高三物理一轮复习45分钟滚动复习训练卷新人教版

1、45分钟滚动复习训练卷（三）考查范围：第六人k单元分值：110分一、选择题（每小题6分，共48分）1.如图G3- 1所示，P、Q是矩形ABCD勺AD边和BC边的中点，E、F是AB边和CD边 的中点，M N是PQ连线上的两点且 MP= QN M点和N点有等量异种点电荷.对于图中八个点的场强关系，下列说法正确的是（）A*-*aA.B.C.D.2.A与B点场强相同, A与C点场强相同, A与D点场强相同, E与F点场强相同,M携图 G3- 1C与D点场强相同B与D点场强相同B与C点场强相同P与Q点场强相同如图G3- 2所示，水平放置的两平行金属板间有一竖直方向的匀强电场，板长为L,板间距离为d,在距

2、极板右端L处有一竖直放置的屏 M一带电荷量为q、质量为m的质点从O点电势为零,Ox方向上各点电两板中央平行于极板射入电场，最后垂直打在M屏上，以下说法中正确的是 （）A.质点打在屏上B.质点打在屏上P点上方，板间场强大小为P点上方，板间场强大小为2mg qmg qC.质点打在屏上P点卜方，板间场强大小为2mg qD.质点打在屏上P点卜方，板间场强大小为mg q3.如图G3- 3甲所示，一条电场线与 Ox轴重合，取b4L图 G3- 2A.电场一定是匀强电场B.电场的场强沿Ox方向增大C.电子将沿Ox正方向运动D.电子的电势能将增大4.如图G3- 4所示，一簇电场线的分布关于y轴对称，电场方向如图

3、中箭头所示，O是坐标原点，M N P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四个点，其中 M N在y轴上，Q点在x轴上，则（）M点的电势比 P点的电势高一正电荷在 O点时的电势能小于在Q点时的电势能O M间的电势差小于 N、O间的电势差D.将一负电荷由 M点移到P点，电场力做正功图 G3 5功6.状态，电荷M的比荷大于电荷 N的比荷两电荷在电场中运动的加速度相等从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷电荷M进入电场的初速度大小与电荷 如图G3- 6所示，在U- I图象上, a = 3 =45 ,则下列说法正确的是在b点时, 在b点时, 从 a-b, 从 b-c,电源有最小的输出功率电源的总功率最大，3

4、M做的功大于电场力对电荷N做的N进入电场的初速度大小一定相同a、b、（增大,c各点均表示该电路中的一个确定的工作）电源的总功率和输出功率都增大3增大，电源的总功率和输出功率都增大3增大，电源的总功率和输出功率都减小上e图 G3- 77.在如图G3- 7所示的电路中，闭合开关四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用S,当滑动变阻器的滑动触头 P向下滑动时,I、U、U和U表示，电表示数变化量的大小分别用“ U f A.-不变,C1变大,A I、AU、AUA IAUa.A IAU和AU表示.下列比彳1正确的是 （）不受_ 12_ ,B. j变大，AU 不 、不受r UD.7变大，AU不,变大不

5、变5.如图G3- 5所示，水平放置的平行金属板 A、B连接一恒定电压， 两个质量相等的电两电荷恰好荷M和N同时分别从极板 A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场,则下列说法正确的是（）在板间某点相遇.若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用,308.如图G3- 8所示，匀强电场中三点 A B C是三角形的三个顶点，/ ABG= Z CAB= ,BC= 2小m.已知电场线平行于 ABC所在的平面，一个带电荷量 q= 2*10-6C的D.9. （1）某同学用电阻箱与电压表串联测量电压表内阻, 录电压表读数，然后调电阻箱使电压表读数为原来的一半,的测量值.实验中应采用图 G3- 9中的实验中先

6、取电阻箱阻值为零，记则电阻箱的阻值就是电压表内阻“甲”或“乙”）电路.（选填甲乙点电荷由A移到B的过程中，电势能增加 1.2X10-5 J ,由B移到C的过程中，电场力做功 6X10 6 J .下列说法正确的是（B、C两点的电势差UBc= 3 VA点的电势低于B点的电势负电荷由C移动A的过程中，电势能增加该电场的场强为1 V/m、实验题（共16分）图 G3- 9（2）某同学用如图G3- 10甲所示的电路测量电源的电动势和内阻，R是电阻箱，R是定1值电阻，且 R=3000G是理想电流计.改变 R的阻值分别读出电流计的读数，作出 -R，一j-图象如图乙所小，则电源的电动势是图 G3- 10三、计算

