2023届陕西省咸阳市永寿县中学物理高三上期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两质量相等的小球a、b用轻弹簧A、B连接并悬挂在天花板上保持静止现用一水平力F作用在a上并缓慢拉a，当B与竖直方向夹角为45时，A、B伸长量刚好相同若A、B的劲度系数分别为k1、k2，则以下判断正确的是（ ）AA、B

2、两弹簧产生的弹力大小相等B撤去F的瞬间，a球的加速度为2gCD撤去F的瞬间，b球处于失重状态2、如图所示，一根长为l的轻质软绳一端固定在O点，另一端与质量为m的小球连接，初始时将小球放在与O点等高的A点，OA=，现将小球由静止状态释放，则当小球运动到O点正下方时，绳对小球拉力为（）（已知：sin37=0.6，cos37=0.8）A2mgB3mgCD3、在“探究力的平行四边形定则”实验中，下列不正确的实验要求是（）A弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行B两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直C读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度D使用弹簧测力计时，不能超过其量程4、如图，质量相同的两小球a，b分别从斜面

3、顶端A和斜面中点B沿水平方向被抛出，恰好均落在斜面底端，不计空气阻力，则以下说法正确的是（ ）A小球a，b离开斜面的最大距离之比为2：1B小球a，b沿水平方向抛出的初速度之比为2：1C小球a，b在空中飞行的时间之比为2：1D小球a，b到达斜面底端时速度与水平方向的夹角之比为2：15、如图所示，一位同学从操场A点出发，向西走了，到达B点，然后又向北走了，达到C点在从A点到C点的过程中，该同学的位移大小是（ ）A470mB50m.C40mD30m6、如国所示，在粗糙水平地面放一质量为M的斜面，质量为m的木块沿斜面匀速下滑，此过程斜面保持静止，则（ ）A地面对斜面有水平向右的摩擦力B地面对斜面有水平

4、向左的摩擦力C地面对斜面的支持力等于(M+m)gD地面对斜面的支持力小于(M+m)g二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的物体由静止开始下落，在空气阻力的影响下物体下落的加速度为g，在物体下落高度为h的过程中，下列说法正确的是A物体的动能增加了mghB物体的机械能减少了mghC物体克服阻力所做的功为mghD物体的重力势能减少了mgh8、一质量为2 kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则At=1 s时物块的速率为1 m

5、/sBt=2 s时物块的动量大小为2 kgm/sCt=3 s时物块的动量大小为3kgm/sDt=4 s时物块的速度为1 m/s9、如图所示，光滑水平面OB与足够长粗糙斜面BC交于B点轻弹簧左端固定于竖直墙面，用质量为m1的滑块压缩弹簧至D点，然后由静止释放滑块，滑块脱离弹簧后经B点滑上斜面，上升到最大高度，并静止在斜面上换用相同材料、质量为m2的滑块(m2m1)压缩弹簧至同一点D后，重复上述过程不计滑块经过B点时的机械能损失，下列说法正确的是( )A两滑块到达B点的速度相同B两滑块沿斜面上升过程中的加速度相同C两滑块上升到最高点的过程中克服重力做的功相同D两滑块上升到最高点的过程中因摩擦产生的

6、热量相同10、在离水平地面高处将一质量为的小球水平抛出，在空中运动的过程中所受空气阻力大小恒为，落地时小球距抛出点的水平距离为，速率为，那么，在小球运动的过程中（ ）A重力做功为B克服空气阻力做的功为C落地时，重力的瞬时功率为D重力势能和机械能都逐渐减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）三个同学根据不同的实验条件，进行了探究平抛运动规律的实验：(1)甲同学采用如图甲所示的装置用小锤击打弹性金属片，金属片把A球沿水平方向弹出，同时B球被松开自由下落，观察到两球同时落地，改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地

7、，这说明 _ (2)乙同学采用如图乙所示的装置两个相同的弧形轨道M、N，分别用于发射小铁球P、Q，其中N的末端可看作与光滑的水平板相切（水平板足够长），两轨道上端分别装有电磁铁C、D；调节电磁铁C、D的高度使ACBD，从而保证小铁球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等现将小铁球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的末端射出实验可观察到的现象是_ 仅仅改变弧形轨道M的高度，重复上述实验，仍能观察到相同的现象(3)丙同学采用频闪摄影的方法拍摄到如图丙所示的小球做平抛运动的照片，图中每个小方格的边长为L2.5 cm，则由图可求得该小球做平抛运

