2022-2023学年山东省德州市陵城一中物理高三上期中统考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、如图所示，轻杆长为L.一端固定在水平轴上的O点，另一端系一个小球(可视为质点）小球以O为圆心在竖直平面内做圆周运动，且能通过最高点，g为重力加速度下列说法正确的是A小球通过最高点时速度不可能小于B小球通过最高点时所受轻杆的作用力可能为零C小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大D小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小2、一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起,第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用下列判断正确的是( )A02s内外力的平均功率是WB第2秒内外力所做的功是JC第2秒末外力的瞬时功率最大D第

3、1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是3、如图所示，两平行的带电金属板水平放置若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45，再由a点从静止释放一同样的微粒，改微粒将A保持静止状态B向左上方做匀加速运动C向正下方做匀加速运动D向左下方做匀加速运动4、真空中有一半径为r0的带电金属球壳，若取无穷远处为零电势，通过其球心的一直线上各点的电势分布规律可用图中曲线表示，r表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上A、B两点离球心的距离。下列说法中正确的是A该球壳带负电BA点的电场强度大于B点的电场强度C若r2-r1= r1-r0，

4、则A-B=0-AD将电子从么点移到B点，电场力做正功5、 “蹦极”是一项非常刺激的体育运动，某人身系弹性绳自高空中点由静止开始下落，如图所示，点是弹性绳的原长位置，点是人所能达到的最低位置，点是人静止悬挂时的平衡位置，则在人从点下落到点的过程中A在段，人处于完全失重状态，不受力B在段，绳的拉力小于人的重力，人处于超重状态C在段，绳的拉力大于人的重力，人处于失重状态D在点，人的速度为零，绳的拉力大于人的重力6、在光滑绝缘水平面上，三个带电小球a、b和c分别位于边长为l的正三角形的三个顶点上；a、b带正电，电荷量均为q，整个系统置于方向水平的匀强电场中。若三个小球均处于静止状态，则c球的带电量为（

5、）A+q B-q C+2qD-2q二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为甲、乙两个质点同时、同地向同一方向运动的vt图，由图可知A在03 s内，甲做匀加速直线运动B甲在3 s后改做匀速运动，在7 s末乙追上甲C57 s内两者相互逐渐靠近D07 s内两者在前进方向上的最大距离大于5 m8、两异种点电荷A、B附近的电场线分布如图所示，P为电场中的一点，已知P点的电势为，电荷A产生的电场在P点的场强大小为EA，电 荷B产生的电场在P点的场强大小为EB取无穷远处的电势

6、为零下列说法中正确的有（） AA、B所带电荷量不等BP点的场强大小为EA+EBCA、B连线上有一个电势为零的点D将电荷为+q的点电荷从P点移到无穷远处，电场力做的功为q9、如图所示，电场强度为E的匀强电场方向竖直向上，质量为m的带电荷量为+q的小球从a点以速度v0水平射入电场中，到达b点时的速度大小为，已知a、b间的水平距离为d，则下列说法正确的是A在相等的时间内小球速度的变化量相等B在相等的时间内电场力对小球做的功相等C从a点到b点电场力做功为D从a点到b点重力做功为mgd10、2018年2月2日,我国成功将电磁监测试验卫星“张衡一号”发射升空,标志我国成为世界上少数拥有在轨运行高精度地球物

7、理场探测卫星的国家之一。通过观测可以得到卫星绕地球运动的周期,并已知地球的半径和地球表面处的重力加速度。若将卫星绕地球的运动看作是匀速圆周运动,且不考虑地球自转的影响,根据以上数据可以计算出卫星的( )A质量B向心加速度的大小C离地高度D线速度的大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图 1 所示为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图砂和砂桶的总质量为m，小车和砝码的总质量为 M实验中用砂和砂桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端滑轮的高度，使细线与长木板

8、平行接下来还需要进行的一项操作是_A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节 m 的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去砂和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动（2）甲、乙、丙、丁四个实验小组根据实验数据画出的图象分别如下，对于这四个图象，分析正确的是_A甲未平衡摩擦B乙平衡摩擦过度C丙是小车质量太大了D丁是不满足 mM 的条件（3）

