不考虑电路中无电流通过的情况）。21（8分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率（电源电压3V，小灯泡的额定电压2.5V）。（1）请用笔画线代替导线将

12、小明组的电路连接完整，要求向右移动滑片时灯泡变亮。（2）连接图甲的电路时滑动变阻器的滑片应调到最 端（选填“左”或“右”）。（3）连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，电压表示数近似等于3V，电流表示数几乎为零，电路故障可能是： 。（4）排除故障后，闭合开关，移动滑片P至电压表的示数如图乙所示，其读数为 V，当滑动变阻器的滑片P向右端移动时，滑动变阻器两端的电压 （选填“增大”或“减小”）。（5）小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡UI图象，如图丙所示，则小灯泡的额定功率是 W。（6）如果把灯光调暗，使小灯泡两端的电压为2.4V，小灯泡的实际功率占电路总功

13、率的百分比是 %。（7）小明想继续研究小灯泡在电压U0.5V时的发光功率情况。可是无论如何移动滑动变阻器都无法达到想要的数值，请教老师后老师给了图丁让他尝试，结果小明顺利的完成了实验，其原因是用图丁做本次实验，滑动变阻器可调节小灯泡两端电压的范围是 。22（7分）物理实验探究：（1）探究一：晓丽在研究动能Ek与m、v关系的实验中，如图所示，质量为m的小球从A点静止释放，在没有空气阻力的情况下，沿轨道运动（其中BC段水平）。已知重力势能为E势mgh（h为小球离轨道BC的高度，当小球运动到B点时，h0），动能为E动（v为小球运动的速度）用小球去撞击木块，并通过木块 来反映动能的大小。小球在A点的机

14、械能E （用题目所给物理量表示）小球从A点静止释放到达B点时速度vB，则vB ，根据题目所给信息，推测vB与小球的质量m 。（选填“有关”或“无关”）；（2）探究二：如图所示，将两个相同的小车分别放在两个相同的管道中，然后让速度相等的风和水流分别通过这两个管道2s，小车分别被推动一段距离，实验记录如下：流体风水流小车被推动距离/cm0.379在相同的时间内，相同的面积上，小车从两种不同的能源上获得的能量 。（选填“相同”或“不同”）在单位时间内、单位面积上从某种能源中所能得到的能量叫做能流密度。这是评价能源优劣的重要指标之一。一般地说，水能的能流密度比风能的能流密度 。若水的流速为v，密度是，

15、请你推导出水能的能流密度A的表达式 。23（10分）阅读短文，回答问题“鲲龙”AG600国产大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600成功实现水上起降，如左图所示。“鲲龙”AG600是国家为满足森林灭火和水上救援的迫切需要，研制的大型特种用途民用飞机，既能在陆地上起降，又能在水面上起降，是一艘会飞的船。AG600可以在20秒内一次汲水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米，还可以在2米高海浪的复杂气象条件下实施水面救援行动，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。“鲲龙”AG600除了像普通飞机在陆上起降外，在任何江河湖泊，只要给它一片长1500米、宽200米、深2.5米的水域，它都能“说走就走”

16、。最大巡航速度500公里/小时，最大航程4500公里，可从中国最北端黑龙江漠河直飞海南三亚，更可以从三亚往返中国最南端的曾母暗沙。“鲲龙”AG600作为当今世界最大一款水陆两栖飞机，AG600飞机的机身长37米、翼展达38.8米，个头儿与波音737相当，采用单船身、悬臂上单翼和前三点可收放式起落架布局，选装4台涡桨发动机。飞机发动机的热效率和推进效率是反映飞机性能的重要指标。发动机的热效率是指发动机获得的机械能与燃料完全燃烧产生的内能之比，推进效率是指发动机传递给飞机的推进功（推力所做的功）与获得的机械能之比。飞机的部分参数如下表所示：WJ6发动机数量4台M最大起飞质量53.5t最大巡航速度5

17、00km/h发动机巡航推力4.6104N发动机的热效率40%发动机的推进效率（1）如图所示，机身下部制成“V”形，这样设计的目的还有 ；机翼设计成如图所示的截面图，当飞机水平飞行时，机翼上方空气速度大，压强 ；（2）“鲲龙”AG600在水面降落的过程中，重力势能 ，动能 （选填“增大”、“减小”或“不变”）；（3）若“鲲龙”AG600某次执行任务时该飞机的总质量为48t，总体积约5103m3该飞机停在水平地面时，起落架的触地总面积是1.2m2，对地面的压强 Pa；停在水面上时，排开水的体积是 m3；（g10N/kg，水1103kg/m3）（4）若“鲲龙”AG600空载时质量为40t，在水面滑行

