2023届广东省惠州市惠东县惠东高级中学物理高三上期中达标检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在光滑水平面上，有两个相互接触的物体，如图，已知Mm，第一次用水平力F由左向右推M，物体间的相互作用力为

2、F1；第二次用同样大小的水平力F由右向左推m，物体间的相互作用力为F2，则（ ）ABCD无法确定2、如图所示，一根铁棒AB两端分别沿竖直墙壁和水平地面滑动，当铁棒滑到与竖直墙壁成角时，A端下滑的速度为v，则此时B端移动的速度为（）AvsinBCvtanD3、如图所示是高速公路旁的交通标志，图中的“100”表示小汽车必须限制在100 km/h内行驶，“杭州88 km”表示到杭州还有88 km.“100 km/h”和“88 km”分别指A平均速度，位移B平均速度，路程C瞬时速度，位移D瞬时速度，路程4、纸面内有一个等边三角形PMN，在MN两顶点处可能有两个负点电荷，每个电荷在顶点P产生的电场强度大

3、小均为E，也可能有两根通电直导线通有垂直于纸面向里的电流，每根导线中的电流在顶点P产生的磁感应强度大小均为B关于P点的电场强度或磁感应强度，下列说法正确的是（ ）A电场强度为E，方向竖直向下B电场强度为3E，方向竖直向上C磁感应强度为3B，方向水平向右D磁感应强度为B，方向竖直向上5、如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上Ox2间各点的电势分布如图乙所示，则( )A在Ox2间，电场强度先减小后增大B在Ox2间，电场强度方向没有发生变化C若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，则该电荷在Ox2间一直做匀加速运动6、如图所示,

4、为一在水平面内做匀速圆周运动的圆锥摆,关于摆球的受力情况,下列说法中正确的是（ ）A摆球受重力、拉力和向心力的作用B摆球受拉力和向心力的作用C摆球受拉力和重力的作用D摆球受重力和向心力的作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，两平行导轨放置在水平面内，导轨右端与阻值为R1的电阻相连，一长为L1、宽为L1(L1L1)的长方形匀强磁场区域边界与导轨平行或垂直，磁感应强度大小为B，方向竖直向下，一导体棒放置在导轨上并与导轨接触良好，导体棒电阻为R1两平行导轨间的距

5、离大于L1，导轨电阻不计，第一次让导体棒在外力作用下以大小为v的恒定速度通过磁场区域，第二次将长方形磁场区域的长、宽互换，让导体棒在外力作用下以大小为1v的恒定速度通过磁场区域，下列说法正确的是A在导体棒第一次通过磁场区域的过程中，通过电阻的电荷量为B在导体棒第二次通过磁场区域的过程中，通过电阻的电荷量为C在导体棒第一次通过磁场区域的过程中，电阻上消耗的电能为D在导体棒第二次通过磁场区域的过程中，导体棒上消耗的电能为8、如图甲所示，A、B两个物体靠在一起，静止在光滑的水平面上，它们的质量分别为mA=2kg、mB=4kg，现用水平力FA推A，用水平力FB拉B，FB和FA随时间t变化的关系图象如图

6、乙所示则（ ）AA、B脱离之前，它们一直做匀加速运动Bt=4s时，A、B脱离CA、B脱离时，它们的位移为4mDA、B脱离后，A做减速运动，B做加速运动9、如图所示，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑，小球被轻质细线系住放在斜面上,细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢移动一小段距离，斜面体始终静止则在移动过程中( ) A斜面对小球的支持力变大B细线对小球的拉力变大C斜面对水平面的压力变大D水平面对斜面的摩擦力变小10、如图所示为某时刻的两列简谐横波在同一介质中沿相同方向传播的波形图，此时a波上某质点P的运动方向如图所示，则下列说法正确的是（ ）A两列波具有相同的波速B此时b波上的质点Q

7、正向下运动C在P质点完成30次全振动的时间内Q质点可完成20次全振动D若b波的周期为T，则Q质点从图位置第一次到波谷时间三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用光电门验证机械能守恒定律。如图甲所示，将某种铁质横杆固定在铁架台上方，在横杆侧放置一磁铁，在横杆正下方将光电门固定在铁架台上，将质量为m的小佚球吸至横杆下方，多次释放并调整小铁球释放位置和光电门位置，使小铁球球心恰好与光电门中心在同一竖直线上，标记小铁球释放点，用直尺测量出横杆下边缘到光电门中心间的距离L。拿开磁铁后，铁质横杆的磁性立即消失。(1)用游标卡尺测出小铁球直

8、径，测量结果如图乙所示，则小铁球的直径D=_cm。(2)甲同学多次改变横杆下边缘到光电门中心间的距离L，重复上述实验。以L为横轴，以为纵轴画出了如图所示的图线。正确的是（_）(3)乙同学用刻度尺测出横杆下边缘到光电门中心间的距离L，已知当地的重力加速度为g，若重力势能的减少量与动能的增加量相等就可以证明在自由落体过程中小球的机械能是守恒的。若不考虑空气的阻力，乙同学为了减小实验误差，提高测量精度，其中一项有效的措施是：将光电门上下移动。你认为_(填“向上”或“向下”)移动才能减小实验误差，提高测量精度。12（12分）应用如图所示装置“验证平行四边形定则”（1）实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列

