云南省玉溪市高中名校2022年高三下学期第一次联考生物试卷含解析

1、2021-2022学年高考生物模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1如图是草履虫种群增长的曲线，下列叙述正确的是（ ）A草履虫的环境容纳量是800只B当草履虫数量达到环境容纳量后，其自然增长率一直为0C影响草履虫数量增长的因素是资源和空间有限D在10年后，若草

2、履虫因为捕食者而发生数量变化，则这种变化是负反馈调节的结果2现有甲和乙两个不同的生态系统，两个生态系统生产者同化的总能量相同。甲生态系统含有7 个营养级，乙生态系统含有7个营养级。下表为甲生态系统第二、三营养级的能量生产情况。营养级摄取量(J/hm6a)粪便量(J/hm6a)呼吸散失量(J/hm6a)第二个营养级187101167710107171010第三个营养级1071010770109777109下列叙述正确的是（ ）A甲生态系统第三个营养级用于生长和繁殖的能量为677109J/hm6aB甲生态系统的次级生产量为77771010J/hm6aC甲生态系统的能量利用率高于乙生态系统D若传递效

3、率相同，则甲、乙两个生态系统的次级生产量相同3下列关于“淀粉酶的固定化及淀粉水解作用的检测”实验的叙述，错误的是（ ）A淀粉溶液过柱时控制流速，是为了使底物在反应柱中反应充分B洗涤反应柱时控制流速，是为了防止洗去已固定的淀粉酶C本实验中的淀粉酶从枯草杆菌中提取且相对较耐高温D洗涤后的反应柱应高温灭菌后保存，避免微生物分解反应柱中的酶4下列关于生物多样性及其保护的叙述，正确的是A保护生物多样性，应加强立法，禁止开发和利用生物资源B湿地具有蓄洪防旱、调节气候等作用，属于生物多样性的直接价值C栖息地总量减少和栖息地多样性降低是生物多样性降低的重要原因D生物多样性包括物种多样性、群落多样性和生态系统多

4、样性5下列关于生物进化的叙述，正确的是（ ）A种群间的双向基因迁移引起种群内变异量增大B自然种群中，个体中存在变异就会发生选择C环境条件稳定，种群基因频率就不会变化D同地物种形成是一个渐进式的过程6下列关于细胞中基因表达的叙述，错误的（ ）A转录时，RNA 聚合酶与 DNA 上的起始密码相结合B基因表达的产物内部可能存在碱基互补配对的部分C合成多肽的过程需要 mRNA、tRNA 和 rRNA 参与D一 DNA 分子转录一次，可形成一个或多个合成多肽链的模板二、综合题：本大题共4小题7（9分）食用泡菜是四川人的传统饮食习惯，在自贡几乎家家都备有泡菜坛子自制泡菜。请回答下列问题：(1)制作泡菜时，

5、所用盐水需煮沸，其目的是_；在冷却后的盐水中加入少量陈泡菜水是为了_(2)泡菜腌制过程中若泡菜坛有沙眼，常导致腌制的蔬菜臭而不酸，其原因可能是_(3)泡菜美味但却不宜多吃，因为在腌制泡菜的过程中，蔬菜中的硝酸盐会被微生物还原成_。测定其含量的原理是：在盐酸酸化条件下，该物质和对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N一1一萘基乙二胺盐酸盐结合形成_。(4)某同学欲用新鲜的泡菜液分离纯化乳酸菌，应首先用_对泡菜液进行梯度稀释，须进行梯度稀释的原因是_。8（10分）人和哺乳动物的尿液中含有尿素，大量尿素的存在会对环境造成污染。如何有效分解尿素就成了某校生物研究性学习的课题，课题组成员欲从土壤中筛选能高效分

6、解尿素的细菌。请回答下列问题：（1）给农作物施用尿素，主要是为了给植物提供_元素。为了筛选能分解尿素的细菌，在配制培养基时需要添加KH2PO4和Na2HPO4，其作用有_（答出两点即可）。（2）要从土壤中分离分解尿素的细菌，必须进行无菌操作，包括培养基和各种器皿都必须是无菌的，常用的灭菌方法有_（至少答2种）。分离实验的关键思路是_。（3）为对分离得到的菌种作进一步的鉴定，可以用_（选择/鉴别）培养基，即在固体培养基中加入酚红试剂，菌落周围会出现_，该区域越大，表明该菌株利用尿素的能力_。9（10分）PD-1 是表达在多种活 T 细胞表面的一种受体，PD-L1 是一种能够与之结合的蛋白质（见图

