2022-2023学年铜川市重点中学物理高三上期中联考试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质点沿x轴正方向做直线运动，通过坐标原点时开始计时，其图象如图所示，则 ()A质点在1 s末的速度为1.5 m/sB质点在第1 s内的平均速度为1.5 m/sC质点做匀加速直线运动，在前2秒内的位移为2mD质点做匀加速直线运动，加

2、速度为0.5 m/s22、一质点静止在光滑水平面上，现对其施加水平外力F，F随时间按正弦规律变化，如图所示，下列说法正确的是 ( ) A第2s末质点的动量为零B第4s末，质点回到出发点C在1-3s时间内，F的功率先增大后减小D在1-3s时间内，F的冲量为0.3、如图所示，质量为m的小球用水平弹簧系住，并用倾角为300的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态.当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度为（ ）A0B大小为g，方向竖直向下C大小为g，方向水平向右D大小为g，方向垂直木板向下4、2015年7月23日凌晨，美国宇航局（NASA）发布消息称其天文学家们发现了迄今“最接近另一个地球”的系外

3、行星，因为围绕恒星Kepler 452运行，这颗系外行星编号为Kepler 452b，其直径约为地球的1.6倍，与恒星之间的距离与日地距离相近，其表面可能存在液态水，适合人类生存设Kepler 452b在绕恒星Kepler 452圆形轨道运行周期为T1，神舟飞船在地球表面附近圆形轨道运行周期为T2，恒星Kepler 452质量与地球质量之比为p，Kepler 452b绕恒星Kepler 452的轨道半径与地球半径之比为q，则T1、T2之比为（ ）ABCD5、我国正在进行的探月工程是高新技术领域的一次重大科技活动，在探月工程中飞行器成功变轨至关重要。如图所示，假设月球半径为R，月球表面的重力加速

4、度为g0，飞行器在距月球表面高度为3R的圆形轨道I上运动，到达轨道的A点点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的近月点B再次点火进入近月轨道，绕月球做圆周运动则（）A飞行器在B点处点火后，动能增加B由已知条件不能求出飞行器在轨道上的运行周期C只有万有引力作用情况下，飞行器在轨道上通过B点的加速度大小小于在轨道I上通过B点的加速度D飞行器在轨道上绕月球运行一周所需的时间为6、在绕地球的圆形轨道上飞行的航天飞机上，将质量为m的物体挂在一个弹簧秤上，若轨道处的重力加速度为g，则下面说法中正确的是( )A物体所受的合外力为mg，弹簧秤的读数为零B物体所受的合外力为零，弹簧秤的读数为mgC物体所受的合外力为零，

5、弹簧秤的读数为零D物体所受的合外力为mg，弹簧秤的读数为mg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示， MN为同一竖直线上相距为h的两点，空间存在竖直平面内方向未知的匀强电场。一带电小球（m、q）从M点以速度v0=水平抛出，刚好能够通过N点，过N点时速度大小v=2，重力加速度为g，则（ ）A小球从M到N点动能变化量为3mghB电场强度E=C小球从M到N点用时t=D小球从M到N点用时t=8、某科研小组用火箭模型模拟火箭发射升空,该模型在地面附近一段位移内的发射功率恒

6、为,从静止开始竖直向上发射,发射过程中火箭受到含重力在内的一切阻力的合力大小(为比例常量)火箭的质量为,忽略其质量变化,设火箭在这段位移内可以达到最大速度,则A在加速过程中,火箭加速度和速度均增大B在加速过程中,火箭处于超重状态C火箭在上升过程中的最大速度为D火箭达到最大速度的一半时的加速度大小为9、如图所示，竖直光滑管形圆轨道半径为R（管径远小于R）固定，小球a、b大小相同，质量相同，均为m，其直径略小于管径，能在管中无摩擦运动，两球先后以相同的速度v通过轨道最低点，且当小球a在最低点时，小球b在最高点，以下说法正确的是A速度v至少为时，才能使两球在管内偶完整圆周运动B速度v至少为时，才能使

7、两球在管内做完整圆周运动C当小球b在最高点对轨道无压力时，小球a比小球b所需向心力大5mgD只要，小球a对轨道最低点压力比小球b对轨道最高点压力都大6mg10、一带正电粒子在正点电荷的电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动取该直线为X轴，起始点O为坐标原点，则下列关于电场强度E、粒子动能Ek、粒子电势能EP、粒子加速度a与位移X的关系图像可能的是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲所示，质量为m的滑块A放在气垫导轨上，B为位移传感器，它能将滑块A到传感器B的距离数据实时传送到计算机上，经计算机处理后在屏幕

