吉林省公主岭市第五高级中学2022-2023学年物理高三第一学期期中复习检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一卫星绕某一行星表面附近做匀速圆周运动，其线速度大小为v。假设宇航员在该行星表面上用弹簧测力计测量一质量为m的物体重力，物体静止时，弹簧测力计的示数为N。已知引力常量为G，则这颗行星的质量为 ( )ABCD2、如图所示，光滑水平桌面上有两个大小相同的小球，m1：m2=2：1，球1以3m/s的速度与静止的球2发生正碰并粘在一起，已知桌面距离地面的高度h=1.25m，g=10m/s2，则落地点到桌面边沿的水平距离为（）A0.5mB1.0mC1.5mD2.0m3、从手中竖直向上

3、抛出的小球，与水平天花板碰撞后又落回到手中，设竖直向上的方向为正方向，小球与天花板碰撞时间极短若不计空气阻力和碰撞过程中动能的损失，则下列能够描述小球从抛出到落回手中整个过程运动规律的图象是 （ ）ABCD4、一石块从地面上方高H处自由落下，不计空气阻力，当它的速度大小等于着地时速度的一半时，石块下落的高度是（ ）ABCD5、如图所示，在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量m1kg的小球，小球分别与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零在剪断轻绳的瞬间(g取10m/s2，滑动摩擦力等于最大静摩擦力)，下列说法中正确的是A小球受

4、到地面的弹力仍然为零B小球立即向左运动，且a8m/s2C小球立即向左运动，且a10m/s2D小球仍然静止6、2016年10月17日，飞行乘组由航天员景海鹏和陈冬组成的神舟十一号飞船在酒泉卫星发射中心成功发射此次飞行的目的是为了更好地掌握空间交会对接技术，开展地球观测和空间地球系统科学、空间应用新技术、空间技术和航天医学等领域的应用和试验飞船入轨后经过2天独立飞行完成与天宫二号空间实验室自动对接形成组合体下面说法正确的是（）A为实现对接，两者运行速度的大小都应介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间B如不加干预，在运行一段时间后，天宫二号的动能可能会增加C如不加干预，天宫二号的轨道高度将缓慢降低D航天

5、员在天宫二号中处于失重状态，说明航天员不受地球引力作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，楔形木块abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc与水平面的夹角相同，顶角b处安装一定滑轮质量分别为M、m（Mm）的滑块,通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平行两滑块由静止释放后，沿斜面做匀加速运动若不计滑轮的质量和摩擦，在两滑块沿斜面运动的过程中 （ ）A两滑块组成系统的机械能守恒B重力对M做的功等于M动能的增加C轻绳对m做的功等于m机械能的增加D两滑

6、块组成系统的机械能损失等于M克服摩擦力做的功8、如图所示，质量和电荷量均相同的两个小球A、B分别套在光滑绝缘杆MN、NP上，两杆固定在一起，NP水平且与MN处于同一竖直面内，MNP为钝角B小球受一沿杆方向的水平推力F1作用，A、B均处于静止状态，此时A、B两球间距为L1现缓慢推动B球，A球也缓慢移动，当B球到达C点时，水平推力大小为F2，A、B两球间距为L2，则()AF1F2BF1F2CL1L2DL1L29、如图所示，质量为m的小球置于立方体的光滑盒子中，盒子的边长略大于小球的直径某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周运动已知重力加速度为g，空气阻力不计，要使在最高点时盒子与小球之间

7、作用力大小恰为mg，则 ()A该盒子做匀速圆周运动的周期等于B该盒子做匀速圆周运动的周期等于C盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于2mgD盒子在最低点时盒子与小球之间的作用力大小等于3mg10、一个带电小球从某复合场中的a点运动到b点的过程中，克服重力做功3J，电场力做功2J，空气阻力做功-1J，下列正确的是A在a点的重力势能比在b点大3JB在a点的电势能比在b点大2JC在a点的动能比在b点大2JD在a点的机械能比在b点小1J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组用一只弹簧秤和一个量角器等器材验证力的平行四边形定则

8、，设计了如图所示的实验装置，固定在竖直木板上的量角器的直边水平，橡皮筋的一端固定于量角器的圆心O的正上方A处，另一端系绳套1和绳套2，主要实验步骤如下：（1）弹簧秤挂在绳套l上竖直向下拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，记下弹簧秤的示数F；（2）弹簧秤挂在绳套l上，手拉着绳套2，缓慢拉橡皮筋，使橡皮筋的结点到达O处，此时绳套1沿0方向，绳套2沿120方向，记下弹簧秤的示数F1；（3）根据力的平行四边形定则计算绳套1和绳套2的合力F=_；（4）比较_和_在误差范围内相同，即可初步验证；（5）只改变绳套2的方向，重复上述实验步骤。（6）将绳套l由0方向缓慢转动到60方向，同时绳套2由120方向缓慢转