7、 1）。PD-1 和 PD-L1 结合会抑制 T 细胞的活化、增殖。研究发现，肿瘤细胞表面的 PD-L1 数量较多，更有一些类型的肿瘤细胞除了表面有 PD-L1，还分泌出大量 PD-L1 （见图 2）。（1）请写出题干中未使用过的特异性免疫过程的 5 个术语（专有名词）_ 。 （2）目前已研发出针对 PD-L1 的单克隆抗体（mAb），结合图 1 信息，mAb 能治疗肿瘤是因为使用 mAb 时，mAb 通过与 _ 结合，阻止了_结合，从而_ 。（3）临床试验结果显示，相同剂量的 mAb 对有的肿瘤患者治疗有效，有的无明显效果。请根据以上信息分析其可能的原因 _ 。 10（10分）请据图回答下列

8、有关生态系统的问题：（2）图甲是生态系统成分示意图，图中D表示的是_。（2）在图乙的食物链中，属于_（生物）的同化量的一部分。（3）图乙所在的生态系统中，草属于第一营养级，它的能量除了未利用的部分和分解者分解利用之外，其他的流向是_和_。（5）在图乙的食物链中，草为兔提供了可以采食的信息，狼能够依据兔留下的气味去猎捕，兔同样也可以依据狼的气味或行为特征躲避猎捕，这些信息的作用是_，以维持生态系统的稳定。（5）图乙所示生态系统在引入鹰之后，兔的数量短期内发生变化后并最终达到平衡，这表明生态系统内部具有一定的_能力。与森林生态系统相比，草原生态系统_（填“抵抗力”或“恢复力”）稳定性更高。（5）下

9、表是某生态系统三个营养级（含第一营养级）的能量分析表单位：J/（hm2a）营养级同化量未被利用量分解者分解量呼吸释放量A258202220020922020203502020B250206500205500205230206C650208250206500205625208输入该生态系统生物群落的总能量是_。该生态系统第二营养级到第三营养级的能量传递效率为_。11（15分）玉米（2n=20）是我国栽培面积最大的作物，可作为研究遗传规律的实验材料。近年来常用的一种单倍体育种技术使玉米新品种选育更加高效。请回答问题。研究者发现一种玉米突变体（S），用S的花粉给普通玉米授粉，会结出一定比例的单倍体籽

10、粒（胚是单倍体；胚乳与二倍体籽粒胚乳相同，是含有一整套精子染色体的三倍体。图1）（1）根据亲本中某基因的差异，通过PCR扩增以确定单倍体胚的来源，结果见图2。从图2结果可以推测单倍体的胚是由_发育而来。（2）玉米籽粒颜色由A、a与R、r两对独立遗传的基因控制，A、R同时存在时籽粒为紫色，缺少A或R时籽粒为白色。紫粒玉米与白粒玉米杂交，结出的籽粒中紫：白=3：5，出现性状分离的原因是_。推测白粒亲本的基因型是_和_。（3）将玉米籽粒颜色作为标记性状，用于筛选S与普通玉米杂交后代中的单倍体，过程如下图：请根据F1籽粒颜色区分单倍体和二倍体籽粒，并写出与表型相应的基因型。单倍体籽粒胚的表现型为_色，

11、基因型为_；二倍体籽粒胚的表现型为_色，基因型为_；二者籽粒胚乳的表现型为_色，基因型为_。参考答案一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1、D【解析】在资源无限、空间无限和不受其他生物制约的理想条件下，种群就会呈指数增长，指数增长（“J”形增长）的特点是起始增长很慢，但随着种群基数的加大，增长会越来越快。每单位时间都按种群的一定百分数或倍数增长，其增长势头强大。逻辑斯蒂增长是指在资源有限、空间有限和受到其他生物制约条件下的种群增长方式，其增长曲线很像字母S，又称“S”形增长曲线。种群的逻辑斯蒂增长总是受到环境容纳量（K）的限制，环境容纳量是指在长时间内

12、环境所能维持的种群最大数量。负反馈调节：使生态系统达到或保持平衡或稳态，结果是抑制和减弱最初发生变化的那种成分的变化。【详解】A、环境容纳量是指在长时间内环境所能维持的种群最大数量，从图中可看出，草履虫的环境容纳量小于800只，A错误；B、当草履虫数量达到环境容纳量后，数量在K值上下波动，其自然增长率有时大于0，有时小于0，B错误；C、影响草履虫数量增长的因素是资源和空间有限、捕食者的限制等，C错误；D、在10年后，若草履虫因为捕食者而发生数量变化，捕食者的增多会造成草履虫的减少，草履虫的减少反过来会造成捕食者的减少，这种变化是负反馈调节的结果，D正确。故选D。2、A【解析】摄入量=粪便量+同