7、题（共46分）（22分）如图G3- 11所示，在虚线 MN上方存在斜向左下与水平方向夹角为45u1的匀强电场，场强大小E=啦 xn,所以VM VN,故选项D错误；在垂直板方向做初速度为零 的匀加速运动，根据 y = ；at2,又Ym yN,所以aMaN,故选项B错误；而Fm= qME= maM, Fn = qNE= m,所以 Fm Fn, qM q9 故选项 A、C 正确.D 解析在b点时，电源的内阻等于外电阻，电源有最大的输出功率；电源的总 功率R总=IE,电流越大则总功率越大， 外电阻为零时总功率最大；从a-b时，3增大，外电阻增大，电流减小， 电源的总功率减小， 输出功率增大.从b-c时

8、，3增大，电流减小， 电源的总功率和输出功率都减小._ 一一 AU U _- U AU. U 一 ，一ACD 解析/ =R,由于 R不变，故不变，w不变；同理丁 =R,由于 R变大，所以;变大；但是*M41 ：Jr =旦+，所以*不变；而=R+R,所以早 变大，由于 *=*=r，所以*不变.故选项 ACD正确.D 解析负电荷由B运动到C的过程中，电场力做功 6X10 6 J,根据 W= qU得：LBc= - 3 V,即C点电势比B点高3 V,选项A错误；负电荷从 A点运动到B点的过程 中，电势能增加，则一定是由电势高的点运动到电势低的点，根据AE= W= qU得：Ub=6 V,即A点电势比B点

9、高6 V,选项B错误；设 B点电势为LB,则LA=LB+6 V,廿=LB + 3 V,负电荷从C点运动到A点的过程，电势升高，电势能降低，选项C错误；由于匀强电场中同一条直线上线段的长度与电势差成正比，如图所示，可找到AB连线上电势等于 C点电势的点，电场的方向应平行于AB根据几何关系求得 AB长度为6 m代入E=半场强d为1 V/m ,选项D正确.(1)甲(2)1.0 Q 3.0 V解析(1)本实验为半偏法测电阻，实验中需满足电压表和电阻箱的总电压基本不变,所以应采用甲电路；(2)电源两端电压 U= IR。，由闭合电路欧姆定律得,E= IR0 +IR0r rr 1E1 11 11 E即全三一

10、一三，所以图象中纵轴截距 b=- -+,斜率k=-z-,解得电源内阻r=1.0 rrx)r1rkrkR)rQ ,电源电动势E= 3.0 V.(1)0.8 A (2)9.6 X10 5 C (3)4.8 X10 5 C解析(1)由图可知，接入电路的有效电阻仅有R,则E I =-= 0.8 AR+ r(2)电容器C两端电压与 R两端电压相同，则LC= L3=旧3= 3.2 V故电容器所带电荷量 Q=CIL= 30X10 6X3.2 C =9.6 X10 5 C(3)断开电源，R与R并联后与R、C构成放电回路，故通过 R的电荷量Q=Q= 4.8 X10 5 C4 m/s (2)0.2 s (3)1

11、J解析(1)因A B连线垂直于电场线，则 A B两点电势相等，故金属块 B,电场力做功为零.设P滑到B点时的速度为V。，对该过程由动能定理有12mgR= gmv解得V0=.舜=4 m/s(2)物块P从B点运动到C点的过程，由题可知F 电=qE= J2 Nf =(F 电 cos45 + mg = 1 N则加速度大小a=设P在C点时的速度为 V1,由v0 v2=2axBC解得 V1 = 2 m/s,V0 V1故 t =0.2 sa(3)物块P在电场中运动时，电场力只在BC段对物块P做功，即帅电=尸电*89。$45 = 0.6 J物块离开电场后做匀减速直线运动，最终静止.由能量转化与守恒定律，全过程摩擦生的热Q= mgR- Wfe电=1 J4 04(1)1 X103 m/s (2) 42n+1 s( n = 5,6,7 )(3)0.04 m一 1。解析(1)由动能te理得：qU = 2mv解得：vg=、ym=1 * 103 m/s(2)要使带电粒子能够从 M N两板之间穿出，并且穿出后速度方向不变, 过偏转电场的时间：1 t = (n+ 2)T(n=0,1,2 ,) TOC o 1-5 h z 带电粒子沿水平方向做匀速直线运动，则L=Vt4X10 4所以 丁= 2n+ 1 s( n = 0,1