18、测试中，“鲲龙”AG600蓄一定质量的水，发动机牵引力的实际总功率为2500kW，飞机在水面上以36km/h的速度匀速滑行了1min，滑行过程中所受阻力为总重的0.5倍，则飞机受到的阻力为 N，所蓄水的质量为 t；（5）“鲲龙”AG600以最大速度满载巡航2h，消耗燃油5000kg，燃油完全燃烧获得的内能是 J，此过程中发动机的推进效率为 。（燃油的热值q4.6107J/kg）2022年江苏省南通市海安市八校联考中考物理一模试卷参考答案与试题解析一.每题只有一个正确答案，每题2分，共40分1（2分）生活中我们常看到“白气”，下列有关“白气”形成的说法中正确的是（）A文艺演出时舞台上经常施放“白

19、气”，这是干冰在常温下的升华现象B夏天从冰箱取出的冰棍周围冒“白气”，这是空气中水蒸气的凝华现象C深秋清晨的河面上经常出现“白气”，这是河面上水蒸气的液化现象D冬天水烧开后壶嘴处喷出“白气”，这是壶嘴喷出水蒸气的汽化现象【答案】C【分析】解决本题要知道：水蒸气遇冷会凝结成小水珠；物体由气态变为液态的过程叫液化。生活中的“白气”是液态的小水滴悬浮在空气在的现象，都是由水蒸气遇冷液化形成的。【解答】解：A、演出时舞台上出现的“白气”，是干冰升华吸热，使空气中的水蒸气遇冷液化形成的。故A错误；B、冰棍周围冒出的“白气”是空气中的水蒸气遇到温度低的冰棍液化形成的。故B错误；C、河面上出现的“白气”，是

20、河中水汽化形成的水蒸气遇到低温空气后液化形成的。故C正确；D、水烧开后壶嘴处喷出的“白气”，是壶中高温的水汽化形成的水蒸气，喷出壶嘴后遇到温度较低的空气液化形成的。故D错误。故选：C。【点评】该题通过生活中的各种现象考查了学生对物态变化的理解情况，解题的关键是先搞清楚变化前后物体的状态，再确定物态变化名称。2（2分）一纸杯开水，从刚倒入杯中到可以喝的这一段时间内，放出的热量大约是（）A5106JB5105JC5104JD5103J【答案】C【分析】估测开水的温度、能喝时水的温度、一杯水的质量，利用放热公式Q放cmt求热水放出的热量。【解答】解：一茶杯开水质量约0.2kg，开水的温度大约是100

21、，水温为40时可以喝；Q放cmt4.2103J/（kg）0.3kg（10040）5.04104J；故选：C。【点评】本题考查了放热公式的应用，估测水的初温和末温以及一茶杯水的质量是关键。3（2分）图甲是海南网上扶贫超市给百香果配的多功能小勺子，把A点压在百香果上固定，B处的“刺刀”刺进果壳，用力使勺子绕A点转动一周，“刺刀”就把果壳切开（如图乙）。关于勺子的构造和使用说法正确的是（）A勺子转动切果时可作省力杠杆用B勺柄表面有花纹是为了减小摩擦C“刺刀”很尖利是为了增大压力D勺子绕着果转动时运动状态不变【答案】A【分析】（1）要判决杠杆是省力杠杆还是费力杠杆，要先判断动力臂和阻力臂的大小关系，再

22、判断它是属于哪种类型的杠杆；（2）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；（3）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力来增大压强；在压力一定时，减小受力面积来增大压强；（4）运动状态保持不变，指的是物体速度的大小和方向都不能发生变化，否则物体的运动状态就变了。【解答】解：A、勺子转动切果时，动力臂可以大于阻力臂，所以可作省力杠杆用，故A正确；B、勺柄表面有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦，故B错误；C、“刺刀”很尖利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，受力面积的大小不能改变压力的大小，

23、故C错误；D、勺子绕着果转动时，勺子的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了学生对增大摩擦的方法、杠杆的分类，增大压强的方法，都属于基础知识，只要细心并不难解答。4（2分）下列关于生活用电常识，正确的是（）A发现有人触电时，应立即用手将触电者拉开B控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间C空气开关跳闸，一定是电路中用电器的总功率过大D正常使用测电笔检测线路时，没有电流通过人体【答案】B【分析】（1）当有人触电时，应先切断电源，再施救。（2）家庭电路中，开关应接在火线与用电器之间。（3）空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路中电流过大的原因有两个：短路或