13、化量；同化量=呼吸散失量+生物用于生长、发育和繁殖的能量。【详解】A、甲生态系统第三个营养级用于生长和繁殖的能量=同化量-呼吸散失的能量=（摄入量-粪便量）呼吸散失的能量=（1.0710107.70109）7.77109=6.77109J/hm6a，A正确；B、次级生产量（动物和其它异养生物靠消耗植物的初级生产量制造的有机物质或固定的能量）=同化量-呼吸散失的能量=（摄入量-粪便量）呼吸散失的能量=（1.871011-6.771010）7.171010=71010J/hm6a，B错误；C、题干中没有乙生态系统的相关数据，故无法判断甲、乙两个生态系统的能量利用率的高低，C错误；D、次级生产量（动

14、物和其它异养生物靠消耗植物的初级生产量制造的有机物质或固定的能量）=同化量-呼吸散失的能量，两个生态系统生产者同化的总能量相同，若传递效率相同，则甲、乙两个生态系统中第二营养级同化的能量相同，但不知道呼吸消耗能量值，因此无法进行比较，D错误。故选A。【点睛】解答此题要求考生识记能量传递效率，掌握其中的相关计算，能结合表中和题中信息准确判断各选项。3、D【解析】本题考查淀粉酶的固定化及淀粉水解作用的检测实验的相关知识点，回忆固定淀粉酶的实验原理、过程等，注意几个流速控制的目的，据此答题。【详解】A、淀粉溶液过柱时控制流速，是为了使底物在反应柱中反应充分，使后面检测效果明显，A正确；B、洗涤反应柱

15、时控制流速，是为了让塑料管中的溶液流出并防止洗去已固定的淀粉酶，B正确；C、本实验中的淀粉酶从枯草杆菌中提取且相对较耐高温，C正确；D、洗涤后的反应柱高温灭菌的话，会使反应柱中的酶丧失活性，D错误。故选D。4、C【解析】A.保护生物多样性，应加强立法，合理开发和利用生物资源，而不是禁止开发和利用生物资源，A错误；B.湿地具有蓄洪防旱、调节气候等作用，属于生物多样性的间接价值，B错误；C.栖息地总量减少和栖息地多样性降低是生物多样性降低的重要原因，C正确；D.生物多样性包括物种多样性、基因多样性和生态系统多样性，D错误；因此，本题答案选C。5、A【解析】现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化

16、的基本单位，生物进化的实质在于种群基因频率的改变；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件。【详解】A、两种群间的双向迁移，会增加个体间的基因交流，引起种群内变异量增大，A正确；B、只有变异的性状影响了个体的存活和繁殖，自然选择才可能发生作用，B错误；C、影响基因频率改变的因素有不随机交配、自然选择、遗传漂变和迁移等，因此环境条件稳定所时，种群基因频率也会发生改变，C错误；D、同地物种形成是不一定渐进的，如多倍体的形成，D错误。故选A。【点睛】本题考查现代生物进化理论的主要内容，要求考生识记现代生物进化理论的主要

17、内容，能利用所学的知识对选项作出准确的判断，属于考纲识记层次的考查。6、A【解析】基因的表达包括转录和翻译两个过程，转录是以DNA的一条链为模板合成mRNA分子的过程，主要发生在细胞核中，以核糖核苷酸为原料；翻译是以mRNA为模板，以氨基酸为原料模板合成蛋白质的过程，发生在核糖体上。【详解】A、起始密码在mRNA上，不在DNA上，转录时，RNA 聚合酶与 DNA 上的启动子相结合，A错误；B、基因的表达包括转录和翻译两个过程，其中转录的产物中的tRNA分子的内部存在部分碱基互补配对现象，B正确；C、合成多肽的过程需要 mRNA作为模板、tRNA运输氨基酸、核糖体作为场所，而rRNA是核糖体的组

18、成成分，C正确；D、一个DNA分子转录一次，可形成一个或多个合成多肽链的模板，D正确。故选A。二、综合题：本大题共4小题7、杀灭微生物和去掉盐水中的溶氧 提供乳酸菌菌种 有氧条件下乳酸菌不发酵，而其它杂菌繁殖后导致蔬菜腐败发臭 亚硝酸盐 玫瑰红染料 无菌水 泡菜液中乳酸菌的浓度较高，直接培养很难分离到单个菌落 【解析】制作泡菜所用微生物是乳酸菌，实验原理为：乳酸菌在无氧条件下，将糖分解为乳酸；利用乳酸菌制作泡菜的过程中会引起亚硝酸盐的含量的变化；温度过高，食盐用量不足10%、腌制时间过短，容易造成细菌大量繁殖，亚硝酸盐含量增加一般在腌制10天后，亚硝酸盐的含量开始下降；（3）测定亚硝酸盐含量的