9、动到180方向，此过程中保持橡皮筋的结点在O处不动，保持绳套l和绳套2的夹角120不变关于绳套1的拉力大小的变化，下列结论正确的是_（填选项前的序号）A逐渐增大 B先增大后减小 C逐渐减小 D先减小后增12（12分）在探究弹力和弹簧伸长的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把原长相同的弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究.在弹性限度内，将质量为m=50g的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L1、L2如下表所示. 已知重力加速度g=9.8m/s2，要求尽可能多的利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数k1=_N/m（结果保留三位有效数字）.由表中数据计算出弹簧乙的劲度系数k2

10、=_N/m（结果保留三位有效数字）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑水平导轨AB的左端有一被压缩的弹簧，弹簧左端固定，右端放一个质量为m1kg的物块（可视为质点），物块与弹簧不粘连，B点与水平传送带的左端刚好平齐接触，传送带上BC的长为L6m，传送带沿逆时针方向以恒定速度v2m/s匀速转动。CD为光滑的水平轨道，C点与传送带的右端刚好平齐接触，DE是竖直放置的半径为R0.4m的光滑半圆轨道，DE与CD相切于D点。已知物块与传送带间的动摩擦因数0.2，g取10m/s2。(1)若释放弹簧，物块

11、离开弹簧，滑上传送带刚好能到达C点，求弹簧储存的弹性势能Ep；(2)若释放弹簧，物块离开弹簧，滑上传送带能够通过C点，并经过圆弧轨道DE，从其最高点E飞出，最终落在CD上与D点的距离为x1.2m处（CD长大于1.2m），求物块通过E点时受到的压力大小；(3)满足(2)条件时，求物块通过传送带的过程中产生的热量。14（16分）一质量为M=4kg的长木板在粗糙水平地面上向右运动，在t=0时刻，木板速度为vo=6m/s,此时将一质量为m=2kg的小物块(可视为质点)无初速度地放在木板的右端，二者在01s内运动的v-t图象如图所示。己知重力加速度g=10m/s2。求： (1)小物块与木板的动摩擦因数1

12、,以及木板与地面间的动摩擦因数2；(2)若小物块不从长木板上掉下,则小物块最终停在距木板右端多远处?(3)若在t=1s时,使小物块的速度突然反向(大小不变),小物块恰好停在木板的左端,求木板的长度L。15（12分）如图所示,有一质量为M=2kg的平板小车静止在光滑的水平地面上,现有质量均为m=1kg的小物块A和B(均可视为质点),由车上P处开始,A以初速度V1=2m/s向左运动,B同时以V2=4m/s向右运动.最终A、B两物块恰好停在小车两端没有脱离小车.两物块与小车间的动摩擦因数都为=0.1,取g=10m/s2.求:(1)求小车总长L;(2)B在小车上滑动的过程中产生的热量QB参考答案一、单

13、项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：因为G=mg所以,根据万有引力提供向心力得:；解得：,故选B。考点：万有引力定律的应用。2、B【解析】小球1在桌面上滑动的过程中速度不变，与小球2碰撞的过程中水平方向受到的合外力为0，所以满足动量守恒定律，选取向右为正方向，设碰撞后速度分别是v，则： ，由于，则v=2m/s；两物块桌面后做平抛运动，运动的时间：所以落地时距桌面右边缘的水平距离：x=vt=20.5=1.0m故选：B3、C【解析】试题分析：小球先减速上升，突然反向后加速下降，速度时间图象反映了各个不同时刻小球的

14、速度情况，根据实际情况作图即可解：小球先减速上升，突然反向后加速下降；设竖直向上的方向为正方向，速度的正负表示方向，不表示大小；故速度v先是正值，不断减小，突然变为负值，且绝对值不断变大；故选C【点评】速度时间图象形象直观地反映了物体速度随时间的变化情况，速度的正负表示方向，绝对值表示大小4、A【解析】设石块落地时的速度大小为v由v2-v02=2gx得v2-0=2gH ；()2-0=2gh ；联立解得：h=5、B【解析】A. 在细线剪断的瞬时，小球向左运动，竖直方向受力平衡，与地面有相互的挤压，压力不为零，故A错误；B. 对小球受力分析，如图所示，根据共点力平衡得，弹簧的弹力F=mg=10N，

15、剪断轻绳的瞬间，弹簧弹力不变，根据牛顿第二定律得，a= F-mgm=10-0.2101m/s2=8m/s2，方向向左。故B正确，C错误，D错误；故选：B.【点睛】水平面对小球弹力为零，小球受重力、弹力和拉力处于平衡，根据共点力平衡求出弹簧弹力的大小剪断轻绳的瞬间，弹力大小不变，根据牛顿第二定律求出小球的加速度大小和方向6、D【解析】第一宇宙速度为最大环绕速度，神舟十一号和天宫二号的线速度一定小于第一宇宙速度故A错误；根据万有引力提供向心力有： 得轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大，故B正确；卫星本来满足万有引力提供向心力即，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，提供的引力大于卫星所需要的

16、向心力故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，天宫二号的轨道高度将缓慢降低，故C正确；失重状态说明航天员对悬绳或支持物体的压力为0，而地球对他的万有引力提供他随天宫二号围绕地球做圆周运动的向心力，故D错误；故选：BC.点睛：万有引力提供圆周运动的向心力，所以第一宇宙速度是围绕地球圆周运动的最大速度，卫星由于摩擦阻力作用，轨道高度将降低，运行速度增大，失重不是失去重力而是对悬绳的拉力或支持物的压力减小的现象。注:此题选项应该是BC.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD

17、【解析】试题分析：由于“粗糙斜面ab”，故两滑块组成系统的机械能不守恒，故A错误；由动能定理得，重力、拉力、摩擦力对M做的总功等于M动能的增加，故B错误；除重力弹力以外的力做功，将导致机械能变化，故C正确；除重力弹力以外的力做功，将导致机械能变化，摩擦力做负功，故造成机械能损失，故D正确考点：机械能守恒定律，动能定理的应用8、BC【解析】CD对A受力分析如图所示，A受到重力mg、支持力FA和库仑力F库，根据平衡条件可知，重力mg和库仑力F库的合力FA与支持力FA等值反向，可以把重力mg、支持力FA和库仑力F库之间的关系转变为mg、FA、F库之间的三角形关系，如图所示当B球向C移动的过程中，库仑

18、力的方向在改变，即图中角变小，由矢量三角形可知，库仑力在变小根据库仑定律可知L变大，即AB之间的距离变大；故C正确、D错误AB对B球受力分析如图所示，B受到重力mg、支持力FB、库仑力F库和推力F，根据平衡条件可知，F=F库cos，当B球向C移动的过程中，库仑力的方向在改变，即在变大，则cos变小，库仑力又在减小，故推力F变小，即F1F2；故A错误、B正确9、BD【解析】AB.盒子在最高点时，对小球有FNmg2mgT解得vT选项A错误，B正确；CD.盒子在最低点时，对小球有FNmg解得FN3mg选项C错误，D正确10、BCD【解析】A. 重力做功等于重力势能的变化量，克服重力做功3J，重力势能

19、增加3J，所以a点重力势能比b点小3J，故A错误。B. 电场力做功等于电势能的变化量，电场力做功2J，电势能减小2J，所以a点电势能比b点大2J，故B正确。C. 合力做功等于动能的变化量，合力做功等于各个分力做的功，总功为-2J，故动能减小2J，所以a点动能比b点大2J，故C正确。D. 除重力外的各个力做的总功等于机械能的变化量，除重力外，电场力做功为2J，克服空气阻力做功1J，故机械能增加1J，所以a点机械能比b点小1J，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 F F A 【解析】(3)1根据的平行四边形定则可得绳套1和绳套2

20、的合力：(4)23 通过比较F和F，在误差范围内相同，则可初步验证。(6)4两个绳套在转动过程中，合力保持不变，根据平行四边形定则画出图象如图所示：根据图象可知，绳套1的拉力大小逐渐增大。故A正确，BCD错误。12、24.5 （24.0-25.0）； 125（123-129）； 【解析】由表格中的数据可知，当弹力的变化量F=mg=0.059.8N=0.49N时，弹簧形变量的变化量为： 根据胡克定律知甲的劲度系数： 把弹簧甲和弹簧乙并联起来时，弹簧形变量的变化量为： 并联时总的劲度系数k并，根据k并=k1+k2，则：k2=k并-k1=148-24.6124N/m点睛：解决本题的关键掌握胡克定律，

21、知道F=kx，x表示形变量，以及知道其变形式F=kx，x为形变量的变化量知道两弹簧并联时劲度系数的关系.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)12J；(2)12.5N；(3)16J【解析】(1)根据动能定理-mgL=0-可求弹簧弹性势能为解得： （3分）(2)根据平抛运动的规律：解得： （2分）再根据牛顿第二定律：解得： （1分）(3)从D到E根据动能定理：解得： （1分）从B到D：解得： （1分） （1分） （2分）考点：本题考查动能定理14、（1）1=0.1，2=0.3；（2）2.625m；（3）3.6m

22、；【解析】（1）由v-t图象得到小物块的加速度，根据牛顿第二定律列式求解动摩擦因数；再对长木板受力分析，根据v-t图象得到加速度，根据牛顿第二定律列式求解木板与地面间的动摩擦因数2。（2）根据v-t图象得到1s内滑块与木板的位移大小，得到相对位移大小；1s后都是减速，但滑块相对木板再次右移，根据运动学公式列式分析；（3）先小物块的速度突然反向，先对木板和滑块分别受力分析，根据牛顿第二定律得到加速度，再结合运动学公式求解相对位移。【详解】（1）小物块的加速度：，长木板的加速度：，对小物块受力分析，受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律，有：1mg=ma1，木板水平方向受滑块向后的摩擦力和地面向后的摩擦，根据牛顿第二定律，有：-1mg-2（M+m）g=Ma2，解得：1=0.1，2=0.3；（2）v-t图象与时间轴包围的面积表示位移大小，1s内相对位移大小：x1=613m；m受摩擦力：f1=1mg=2N，M受地面的滑动摩擦力：f2=2(M+m)g=18N，1s后M与m均是减速，但M加速度小于m的加速度，分别为：a11m/s2，a24m/s2，1s后M的位移：xM，1s后m的位移：xm，1s后m相对于M的位移：x=xm-xM=0.375m；