24、总功率过大。（4）使用试电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体。【解答】解：A、发现有人触电后，应该首先切断电源，然后再进行其他的救护措施，如果直接用手去拉，则施救者也会触电，故A错误；B、家庭电路中控制电灯的开关应该接在火线和灯泡之间，这样在断开开关时，灯泡处才不会带电，故B正确；C、空气开关跳闸，可能是由于短路造成的，也可能是由于电路中用电器的总功率过大造成的，故C错误；D、用测电笔检测电路时，人体与笔尾金属体接触，有电流通过人体流向大地，只不过电流很小，不会使人触电，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能

25、违反。5（2分）2022年1月3日，“玉兔二号”从停稳在月球表面的“嫦娥四号”上沿轨道缓缓下行，到达月球表面，如图所示。关于“玉兔二号”下行的过程，下列说中正确的是（）A若以月球表面为参照物，“嫦娥四号”是运动的B若以月球表面为参照物，“玉兔二号”是静止的C若以轨道为参照物，“玉兔二号”是运动的D若以“嫦娥四号”为参照物，“玉兔二号”是静止的【答案】C【分析】在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。【解答】解：A、“嫦娥四号”停稳在月球表面上，若以月球表面为参照物，“嫦娥四号”相对于月球表面之间没有位置变化，是静止的。故A错误。

26、B、“玉兔二号”下行的过程中，若以月球表面为参照物，“玉兔二号”相对于月球表面之间发生了位置变化，是运动的。故B错误；C、若以轨道为参照物，“玉兔二号”相对于轨道上的某个点之间的位置不断发生变化，是运动的。故C正确；D、若以“嫦娥四号”为参照物，“玉兔二号”相对于“嫦娥四号”之间的位置不断发生变化，是运动的。故D错误。故选：C。【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性，在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。6（2分）如图是一款特殊的自行车，当踩动脚踏板“骑行”时，能够产生电能给手机等设备充电，同时也能达到健身的目的。下列选项中与该自行车发电原理相同的是（）ABCD

27、【答案】A【分析】知道电磁感应现象原理的含义，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流。【解答】解：自行车发电原理是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，则与自行车发电原理相同的是发电机原理，A、图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象，与电动机的原理不同，故A符合题意；B、图中是奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与发电机的原理不同，故B不合题意；C、图中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的工作原理，故C不合题意

28、；D、图中是电磁铁，利用了电流的磁效应，与发电机的原理不同，故D不合题意。故选：A。【点评】本题考查奥斯物实验、电磁感应、电磁铁和磁场对通电导线的作用等实验的辨别，知道电动机的原理是通电导体在磁场中受力或通电线圈在磁场中受力运动，并能结合图中装置做出判断，是解答的关键。7（2分）如图所示，斜面高为1m，长为4m，用沿斜面向上大小为75N的拉力F，将重为200N的木箱由斜面底端以0.2m/s的速度匀速拉到顶端，下列判断正确的是（）A重力做功的大小为800JB斜面对木箱的摩擦力大小为25NC拉力做功的功率为125WD斜面的机械效率为75%【答案】B【分析】（1）根据WGh计算木箱克服重力做功的大小

29、；（2）根据W总FL做出总功，根据W额W总W有用得出额外功，由W额fL可求得斜面对木箱的摩擦力大小；（3）由PFv可求得拉力做功的功率；（4）由计算斜面的机械效率。【解答】解：A、由题意知，木箱的重力G200N，h1m，则木箱克服重力做功：W有用Gh200N1m200J，故A错误；B、拉力F做的功W总FL75N4m300J；则克服摩擦力做功W额W总W有用300J200J100J，由W额fL可得，斜面对木箱的摩擦力大小f25N，故B正确；C、拉力做功的功率PFv75N0.2m/s15W，故C错误；D、斜面的机械效率：100%100%66.7%，故D错误；故选：B。【点评】本题主要考查了斜面有关功

30、和机械效率的计算，并理解总功、额外功、有用功的关系。8（2分）关于压强，下列说法正确的是（）A帕斯卡裂桶实验说明了液体压强与液体的重力有关B利用自制气压计，从山脚到山顶时，细管子内液柱面会下降C嘴巴吸饮料入口是利用了气体流速越大，压强越小D一个普通人单脚站立在地面上时，对地面的压强大约是2104Pa【答案】D【分析】（1）液体内部的压强随深度的增加而增大；（2）把自制气压计从山脚带到山顶时，发生变化的是海拔高度，而大气压随海拔的升高而减小，因此可从瓶内外的气压差来分析；（3）用吸管吸饮料是利用大气压完成的；（4）估测人的质量，利用FGmg求对地面的压力，估测一只脚底的面积（地面的受力面积），根