9、哪些说法是正确的_A将橡皮条拉伸相同长度即可B将橡皮条沿相同方向拉即可C将弹簧秤都拉伸到相同刻度D将橡皮条和绳的结点O拉到相同位置（2）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是_A两细绳必须等长B弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行C用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大D拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）我国高速铁路使用的和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车。某列动车组由8节车厢组成

10、，其中车头第1节、车中第5节为动车，其余为拖车，假设每节动车和拖车的质量均为m=2104kg，每节动车提供的最大功率P=600kW。（1）假设行驶过程中每节车厢所受阻力f大小均为车厢重力的0.01倍，若该动车组从静止以加速度a=0.5m/s2加速行驶。a求此过程中，第5节和第6节车厢间作用力大小；b以此加速度行驶时所能持续的时间。（2）若行驶过程中动车组所受阻力与速度成正比，两节动车带6节拖车的动车组所能达到的最大速度为v1。为提高动车组速度，现将动车组改为4节动车带4节拖车，则动车组所能达到的最大速度为v2，求v1与v2的比值。14（16分）一定质量的理想气体，状态从ABCDA的变化过程可用

11、如图所示的pV图线描述，其中DA为等温线，气体在状态A时温度为TA300 K，试求：气体在状态C时的温度TC；若气体在AB过程中吸热1000J，则在AB过程中气体内能如何变化？变化了多少？15（12分）如图所示，高H=1.6m的赛台ABCDE固定于地面上，其上表面ABC光滑；质量M=1kg、高h=0.8m、长L的小车Q紧靠赛台右侧CD面（不粘连），放置于光滑水平地面上质量m=1kg的小物块P从赛台顶点A由静止释放，经过B点的小曲面无损失机械能的滑上BC水平面，再滑上小车的左端已知小物块与小车上表面的动摩擦因数=0.4，g取10m/s2 （1）求小物块P滑上小车左端时的速度v1（2）如果小物块没

12、有从小车上滑脱，求小车最短长度L0（3）若小车长L=1.2m，在距离小车右端S处固定有车面等高的竖直挡板，小车碰上挡板后立即停止不动，讨论小物块在小车上运动过程中，克服摩擦力做功Wf与S的关系参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】把两个物体看成一个整体，根据牛顿第二定律得两次系统的加速度大小相等。第一次用水平力F由左向右推M，对m运用牛顿第二定理得 第二次用同样大小的水平力F由右向左推m，对M运用牛顿第二定理得 因为Mm，所以F1F2。故选C。2、D【解析】将A点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿

13、杆子方向上的分速度为vA=vcos将B点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度vB=vBsin由于vA=vB所以故D正确，ABC错误。故选D。3、D【解析】交通标志里的限速标志是每一时刻的速度均不能超过该速度；故为瞬时速度；里程88km指的是行驶路程，即汽车经过轨迹轨迹的长度；故D正确，A、B、C错误；故选D【点睛】解决本题的关键知道路程和位移的区别，以及知道瞬时速度和平均速度的区别4、C【解析】根据矢量合成的方法即可 求出P点的合场强；根据右手螺旋定则得出两根通电导线在P点的磁感应强度的方向，根据平行四边形定则得出合场强的大小。【详解】A、B项：在MN两顶点处有两个负

14、点电荷时，每个电荷在顶点P产生的电场强度大小均为E，方向分别沿PM方向与PN的方向，由矢量合成的特点可知，他们的合场强的方向一定沿二者的角平分线上，即合场强的方向竖直向下，根据平行四边形定则可知，合场强的大小是3E，故A、B错误；C、D项：根据安培定则可知，导线M在P处产生的磁场方向垂直于MP方向向右，导线N在P处产生的磁场方向垂直于NP方向向右，根据平行四边形定则得到，P处的总磁感应强度为：B总=2Bcos300=3B方向平行于MN向右，故C正确，D错误。故应选：C。【点睛】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断通电电流周围的磁场方向，以及知道磁感应强度是矢量，合成遵循平行四边形定则。5、B【解

15、析】AB. x图象的斜率的绝对值大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先增大后减小，则电场强度先增大后减小，但斜率一直是负，场强方向没有改变。故A错误，B正确；C.由图看出Ox2间，电势逐渐降低，负电荷在高电势处电势能小，故负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐升高。故C错误；D.从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，受到的电场力方向与速度方向相同，做加速运动，即该电荷在Ox2间一直做加速运动，但电场强度先增大后减小，所以加速先增大后减小，所以不是匀加速运动。故D错误；6、C【解析】向心力是效果力，在受力分析时不能说球受到向心力，摆球A受拉力和重力的作用，拉力和重力的合力提供向心力，故C正确；