8、上显示滑块A的速率-时间（）图象整个装置置于高度h可调节的斜面上，斜面长度为（1）现给滑块A沿气垫导轨向上的初速度，其图线如图乙所示从图线可得滑块A上滑时的加速度大小_（结果保留一位有效数字）（2）若用此装置来验证牛顿第二定律，通过改变_，可验证力一定时，加速度与质量成反比的关系；通过改变_，可验证质量一定时，加速度与力成正比的关系（重力加速度g的值不变）12（12分）图甲所示为某同学研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”的实验装置示意图 （1）下面列出了一些实验器材：打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂桶和砂、刻度尺除以上器材外，还需要的实验器材有_A秒表

9、 B天平（附砝码） C低压交流电流 D低压直流电源（2）实验中，需要补偿打点计时器对小车的阻力及其它阻力：小车放在木板上，后面固定一条纸带，纸带穿过打点计时器把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能_（选填“拖动纸带”或“不拖动纸带”）沿木板做匀速直线运动（3）实验中，为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力，砂和砂桶的总质量与小车和车上砝码的总质量之间应满足的条件是_这样，在改变小车上砝码的质量时，只要砂和砂桶质量不变，就可以变为小车所受拉力几乎不变（4）如图乙所示， 、为三个相邻的计数点，若相邻计数点之间的间隔为， 、间的距离为、间的距离为，则小车的加速

10、度_已知， ， ，则_（结果保留位有效数字） （5）在做该实验时，另一位同学以小车的加速度的倒数为纵轴，以上车和车上砝码的总质量为横轴，描绘出图象假设实验中他已经完全消除了摩擦力和其它阻力的影响，但与并没满足本实验所需的条件；则从理论上分析，图丙中能够正确反映他所得到的关系的示意图是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，可看成质点的木块放在长L=1m的木板的右端，木板静止于水平面上，已知木块的质量和木板的质量均为1.0kg，木块与木板之间的动摩擦因数1=0.1，木板与水平面之间的动摩擦因数1=0.

11、1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度取g=10m/s1求：（1）木块与木板不发生相对滑动的水平恒力F大小要满足的条件；（1）若从t=0开始，木板受F=16N的水平恒力作用时，木块和木板的加速度； （3）木块经多长时间从木板上滑下；（4）当t=1s时，木板的速度.14（16分）一质量为M=4kg的长木板在粗糙水平地面上向右运动，在t=0时刻，木板速度为vo=6m/s,此时将一质量为m=2kg的小物块(可视为质点)无初速度地放在木板的右端，二者在01s内运动的v-t图象如图所示。己知重力加速度g=10m/s2。求： (1)小物块与木板的动摩擦因数1,以及木板与地面间的动摩擦因数2；

12、(2)若小物块不从长木板上掉下,则小物块最终停在距木板右端多远处?(3)若在t=1s时,使小物块的速度突然反向(大小不变),小物块恰好停在木板的左端,求木板的长度L。15（12分）如图所示，半径R0.4 m的光滑半圆轨道与粗糙的水平面相切于A点，质量为m1 kg的小物体（可视为质点）在水平拉力F的作用下，从静止开始由C点运动到A点，物体从A点进入半圆轨道的同时撤去外力F，物体沿半圆轨道通过最高点B后做平抛运动，正好落到C点，已知xAC1 m，物体与水平面的动摩擦因素为0.48，g取10 m/s1试求：（1）物体在B点时的速度大小（1）物体到达半圆轨道A点时对轨道的压力大小；（3）物体从C到A的

13、过程中，外力F做的功参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】ACD.由图得：根据：得：对比可得：m/s则加速度为：m/s2由图知质点的加速度不变，说明质点做匀加速直线运动，则质点在1s末速度为：1+1=2m/s前2s内的位移为：m故ACD错误。B.质点在第1s内的平均速度：m/s故B正确。2、D【解析】从图象可以看出在前2秒力的方向和运动的方向相同，物体经历了一个加速度逐渐增大的加速运动和加速度逐渐减小的加速运动，所以第2s末，质点的速度最大，动量最大，故A正确；该物体在后半个周期内受到的力与前半个周期受到的