31、据p计算出对地面的压强，得出结论。【解答】解：A、帕斯卡裂桶实验，说明了液体压强随深度的增加而增大，而不是说明液体压强与液体重力有关，故A错误；B、由自制气压计的特点可知，从山脚到山顶时，外界大气压随海拔的升高而减小，细管子内液柱在瓶内气压的作用下会上升一些，故B错误；C、嘴巴吸饮料时，吸管内压强减小，饮料在大气压的作用下把饮料压入嘴里，所以吸饮料是大气压作用的结果。故C错误；D、一个普通人质量约50kg，其对地面的压力FGmg50kg10N/kg500N；对地面的压强为：p2104Pa，故D正确。故选：D。【点评】本题围绕固体压强、液体压强和大气压强，考查了在生活中的相关现象或计算，有一定综

32、合性，难度适中。9（2分）如图所示的电路中，电源电压为6V且保持不变，滑动变阻器R的规格为“40 1A”，定值电阻R1的规格为“10 0.5A”。只闭合开关S、S2当滑动变阻器R的滑片P分别在B端和中点时，R消耗的功率之比为8：9则下列判断正确的是（）只闭合开关S、S1，将R的滑片P从中点向右移动一段距离，电压表示数的变化量和电流表示数变化量的比值不变。只闭合开关S、S1，为保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的阻值范围是240。只闭合开关S、S1，为保证电路安全，定值电阻R1的功率变化范围是0.144W0.9W。定值电阻R2的阻值是10。ABCD【答案】B【分析】只闭合开关S、S1，则R1与变

33、阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测R2的电压，根据欧姆定律得出两次电压表示数表达式，两式相减，从而得出电压表示数的变化量和电流表示数变化量的比值；根据滑动变阻器R的规格为“401A”和定值电阻R1的规格为“100.5A“的含义确定电路的最大电流，由串联电路电压的规律可知变阻器的最小电压，由分压原理得出变阻器R连入电路的最小电阻；变阻器R连入电路的电阻越大，电压表示数越小，电路的电流越小，由此确定变阻器R连入电路的最大电阻；只闭合开关S、S1，为保证电路安全，根据P，当R1的电压最小（大）时，其功率也最小（大），根据电路的连接，滑动变阻器R接入电路的阻值范围是40时，由分压原理R的最大示数，

34、从而得出电压表最小示数最小，求出定值电阻R1的最小功率；电压表最大示数为3V，从而求出此时定值电阻R1的最大功率；只闭合开关S、S2，则R2与变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测R2的电压，由已知条件PI2得出两次操作中电路的电流之比，根据电压不变时，电流与电阻成反比，结合串联电阻的规律求出R1。【解答】解：只闭合开关S、S1，则R1与变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测R2的电压，将R的滑片P从中点向右移动一段距离，根据欧姆定律，两次电压表示数分别为：U2VI12R1，U1VU2VI11R3I12R1，故R1滑动变阻器R的规格为“401A”，表示R的最大电阻为10，允许通过的最大电流

35、为1A，定值电阻R1的规格为“100.5A，表示R1的电阻为10，允许通过的最大电流为0.5A，由串联电路电流的规律，电路的最大电流为8.5A，I6.3A0.5A）；故只闭合开关S、S1，为保证电路安全，滑动变阻器R接入电路的阻值范围是1040，故错误；只闭合开关S、S2，为保证电路安全，根据P，当R1的电压最小（大）时，其功率也最小（大），即滑动变阻器R接入电路的阻值范围是40时，电压表示数最小，U7实6V8.2V，P小0.144W，P大0.9W；只闭合开关S、S2，则R2与变阻器串联，电流表测电路的电流，电压表测R7的电压，故两次操作中电路的电流之比为：根据电压不变时，电流与电阻成反比，结

36、合串联电阻的规律有：即定值电阻R2的阻值是20，错误。故选：B。【点评】本题考查串联电路的规律、欧姆定律和电功率公式的运用，关键是电路的正确识别，难度较大。10（2分）原长为l的橡皮筋一端固定在O点，另一端悬挂一个小钢球，将钢球从O点释放，钢球运动到A点后开始向上返回，O、A两点间距离为2l，如图所示。则能反映钢球从O点运动到A点的过程中，其动能EV、重力势能EP、橡皮筋所受的拉力F和橡皮筋的弹性势能EK随运动距离s变化的关系图象可能是（）ABCD【答案】B【分析】（1）钢球从O点运动到A点的过程中，下降过程，重力势能转化为动能的过程；钢球从O点运动到A点的过程中，拉动橡皮筋，钢球从O点运动到