8、动的初速度大小为_ m/s.(保留2位有效数字，g取10m/s2)12（12分）为准确测绘小灯泡的伏安特性曲线，利用如下器材设计了甲乙两个电路A小灯泡（额定电压为2.5V，额定电流为0.3A）B电流表（量程0-0.6A，内阻约2）C电压表V（量程0-3V内阻约10k）D滑动变阻器（0-52，3A）E.直流电源B（约为3V）F.开关、导线若干（1）实验电路选择_。（填甲或乙）（2）如图丙是利用欧姆表测定小灯泡的电阻_.（3）按照实验测得的伏安特性曲线如丁图中的1曲线，考虑误差因素，真实的伏安特性曲线更接近_曲线（填2或3）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求

9、写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，导热性能良好的气缸内用活塞封闭有一定质量的理想气体，活塞用轻弹簧与缸底相连，当气缸如图甲水平放置时，弹簧伸长了，活塞到缸底的距离为，将气缸缓慢转动竖直放置，开口上，如图乙表示，这时活塞刚好向缸底移动了的距离，已知活塞的横截面积为S，活塞与缸壁的摩擦不计，且气密性好，活塞的质量为m，重力加速度为g，大气压强为，求：弹簧的劲度系数的大小；从甲图到乙图的过程中，活塞重力做的功及大气压力对活塞做的功各为多少？14（16分）长木板A放在光滑的水平面上,质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=2m/s滑上原来静止的长木板A的表面,由于A、B

10、间存在摩擦,之后A、B速度随时间变化情况如图所示,求:（1）系统损失的机械能为多少;（2）木板A的最小长度为多少;（3）A、B间的动摩擦因数为多少15（12分）质量为 m=4103kg的汽车， 受到牵引力F=4.8103N的作用从静止开始在水平地面上做匀加速直线运动，己知运动过程中汽车受到的阻力恒为车重的0.04倍，g取m/s2.求：（1）汽车的加速度大小；（2）第30s末汽车的速度大小；（3）若汽车在30s末关闭油门，则汽车从开始运动到最后停止一共运动了多少距离？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题

11、分析：先对b球受力分析，根据力的平衡条件求出弹簧A的拉力；再对a、b球整体受力分析，根据平衡条件求出弹簧B的拉力；最后根据胡克定律判断两个弹簧的劲度系数之比；根据牛顿第二定律判断撤去F瞬间两球的加速度，从而确定两球的状态设两球的质量都为m，先对b球受力分析，受重力和拉力，由力的平衡条件得，A弹簧的拉力，再对a、b球整体受力分析，受重力、拉力和弹簧的拉力，如图所示：由力的平衡条件得，由胡克定律得，则有，AC错误；a球受重力、拉力和两个弹簧的拉力，撤去拉力F瞬间，其余3个力不变，其合力，由牛顿第二定律得，a球的加速度，B正确；b球受重力和拉力，撤去F的瞬间，重力和弹力都不变，其加速度仍然为零，处于

12、平衡状态，D错误2、C【解析】试题分析：设小球到达B点时细绳刚好绷紧则OB与水平方向的夹角的余弦为 cos=16小球自由下落的高度为 h=18l，到达B点的速度细绳绷紧后瞬间小球只有垂直于细绳的分速度，大小为 v2=v1cos从B到最低点，由动能定理得：mgl（1-sin）=mv32-mv22在最低点有，联立以上各式解得 T=mg,故选C考点：动能定理及牛顿定律的应用【名师点睛】本题关键分析清楚小球的运动规律，注意细绳绷紧前后小球速度的突变，然后结合运动的合成与分解、动能定理、牛顿第二定律列式求解3、B【解析】A弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行，以减少读数的误差，故A正确，不符合题意；B两弹