14、力的方向不同，前半个周期内做加速运动，后半个周期内做减速运动，所以物体在1-T内的位移为正，即第4s末，质点没有回到出发点，故B错误12s内，速度在增大，力F先增大后减小，根据瞬时功率p=Fv得力F瞬时功率开始时为1，2s末的瞬时功率为1，所以在12s时间内，F的功率先增大后减小，故C正确在F-t图象中，F与t之间的面积表示力F的冲量，由图可知，1-2s之间的面积与2-3s之间的面积大小相等，一正一负，所以和为1，则在13s时间内，F的冲量为1故D正确故选ACD.点睛：物理图象图型是描述和解决物理问题的重要手段之一，若巧妙运用，可快速解决实际问题，有些题目用常规方法来解，相当繁琐，若能结合图象

15、图型，往往能起到化难为易的奇效3、D【解析】木板撤去前，小球处于平衡态，根据共点力平衡条件先求出弹簧的弹力，撤去木板瞬间，木板的支持力消失，弹簧的弹力和重力不变，求出合力后，即可由牛顿第二定律求出小球的加速度【详解】木板撤去前，小球处于平衡态，受重力、支持力和弹簧的拉力，如图根据共点力平衡条件，有：F-Nsin30=0；Ncos30-G=0；解得支持力 N=mg，弹簧的弹力 F=mg；木板AB突然撤去后，支持力消失，重力和弹簧的拉力不变，合力大小等于支持力N，方向与N反向，故此瞬间小球的加速度大小为：，方向垂直木板向下故选D【点睛】本题的关键对小球受力分析，抓住弹簧的弹力不能突变，由牛顿第二定

16、律求瞬时加速度4、D【解析】对于Kepler 452b，根据万有引力提供向心力得：，解得：；神舟飞船在地球表面附近圆形轨道运行周期为T2，有：，解得：，恒星Kepler 452质量与地球质量之比为p，Kepler 452b绕恒星Kepler 452的轨道半径与地球半径之比为q，则有：故ABC错误，D正确；故选D【点睛】此题就是根据万有引力提供向心力得出周期与轨道半径以及中心天体质量的关系，结合中心天体质量之比、轨道半径之比求出周期之比5、D【解析】A飞船要在B点从椭圆轨道进入圆轨道，做近心运动，要求万有引力大于飞船所需向心力，所以应给飞船点火减速，减小所需的向心力，故在B点火减速后飞船动能减小

17、，故A错误；BD设飞船在近月轨道绕月球运行一周所需的时间为T3，则有，联立解得，根据几何关系可知，轨道的半长轴a=2.5R，根据开普勒第三定律有由此可解得轨道上运动的周期，故B错误，D正确。C根据牛顿第二定律有解得，可知在同一点距离相等，故加速度相同，故C错误。故选D。6、A【解析】在绕地球的圆形轨道上飞行的航天飞机上，物体处于完全失重状态，根据牛顿第二定律分析弹簧秤的读数。【详解】在绕地球的圆形轨道上飞行的航天飞机上，物体所受的合外力等于重力mg，根据牛顿第二定律，物体的加速度为g，物体处于完全失重状态，弹簧秤的读数为零，A正确，BCD错误。【点睛】在轨道运动的航天飞机处于完全失重状态，在地

18、面上由于重力产生的现象消失，弹簧称不能用来测量物体的重力。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A根据动能定理可得小球从M到N点动能变化量为：，解得：Ek3mgh故A符合题意。BCD将小球的运动分解为水平方向的运动与竖直方向的运动，由于竖直方向重力与电场力都做正功，可知在竖直方向电场力的分量竖直向下；由于N点恰好在M点的正下方，选择竖直方向为y方向，水平方向为x方向，则电场力沿水平方向的分量不做功，所以：WFyh，根据动能定理得：W+mghmv2mv02，

19、解得电场力沿竖直方向的分量为：Fy2mg小球沿竖直方向的加速度为：，根据得小球运动的时间为：小球到达N点时沿竖直方向的分速度为：vyayt，小球沿水平方向的分速度为：。在水平方向上根据动量定理有：Fxtmvxmv0。所以有：Fx2mg则小球受到的电场力为：，所以电场强度为：故BD符合题意，C不符合题意。8、BD【解析】A.加速上升过程中，火箭受到向上的推力为和阻力，可知速度最大推力减小，阻力最大，由牛顿第二定律，可知加速度减小，故A错误B.向上加速过程中，加速度向上，处于超重状态，故B正确C.当时速度达到最大，即，解得最大速度为，故C错误D.当速度，此时火箭受到的向上的推力为，由牛顿第二定律可