37、A点的过程中，动能转化为橡皮筋的弹性势能，动能逐渐变小，据此分析钢球从O点运动到A点的过程中，动能随移动距离变化并做出判断。（2）根据重力势能的影响因素并结合图象分析解答；（3）根据弹性势能的影响因素并结合图象分析解答。【解答】解：A、橡皮筋的原长为l，钢球从O点运动到A点的过程中，从最高点下降至l过程中，在重力的作用下钢球从O点运动到A点的过程中，做加速运动，动能逐渐变大；即整个过程中钢球的动能先增大后减小，且动能最大的点在大于l的位置；故A错误。B、钢球从O点运动到A点的过程中，质量不变，高度始终降低，故重力势能不断变小，但到达A点时，即下降至2l时，仍具有一定高度，重力势能不为零，故B正

38、确；CD、钢球从最高点下降至l过程中，橡皮筋处于原长，没有发生弹性形变，不具有弹性势能，也不会产生拉力；从l继续下降至2l过程中，橡皮筋的形变程度不断变大，弹性势能不断变大，对钢球的拉力也越来越大；故CD错误。故选：B。【点评】本题考查了动能和势能的转化过程分析以及动能随运动距离变化的关系图象的画法，弄清橡皮筋从l到2l过程的能量转化是关键。二、填空11（4分）新冠疫情牵动着所有人的心。（1）如图甲是“新冠”疫情防控期间各小区，公共场所的“出入码”，用于扫码的手机摄像头相当于一个凸透镜，二维码到摄像头的距离应满足大于二倍焦距的条件。（2）如图乙所示，蜡烛恰好在光屏上成清晰的像，这个像是放大的（

39、选填“放大”或“缩小”）；若将光屏移至刻度线50cm处，保持透镜和蜡烛位置不变，在蜡烛前面放置度数合适的远视眼镜（选填“近视”或“远视”），光屏上也能再次成清晰的像。（3）专家介绍，75%酒精溶液能很好消杀新冠病毒。小明打开容器就能闻到酒味，这一现象说明分子在不停地做无规则运动。【答案】见试题解答内容【分析】（1）凸透镜成像时，物距u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机和摄像头。（2）凸透镜成实像时，像距大于物距，成倒立、放大的实像；像距减小时，若物距不变，为了在光屏上能再次成清晰的像，应使光线提前会聚成像，因凸透镜对光线有会聚作用，所以应在蜡烛前面放置度数合适的凸透镜；远视眼镜的镜片实质是凸

40、透镜，近视眼镜的镜片实质是凹透镜，据此解答。（3）分子在不停地做无规则运动。【解答】解：（1）用于扫码的手机摄像头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像，此时物距（二维码到摄像头的距离）应大于二倍焦距；（2）图乙中，蜡烛恰好在光屏上成清晰的像（实像），且此时的像距大于物距，由凸透镜成实像的规律可知，此时成倒立、放大的实像；若将光屏移至刻度线50cm处，像距减小，保持透镜和蜡烛位置不变，为了在光屏上能再次成清晰的像，应使光线提前会聚成像，因凸透镜对光线有会聚作用，所以应在蜡烛前面放置度数合适的凸透镜；远视眼镜的镜片实质是凸透镜，则可以在蜡烛前面放置度数合适的远视眼镜，光屏上也能再次成清晰的像。（2

41、）小明打开容器就能闻到酒味，这一现象说明分子在不停地做无规则运动。故答案为：（1）大于二倍焦距：（2）放大；远视；（3）分子在不停地做无规则运动。【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用、凸透镜对光线的作用以及远视眼镜、近视眼镜的实质，难度适中。12（6分）我国“华为”公司是当今世界通讯领域的龙头企业，以手机为例，华为“Mate20pro”不仅采用4200mAh超大容量电池，并且采用“超级快充”技术，不到半小时可把电池充达一半以上，极大方便了人们的使用。已知该电池的部分参数如表所示：电池名称锂离子电池电压3.7V容量4200mAh（1）人们在使用手机长时间通话时，手机会明显发热，是因为手机将

42、电能转化为内能，损耗的能量不会转化为我们需要的能量，是因为能量的转移和转化具有方向性。手机通话过程中，是利用电磁波来传递信息的。用手机听音乐时，按压手机的侧键是为了改变声音的响度；（2）电池充满电储存的电能为55944J；（3）如图所示的两个充电器，一个标注“输出5V 600mA”，另一个标注“输出5V 4A”，其中有一个是快速充电器。假设充电效率为90%，选用快速充电器将电池从零充满需要的时间为3108s。【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据电流的热效应来分析人们在使用手机长时间通话时，手机会明显发热的原因，是因为手机将电能转化为内能；从能量的转化和转移具有方向性来分析散失到空气中的能量