16、ABD错误；故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB恒定速度通过磁场区域时通过的电荷量有：可知电荷量与通过磁场区域的速度无关，与通过时切割磁感线的长度无关，所以A正确，B错误；C以大小为v的恒定速度通过磁场区域时，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律有：导体棒做匀速直线运动，则通过的时间为：电阻上消耗的电能为：联立以上各式解得：故C正确；D同理同C选项分析可知：故D错误8、AC【解析】AB：04s，如一起运动，对AB整体，对B：，解得：，当N0时

17、，对应的时刻为2s末则分离前它们一直做匀加速运动；t=2s时，A、B脱离故A正确、B错误C：t=2s时，A、B脱离；它们的位移，解得：故C正确D：t=2s时，A、B脱离，脱离后，A做加速度减小的加速运动，B做加速度增大的加速运动故D错误点睛：分离的临界情况是两者之间的弹力恰好变为零9、BD【解析】取小球为研究对象，根据平衡条件得到拉力、支持力与绳子和斜面夹角的关系式，即可分析其变化；对斜面研究，由平衡条件分析地面对斜面的支持力和摩擦力，即可分析斜面对地面的压力变化【详解】A、B项：设物体和斜面的质量分别为m和M，绳子与斜面的夹角为取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和绳子的拉力T，则由平

18、衡条件得：斜面方向：mgsin=Tcos垂直斜面方向：N+Tsin=mgcos使小球沿斜面缓慢移动时，增大，其他量不变，由式知，T增大由知，N变小，故A错误，B正确；C、D项：对斜面和小球整体分析受力：重力Mg、地面的支持力N和摩擦力f、绳子拉力T，由平衡条件得f=Nsin，N变小，则f变小，N=Mg+Ncos，N变小，则N变小，由牛顿第三定律得知，斜面对地面的压力也变小故C错误，D正确故应选：BD【点睛】本题采用隔离法研究两个物体的动态平衡问题，分析受力情况是基础，要根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解各个力的表达式进行分析10、ACD【解析】A两列简谐横波在同一介质中传播，波速相同，故A

19、正确；B此时波上质点的运动方向向下，由波形平移法可知，波向左传播，则知此时波上的质点正向上运动，故B错误；C由图可知，两列波波长之比：波速相同，由波速公式得、两波频率之比为：所以在质点完成30次全振动的时间内质点可完成20次全振动，故C正确；D质点此时的纵坐标为，那么其第一次到达平衡位置的时间，再由B选项分析可知，质点此时向上振动，则质点从图位置第一次到波谷时间：故D正确。故选ACD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.090 C 向下 【解析】游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读；根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出

20、小球通过光电门时的速度，依据动能的增加量来自于重力势能的减小量，再结合图线，即可判定；减小实验误差，可让平均速度更能接近瞬时速度，则减小挡光片宽度，也可以增大两挡光片间距，从而即可求解.【详解】(1)主尺读数为1.0cm，游标读数为0.0245=0.90mm，所以最终读数为10.90mm=1.090cm.(2)要验证机械能守恒，即判断重力势能的减小量与 动能的增加量是否相等，重力势能的减小量为Ep=mgh，动能的增加量为：，而速度，但，因此，整理得：，结合以L为横轴，以为纵轴画出了的图线可知，故C正确，A，B错误.(3)为减小实验误差，结合上式，可得：可以减小挡光片宽度，也可以增大下落的高度，

21、因此将光电门向下移动；【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺的读数方法，主尺读数加上游标读数，不需估读；解决本题的关键掌握验证机械能守恒定律的实验原理，知道极短时间的平均速度可以表示瞬时速度.12、D BD 【解析】（1）1AB.本实验是为了验证力的平行四边形定则，根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，故A、B错误；CD.在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度故C错误，D正确故选D.（2）2A.通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条时，并非要求两细绳等长，故

22、A错误；B.测量力的实验要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；C.用弹簧秤同时拉细绳时，拉力不能太太，也不能太小故C错误；D.为了更加准确的记录力的方向，拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些，故D正确故选BD四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）a F=3.6104N b. （2）【解析】（1）a以第6、7、8三节车厢为整体分析，总质量为3m，所受拉力为F，据牛顿第二定律有 f=0.01mg代入数据解得F=3.6104N b. 设每个动车提供最大功率为p，提供的牵引力为F，动车匀加速行驶能达到的最大速度为vm，对整个动车组进行分析，据牛顿第二定律，有2F-8f=8ma2P=2Fvm 代入数据解得vm=12.5m/s 持续时间 （2）动车组以最大速度行驶时有F牵=f阻=kv，依据公式 两式相比得 14、（i）375K （ii）气体内能增加了400J【解析】A与D状态的温度相同，借助D到C得过程确定C的温度，根据体积的变化确定气体变化中做功的正负，结合热力学第一定律确定内能的变化