20、得，其中，由以上方程解得加速为，故D正确9、AD【解析】小球恰好通过最高点时的速度为零，运动过程中只有重力做功，所以，解得，故A正确B错误；在最高点小球对轨道无压力，则重力完全充当向心力，则，解得，根据机械能守恒小球a在最低点的速度为，解得，在最高点无压力时，向心力；最低点时，向心力，即a球比b球所需向心力大4mg，C错误；当时，在最高点时，管道对小球有向下的压力，由，解得；最低点时，有；解得，所以，由机械能守恒可得：，解得：，根据牛顿第三定律得：只要能做完整的圆周运动，压力之差都等于6mg，故D正确。10、CD【解析】根据公式可得电场强度是关于位移的二次函数，不是一条直线，A错误；因为只有电

21、场力做功，所以根据动能定理可得，而E不是匀强电场，所以不是关于x的一次函数，故B错误；电场力做正功，电势能减小，故C正确；加速度，D正确【点睛】做本题时根据点电荷的场强公式分析电场强度随x的变化情况，根据动能定理分析动能随x的变化情况，根据电势能与x图线的斜率分析其图象的正误，根据牛顿第二定律分析加速度随x的变化图线的正误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 调节滑块的质量及斜面的高度，且使mh不变 高度h 【解析】(1)在v-t图象中斜率代表加速度故(2)牛顿第二定律研究的是加速度与合外力和质量的关系当质量一定时，可以改变力的大小，当

22、斜面高度不同时，滑块受到的力不同，可以探究加速度与合外力的关系由于滑块下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力提供，所以要保证向下的分力不变，应该使不变，所以应该调节滑块的质量及斜面的高度，且使mh不变【点睛】解答本题关键是能够把v-t图象运用物理规律结合数学知识解决问题对滑块进行运动和受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决问题12、 BC 拖动纸带 C【解析】(1)研究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”的实验，所以用天平测量小车的质量，用交流电源供打点计时器使用，所以BC选项是正确的；(2)平衡摩擦力时，把木板一端垫高，调节木板的倾斜度，使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿

23、木板做匀速直线运动即可；(3)假设小车的加速度为，拉力为对砂和砂桶： ；对小车： ；联立得： ，故只有在 的情况下近似认为拉力等于(4)由得： ，代入数据得： ；(5)根据牛顿第二定律得： ，则，则以为纵轴，以总质量为横轴，作出的图象为一倾斜直线，且纵截距为，所以C选项是正确的；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）F12N （1）2m/s2 ；4m/s1（3）1s（4）11m/s【解析】（1）对物体A：1mAg=mAa解得：a=2m/s2 对整体：F-2(mA+mB)g=(mA+mB)a 代入数据计算得出:

24、F=11N 则保持相对静止 F11N（1）木板受F=16N的水平恒力作用时木板和木块产生相对滑动，根据牛顿第二定律，对B： F-2(mA+mB)g-1mAg=mBaB对A： 1mAg=mAa代入数据计算得出: aA=2m/s2 aB=4m/s2 （3）设物体A经时间t从木板B上滑下，此时A的位移: x1=12aAt2B的位移: x2=12aBt2 x2-x1=L联立以上三式，代入数据得: t=1s（4）因为t=1s时，A已经滑落木板，之后对B:设B的加速度为aB，根据牛顿第二定律得: F-2mBg=mBaB代入数据得: aB=7m/s2则t=2s时，B的速度: vB=aBt+aBt=41+71=11m/s【点睛】本题是一道典型的板块模型力学综合题，分析清楚物体运动过程是解题的关键，要分析出隐含的临界条件，即两物体刚好产生相对滑动时的F值，应用牛顿第二定律与运动学公式可以解题14、（1）1=0.1，2=0.3；（2）2.625m；（3）3.6m；【解析】（1）由v-t图象得到小物块的加速度，根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因数；再对长木板受力分析，根据v-t图象得到加速度，根据牛顿第二定律列式求解木板与地