43、不能转化为我们需要的能量。手机是利用电磁波的发射和接收来实现信息传递的。用手机听音乐时，按压手机的侧键是为了减小音量或增大音量，即改变声音的响度。（2）根据公式WUIt计算得电池充满电储存的电能即可。（3）先根据公式PUI计算得两个充电器的功率，判断出第二个的充电速度快；已知充电效率为90%，则消耗的电能为W充；再由公式P可得选用快速充电器将电池从零充满需要的时间。【解答】解：（1）电流通过导体时会产生热量，这是电流的热效应，人们在使用手机长时间通话时，手机会明显发热，是因为手机将电能转化为内能；由于能量的转化和转移具有方向性，这些能量散失到空气中不能转化为我们需要的能量。手机是利用电磁波的发

44、射和接收来实现信息传递的。用手机听音乐时，按压手机的侧键是为了减小音量或增大音量，即改变声音的响度。（2）电池充满电储存的电能为：WUIt3.7V4.2A3600s55944J；（3）两个充电器的功率分别为：P8U1I15V0.8A3W；所以第二个的充电速度快；已知充电效率为90%，则消耗的电能为：W充62160J；t3108s。故答案为：（1）内；方向； 电磁波；响度。（2）55944；（7）3108。【点评】本题考查了电功的计算、电功率的计算，同时还考查了对电流的热效应和电磁波信息传递的知识。13（5分）小爽同学有一块琥珀吊坠，她想利用学过的物理知识测量其密度。（1）天平调节好后将吊坠放在

45、天平左盘中，向右盘中加砝码直到天平平衡。此时，右盘中的砝码和游码的位置如图甲所示，则吊坠的质量为32.2g。（2）往量筒中倒入50mL水，将吊坠浸没在水中，液面位置如图乙所示，则吊坠的体积是14cm3，密度是2.3103kg/m3。（3）小爽同学利用缺少砝码的天平，两个相同的烧杯，量筒和水也测出了吊坠的密度。请将她的实验步骤补充完整。（已知水的密度为水）在两个烧杯中倒入等量的水，分别放在已调平衡的天平的左右盘中（图丙）。将拴着细线的吊坠浸没在左盘烧杯的水中，不碰烧杯底（图丁），用量筒向右盘的烧杯中加水到A处时天平平衡，记下加入水的体积为V1。将吊坠直接放在左盘烧杯的水中，用量筒继续向右盘的烧杯

46、中加水，直到天平平衡，并记下再次加入水的体积为V2。吊坠密度的表达式为。【答案】见试题解答内容【分析】（1）物体的质量等于砝码的质量加上游码的示数；（2）吊坠的体积等于量筒中增加水的体积，根据密度的计算公式即可求出吊坠的密度；（3）天平是一个等臂杠杆，左右两侧再次平衡时，左侧增加的压力等于吊坠受到的浮力，吊坠的体积等于V1，天平第三次平衡时，天平两侧的重力大小相等，所以右侧增加的水的重力等于吊坠的重力，水的重力为：G水m水g水gV水水g（V1+V2）吊坠的重力GmggV1，联立得出吊坠的密度。【解答】解：（1）吊坠的质量m20g+10g+2.2g32.2g；（2）吊坠的体积等于量筒中水增加的体

47、积V64ml50ml14ml14cm3；（3）天平是一个等臂杠杆，左右两侧再次平衡时，左侧增加的压力等于吊坠受到的浮力，吊坠的体积等于V6，天平第三次平衡时，天平两侧的重力大小相等，所以右侧增加的水的重力等于吊坠的重力，水的重力为：G水m水g水gV水水g（V1+V2）联立得，。故答案为：（1）32.2；（7）14；2.3103；（2）直接放在左盘烧杯的水中；。【点评】题中（1）（2）考查天平使用、固体密度的测量属基础问题，（3）缺少砝码测量密度有一定的难度。14（3分）如图所示，物体重30N，用50N的水平压力F甲压在竖直墙壁上保持静止，则物体所受的摩擦力是30N；若该物体在40N的水平拉力F