9、图 3 是试验中得到的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G 为 7 个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出量出相邻的计数点之间的距离分别为SAB=4.22cm、SBC=4.65cm、SCD=5.08cm、SDE=5.49cm、SEF=5.91cm、SFG=6.34cm已知打点计时器的工作频率为 50Hz，则小车的加速度 a=_m/s2（结果保留 2 位有效数字）12（12分）测一量程为3V的电压表的内阻，其内阻估计在10k20k之间。提供下列器材：A电源：电动势6VB滑动变阻器，最大阻值200C电流表：量程200A；内阻约200D电流表：量程50mA；内阻约100E.电流表：量程

10、0.6A，内阻0.4F.电键一个、导线足够(1)为了使实验顺利进行并减小误差，电流表应选用_（填代号）；(2)某同学连接的实验电路如图所示，所连电路存在明显错误。经仔细观察发现，只要添加一根导线即可，那么添加的导线应接在_两点间（填字母）。实验前滑动变阻器的滑动触头应滑到最_端（填“左”“右”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）2022年22月，我国舰载机在航母上首降成功设某一舰载机质量为m = 25204kg，着舰速度为v0=50m/s，着舰过程中航母静止不动发动机的推力大小恒为F = 22205N，

11、若空气阻力和甲板阻力保持不变（2）若飞机着舰后，关闭发动机，仅受空气阻力和甲板阻力作用，飞机将在甲板上以a0=2m/s2的加速度做匀减速运动，航母甲板至少多长才能保证飞机不滑到海里（2）为了让飞机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了拦阻索让飞机减速，同时考虑到飞机尾钩挂索失败需要复飞的情况，飞机着舰时并不关闭发动机若飞机着舰后就钩住拦阻索，图示为飞机钩住拦阻索后某时刻的情景，此时飞机的加速度大小为a2=38m/s2，速度为40 m/s，拦阻索夹角=206两滑轮间距40m，（）a求此时拦阻索承受的张力大小b飞机从着舰到图示时刻，拦阻索对飞机做的功14（16分）如图所示为四旋翼无人机，它是一种能

12、够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用一架质量m=1 kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=36 N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4 N取g=10 m/s1求：（1）无人机以最大升力在地面上从静止开始竖直向上起飞，在t1=5 s时离地面的高度h；（1）某次表演时，当无人机悬停在距离地面高度H=45m处，让无人机突然失去升力而坠落，要保证无人机不与地面相撞，求最迟在多高处恢复升力；(认为无人机的运动在同一竖直线上)15（12分）长木板A放在光滑的水平面上,质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面,由于A、B间存在摩擦,之后A、

13、B速度随时间变化情况如图所示,求:（1）系统损失的机械能为多少;（2）木板A的最小长度为多少;（3）A、B间的动摩擦因数为多少参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】在轻杆小球模型中，小球通过最高点时的最小速度为零，选项A错误；当小球通过最高点的速度时，小球所受轻杆的作用力为零，选项B正确；若小球通过最高点时受到杆的作用力为支持力，则有，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而减小，当小球通过最高点受到杆的作用力为拉力时，有，此时小球通过最高点时所受轻杆的作用力随小球速度的增大而增大，故选项C、

14、D错误2、A【解析】A由动量定理Ft=mv2-mv1求出1s末、2s末速度分别为：v1=2m/s、v2=3m/s由动能定理可知合力做功为：故02s内功率是： 故A正确；BD第1秒内与第2秒内动能增加量分别为： 故第2s内外力所做的功为2.5J；第1秒内与第2秒内动能增加量的比值为4：5，故BD错误；C1s末、2s末功率分别为：P1=F1v1=4WP2=F2v2=3W；第2秒末外力的瞬时功率不是最大故C错误；3、D【解析】现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转时，两板间的电场强度不变，电场力也不变，所以现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转后，带电微粒受两大小相等的力的作用，合力方向

15、向左下方，故微粒将向左下方做匀加速运动，故D正确，A、B、C错误【考点定位】电容器，电场力，力的平衡【方法技巧】本题主要是:要理解这个题目的实质是在二力平衡作用下物体静止，如果一个力转动45，而大小不变，物体会乍样运动？4、B【解析】A项：根据图象，从球向外电势降低；电场线从正电荷出发终止于负电荷，沿着电场线电势逐渐降低；故该球带正电；故A错误；B项：根据场强公式可知，图象斜率大小等于场强，则得A点的电场强度大于B点的电场强度，故B正确；C项：由于图象斜率大小等于场强，从O到A再到B，电场强度逐渐减小；故若r2-r1=r1-r0，则A-B0-A，故C错误；D项：电子沿直线从A移到B的过程中，电