13、簧测力计的拉力方向没必要必须相互垂直，故B错误，符合题意；C读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度，以减少读数的偶然误差，故C正确，不符合题意；D使用弹簧测力计时，不能超过其量程，以保证使用仪器的安全性故D正确，不符合题意。本题先不正确的，故选B。4、A【解析】ABC.因为两球下落的高度之比为1：2，根据，可知a、b两球运动的时间之比为因为两球均落在斜面上，则有因此初速度之比当小球平抛过程中，速度方向平行与斜面时，离开斜面的距离为最大，根据运动的分解，将初速度与加速度分解成垂直斜面与平行斜面两方向，设斜面的倾角为，因此垂直斜面方向的位移为：（v0sin）2=2ghcos那么离开斜面的最大距离与初速

14、度的平方成正比，即为之比为2：1，故A正确BC错误。D. 小球落在斜面上时，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，比值为1：1，故D错误。5、B【解析】位移的大小等于首末位置的距离，所以总位移是大小为A470m，与结论不相符，选项A错误；B50m，与结论相符，选项B正确；C40m，与结论不相符，选项C错误；D30m，与结论不相符，选项D错误；6、D【解析】对物体M和m整体受力分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力FN，根据共点力平衡条件，竖直方向：FN+F-（M+m）

15、g=0，解得：FN=（M+m）g-F（M+m）g；水平方向不受力，故没有摩擦力。故选AD。【点睛】整体法与隔离法的灵活选择对解题过程简洁与否至关重要，本题中选择整体法会使解题过程大为简化，如果用隔离法，由于力的个数较多，还需隔离出两个物体分别分析，解题过程会很繁琐，作为选择题，要能灵活选择方法.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A、物体所受的合力F合=ma=mg，根据动能定理，合力做功等于动能的变化量，则动能增加量为mgh，故A正确B、由牛顿第二定律可

16、知，物体下落过程中空气阻力为Ff=mg，物体克服空气阻力做的功为mgh，所以物体的机械能减少了mgh，故B正确，C错误D、重力做功mgh，所以重力势能减小mgh，故D正确故选：A、B、D8、ACD【解析】前两秒，根据牛顿第二定律，a=Fm22=1m/s2，则0-2s的速度规律为：v=at；t=1s时，速率为1m/s，故A正确；t=2s时，速率为2m/s，则动量为P=mv=4kgm/s，故B错误；2-4s，力开始反向，物体减速，根据牛顿第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s时的速度为v3=v2-at=1.5m/s，动量为3kgm/s，同理4s时速度为1m/s，故CD正确；故选ACD。【点睛】本

17、题考查了牛顿第二定律的简单运用，熟悉公式即可，并能运用牛顿第二定律求解加速度。另外要学会看图，从图象中得出一些物理量之间的关系。9、BCD【解析】A、两次实验，弹簧压缩形变是相同的，所以弹性势能相等，两滑块到达B点的动能是相等的，又m2m1，所以v1v2，两滑块到达B点的速度不相同，A错误B、根据牛顿运动定律可得，沿斜面上升时，物体收到重力、支持力、摩擦力，将重力垂直斜面和平行斜面分解，可得，两滑块材料相同，B正确C、设初始弹簧压缩了x，滑块沿斜面运动的距离为s，根据能量守恒可知，所以，C正确D、滑块上升到最高点的过程中因摩擦产生的热量，D正确10、AD【解析】A.重力做功为，故A正确；B.空

18、气阻力做功与经过的路程有关，而小球经过的路程大于，故克服空气阻力做的功大于，故B错误C.落地时，重力的瞬时功率为重力与沿重力方向的分速度的乘积，故落地时重力的瞬时功率小于，C错误；D.重力做正功，重力势能减少，空气阻力做负功，机械能减少，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动 P球击中Q球 1.0 【解析】（1）在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动（2）两球在水平方向的运动是相同的，则在相同的时间内水平位移相同，则实验可观察到的现象是：P球击中Q球；（3）平抛运动可看成竖直方向自由落体运动与水平方向匀速直线运动；在竖直方向：由h=gt2可得： 水平方向：由x=v0t得：12、乙 5.6 2 【解析】（1）1小灯泡的额定电阻：故电流表采用外接法，故电路图选择图乙；（2）2欧姆表读数为表盘刻度乘以倍率，小灯泡电阻为：（3）3由于电流表采用外接法，由于