48、乙作用下，沿水平桌面匀速向右运动，则物体所受的摩擦力是40N，乙图中物体与水平桌面的接触面积是0.01m2，则水平桌面受到的压强是3000pa。【答案】见试题解答内容【分析】物体静止或做匀速直线运动时处于平衡状态，受到的力为平衡力，二力平衡时它们的大小相等，据此分析物体的受力情况得出摩擦力的大小；物体对水平面上的压力和自身的重力相等，根据p求出水平桌面受到的压强。【解答】解：（1）左图中，以物体为研究对象，物体在竖直方向受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，因物体静止处于平衡状态，受到的重力和摩擦力是一对平衡力，（2）由图中，以物体为研究对象，物体在水平方向受到水平向右的拉力和水平向左的摩擦力

49、，所以，物体所受的摩擦力f乙F乙40N；FG30N，p3000Pa。故答案为：30；40；3000。【点评】本题考查了二力平衡条件的应用和压强的计算，正确的对物体受力分析是关键，要注意水平面上物体的压力和自身的重力相等。15（3分）小明家电能表上月底的示数为，本月底的示数如图所示，他家本月消耗电能100.5kWh，小明家长时间工作的用电器总功率不得超过2200W小明将一个电风扇单独接入电路中，10min内电能表的指示灯闪烁了32次，其功率为60W。【答案】见试题解答内容【分析】（1）电能表的读数：电能表的最后一位数是小数，单位kWh；本月消耗的电能等于本月底与上月底的示数之差；（2）电能表参数

50、的意义：220V是该电能表要接在220V的电路中，10A是指该电能表的标定电流，40A是指短时间允许通过的最大电流，利用PUI求小明家间时工作的用电器最大电功率；（3）3200imp/（kWh）的含义是：电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次；据此求指示灯闪烁32次消耗的电能，再利用P求用电器的电功率。【解答】解：（1）由图示电能表可知，上月底电能表的示数为2818.2kWh，本月底电能表示数为2918.2kWh，W2918.7kWh2818.2kWh100.5kWh；（2）由图示电能表可知，电能表正常工作时的电压是220V，正常工作时允许流过电能表的最大电流为10A，小明家长时间工

51、作的用电器总功率不得超过率：PUI220V10A2200W；（3）3200imp/（kWh）表示电路中每消耗1kWh的电能，指示灯闪烁3200次；当指示灯闪烁32次时消耗的电能：电风扇的电功率：故答案为：100.5；2200；60。【点评】本题考查了使用电能表时消耗电能和电功率公式的运用，明确电能表相关参数的意义是关键。16（6分）如图所示，从光源S点发出的一条光线射向平面镜，经平面镜反射后射向墙上的P点处。请你作出这条入射光线并完成光路图。【答案】见试题解答内容【分析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线SP，与镜面的交点为入射点，再

52、完成光路。【解答】解：过镜面作出点S的对称点S，即为点光源S在平面镜中的像，连接SP与镜面交于O点，即为入射点（反射点），连接SO就得到入射光线，如下图所示：【点评】本题还可以作出P点的像P，连接SP与镜面交于O点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线。17如图所示，杠杆在水平位置平衡，货物A重为200N，请在答题卡的图中画出货物A所受重力的示意图和拉力F的力臂L。【答案】见试题解答内容【分析】画重力时要先确定重心，再沿竖直向下的方向画线段，并标出箭头与力的大小；画力臂时，应从支点向力的作用线画垂线，再用大括号标出这个线段来。【解答】解：从A的重心画竖直向下的线段，标出力的大小为20

53、0N；反向延长F的作用线，由支点向力的作用线画垂线，并用L标出，如图所示：【点评】力的示意图与力臂的作图是力学作图中最常见的两种类型，只要抓住重点、掌握方法，一般难度不大。18开关闭合后磁感线的形状如图所示，请在如图所示中标出磁铁A的两个磁极。【答案】见试题解答内容【分析】由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，则由磁极间的相互作用可知磁铁A的磁极。【解答】解：由右手螺旋定则可知，螺线管左侧为N极，右侧为S极；由同名磁极相互排斥，可知A的左侧为为S极，右侧为N极；故答案如图：【点评】本题考查右手螺旋定则、磁极间的相互作用，要求学生熟记常见磁体的磁感线形状，如条形磁铁、蹄形磁铁、同名磁极相对、异名磁极相

54、对等。19（9分）如图所示，外卖小哥使用无人机从地面向高楼阳台送餐。已知无人机质量为2.9kg，外卖质量为0.7kg，无人机先以4m/s的速度竖直上升10s，再水平匀速飞行30m到阳台。求：（g10N/kg）（1）无人机匀速上升的过程中，旋翼产生的升力为多大？（2）整个过程历时25s，则无人机水平飞行的速度为多大？（3）整个过程中无人机对外卖做功的功率为多大？【答案】见试题解答内容【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受力平衡，据此求出旋翼产生的升力；（2）先求出水平匀速飞行时间，根据速度公式求出无人机水平飞行的速度；（3）根据速度公式求出无人机上升的高度，然后求出无人机所做的功，根