16、场力方向由B指向A，所以电场力做负功，故D错误。5、D【解析】A.在段，人做自由落体运动，加速度为g，故处于完全失重状态，但是受到重力作用，故A错误；B.在点时，重力等于拉力，故在段，绳的拉力大小小于人的重力，人处于失重状态，B错误；C.在段，绳的拉力大小大于人的重力，人处于超重状态，C错误；D.在点，人的速度为零，绳的拉力大于人的重力，人由向上的加速度，D正确；故选D。6、D【解析】a、b带正电，要使a、b都静止，c必须带负电，否则匀强电场对a、b的电场力相同，而其他两个电荷对a和b的合力方向不同，两个电荷不可能同时平衡，设c电荷带电量大小为Q，以a电荷为研究对象受力分析，根据平衡条件得c、

17、b对a的合力与匀强电场对a的力等值反向，即为：=cos所以C球的带电量为-2qA+q与分析不符，故A错误；B-q与分析不符，故B错误；C+2q与分析不符，故C错误；D-2q与分析不符，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】在03s内，甲的速度时间图象是曲线，所以甲做变加速运动，故A错误甲在3s后改做匀速运动，在07s内甲图形所包围的面积大于乙图形所包围的面积，所以在7s末乙没有追上甲，故B错误5s末，甲在前面，乙在后面，但5s末后乙的速度大于甲的速

18、度，所以57s内两者相互逐渐靠近，故C正确当两者速度相等时，前进方向上的距离最大，在05s内，图形所包围的面积等于它们的位移，根据面积之差知道最大距离大于5m，故D正确故选CD【点睛】解决图象问题一是要注意图象的横纵坐标的含义以确定是什么图象；二是要明白图象代表的物理含义：速度图象的斜率等于物体的加速度；“面积”表示位移8、ACD【解析】根据等量异种点电荷的电场线分布图具有对称性，而该图左右不对称，知A、B所带的电荷量不相等，故A正确；P点的场强是点电荷A、B在P点产生的合场强；根据平行四边形定则可以得出P点的场强，可知P点的场强小于EA+EB，故B错误；如果取无穷远处的电势为零，正电荷附近的

19、电势高于零，负电荷附近低于零，所以其A、B连线上有电势为零的点，故C正确；根据W=q（0）=q知，电场力做功为q，故D正确。所以ACD正确，B错误。9、AC【解析】因为是匀强电场，所以电场力恒定不变，而重力也恒定不变，所以合力恒定不变，故加速度恒定不变，在相等的时间内小球速度的变化量相等，选项A正确；小球在竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，相等时间内小球在竖直方向的位移不相等，所以在相等的时间内电场力对小球做的功不相等，选项B错误；小球在b点时竖直分速度与水平分速度大小相等，则从a点到b点竖直位移等于水平位移的一半，即，则重力做功为，电场力做功为，选项C正确、选项D错误10、BCD【解析】

20、A 卫星在环绕地球做匀速圆周时，由万有引力提供向心力进行计算时，卫星的质量会被约掉，因此求不出卫星得质量，A错误B据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：向心加速度可以求得向心加速度，故B正确；C根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：解得： 可以求出卫星的高度。故C正确；D由牛顿第二定律得： 解得：可知可以求出卫星的线速度，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 B; D; 0.42;【解析】（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，可以将长木板的一段垫高，撤

21、去砂和砂桶，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，故B正确，ACD错误。（2）图甲操作时当F=0时，已经有了加速度，故摩擦力平衡过量，故A错误；图乙操作时F0时，而加速度为零，故未摩擦力平衡或平衡的不足，故B错误；设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对砂桶和砂有：mgF=ma，由此解得：F=mg1+mM，由此可知当Mm时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，在aF图中，a与F成线性关系，当不满足mM的条件时，加速度随力的变化偏小，故C错误、D正确。所以D正确，ABC错误。（3）根据x=aT2，运用逐差法得：a=xDG-xAD9T2=6.34+5.91+5.49-5.08-4.65-4.2290.1210-2m/s2=0.42m/s2。12、C ef 左 【解析】(1)1根据可得电压表满偏时流过电压表的电流约为，为了使实验顺利进行并减小误差，电流表应选用C；(2)2由于电压表的内阻远大于滑动变阻器的最大阻值，所以滑动变阻器应采用分