55、据功率公式求出功率的大小。【解答】解：（1）无人机匀速上升的过程中，处于平衡状态，则旋翼产生的升力与无人机的总重力为一对平衡力，大小相等，旋翼产生的升力为：（2）整个过程历时25s，水平匀速飞行时间：则无人机水平飞行的速度为：（3）无人机在上升过程中通过的距离为：则克服外卖的重力所做的功为：无人机匀速飞行时，由于升力的方向竖直向上，运动方向是水平的，所以无人机对外卖不做功；P11.2W。（2）无人机水平飞行的速度为8m/s；（3）整个过程中无人机对外卖做功的功率为11.2W、【点评】本题考查了二力平衡的应用、速度的计算、功率和功的计算公式的应用，难度不大，熟练应用公式是解题的关键。20（9分）

56、如图所示，电源电压和灯L的电阻保持不变，定值电阻R120，灯L标有“6V 3W”字样。电流表量程为00.6A，电压表量程为015V，求：（1）灯泡L的电阻为多少？（2）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，电压表的示数为6V，电流表的示数为0.4A，滑动变阻器R2的最大阻值为多少？（3）在确保电路安全的情况下，电路消耗的最小功率与最大电功率之比为多少？（不考虑电路中无电流通过的情况）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据PUI求出额定电流，根据欧姆定律求出电阻；（2）将滑动变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S3时，R与滑动变阻器的最大

57、值并联，电流表测干路电流；根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R的电流，再根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（3）根据PUI可知，当电流表示数最大时，电路中的功率最大，根据PUI即可求出最大功率；当开关S2闭合，S1、S3断开，滑动变阻器与灯泡串联，并且滑动滑动变阻器接入电路在阻值最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律和PUI求出电路中的最小功率；根据电路消耗的最大功率和最小功率即可求出电路消耗的最小功率与最大电功率之比。【解答】解：（1）根据PUI可得，灯泡的额定电流：IL额0.5A，根据欧姆定律可得，灯泡的电阻：RL12；（2）将滑动

58、变阻器的滑片移到b端，闭合开关S1、S2、S4时，R与滑动变阻器的最大值并联，电流表测干路电流；因为并联电路中各支路两端的电压相等，因此电压表电源电压为6V；则通过R的电流：IR0.3A；由I可知，滑动变阻器的最大阻值：Rab60；（3）当电流表示数为0.6A时，电路中的功率最大，即最大功率：P最大UI最大6V6.6A3.6W；当开关S2闭合，S1、S4断开，滑动变阻器与灯泡串联，并且滑动滑动变阻器接入电路在阻值最大时，电路消耗的功率最小，此时电路电流：I最小A；故P最小：P最大0.5W：6.6W5：36。（2）滑动变阻器R2的最大阻值为60；（3）在确保电路安全的情况下，电路消耗的最小功率与

59、最大电功率之比为5：36。【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别，要注意在确保电路安全的情况下电路最大电流的确定。21（8分）小明用如图甲所示的电路来测量小灯泡的电功率（电源电压3V，小灯泡的额定电压2.5V）。（1）请用笔画线代替导线将小明组的电路连接完整，要求向右移动滑片时灯泡变亮。（2）连接图甲的电路时滑动变阻器的滑片应调到最左端（选填“左”或“右”）。（3）连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器，发现小灯泡不亮，电压表示数近似等于3V，电流表示数几乎为零，电路故障可能是：灯泡断路。（4）排除故障后，闭合开关，移

60、动滑片P至电压表的示数如图乙所示，其读数为2.2V，当滑动变阻器的滑片P向右端移动时，滑动变阻器两端的电压减小（选填“增大”或“减小”）。（5）小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡UI图象，如图丙所示，则小灯泡的额定功率是0.75W。（6）如果把灯光调暗，使小灯泡两端的电压为2.4V，小灯泡的实际功率占电路总功率的百分比是80%。（7）小明想继续研究小灯泡在电压U0.5V时的发光功率情况。可是无论如何移动滑动变阻器都无法达到想要的数值，请教老师后老师给了图丁让他尝试，结果小明顺利的完成了实验，其原因是用图丁做本次实验，滑动变阻器可调节小灯泡两端电压的范围是03V。【答案】