19、原理：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红色染料，与已知浓度的标准显色液目测比较，估算泡菜中亚硝酸盐含量。【详解】（1）制作泡菜时，所用盐水需煮沸，其目的是杀灭微生物和去掉盐水中的溶氧；在冷却后的盐水中加入少量陈泡菜液的目的是增加乳酸菌数量。（2）乳酸菌是厌氧菌，若泡菜腌制过程中若泡菜坛有沙眼，导致氧气含量增加，有氧条件下乳酸菌不发酵，而其它杂菌繁殖后导致蔬菜腐败发臭。（3）蔬菜中的硝酸盐会被微生物还原成亚硝酸盐；亚硝酸盐的测定原理是：在盐酸酸化条件下，亚硝酸盐与对氨基苯磺酸发生重氮化反应后，与N-1-萘基乙二胺盐酸盐结合形成玫瑰红

20、色染料。（4）泡菜液中乳酸菌的浓度较高，直接培养很难分离到单个菌落，因此需要用无菌水对泡菜液进行梯度稀释。8、氮 为细菌生长提供无机营养，作为缓冲剂保持细胞生长过程中pH 高压蒸汽灭菌、干热灭菌、灼烧灭菌 用尿素为唯一氮源的培养基选择培养 鉴别 红色 越强 【解析】1、实验室常用的灭菌方法有灼烧灭菌（如接种环）、干热灭菌（如培养皿）、高压蒸汽灭菌（如培养基）等。2、可分解尿素的细菌的鉴定方法及原理：在以尿素为唯一氮源的培养基中加入酚红指示剂，细菌合成的脲酶将尿素分解为氨，pH升高，使指示剂变为红色。【详解】（1）尿素中含N元素，给农作物施用尿素，主要是为了给植物提供氮元素。为了筛选能分解尿素的

21、细菌，在配制培养基时需要添加KH2PO4和Na2HPO4，其作用有为细菌生长提供无机营养，同时还可作为缓冲剂保持细胞生长过程中pH。（2）用于微生物培养的器皿、接种工具和培养基等都必需是无菌的，常用的灭菌方法有高压蒸汽灭菌、灼烧灭菌和干热灭菌。要从土壤中分离目标菌（能高效分解尿素的细菌），关键的实验思路是：用尿素为唯一氮源的培养基选择培养，在该培养基上不能合成脲酶的微生物无法分解尿素获取氮源，生长受到抑制。（3）分解尿素的细菌产生的脲酶催化尿素分解生成氨，使pH值上升，酚红试剂在碱性条件下由无色变红色，菌落周围出现红色环。因此，为对分离得到的菌种作进一步的鉴定，常在固体培养基中加入酚红试剂，该

22、培养基为鉴别培养基，若菌落周围出现红色环，可以初步鉴定该种细菌为目标菌。菌落周围的红色区域越大，表明该菌株利用尿素的能力越强。【点睛】本题考查微生物的分离和培养，要求考生识记土壤中分解尿素的细菌的分离原理，掌握相关实验原理和操作，再结合所学的知识准确答题。9、细胞免疫、体液免疫、抗原、巨（吞）噬细胞、呈递、淋巴因子、效应 T 细胞、效应 B 细胞（浆细胞）、记忆T细胞、记忆B细胞、抗体等 肿瘤细胞表面的PD-L1 PD-L1与T细胞表面的PD-1 解除对T细胞的抑制，使效应T细胞对肿瘤细胞能够发挥有效的杀伤作用 如果病人甲的肿瘤细胞能大量分泌PD-L1，其体内的PD-L1 浓度会高于病人乙（肿

23、瘤细胞分泌PD-L1 的量少或不分泌）。因此，相同剂量的 mAb 不能使甲病人体内PD-L1全部被 mAb 特异性结合，那么肿瘤细胞仍有可能抑制 T 细胞的正常功能，导致治疗无明显效果 【解析】1.正常情况下，人体组织细胞表面的PD-Ll蛋白质与T细胞表面的PD-1蛋白质结合后，可抑制T细胞的增殖和活化，根据题意和图示可知，肿瘤细胞表面的 PD-L1 数量较多，更有一些类型的肿瘤细胞除了表面有 PD-L1，还分泌出大量 PD-L1与T细胞表面的PD-1蛋白质结合，会抑制T细胞的增殖和活化，从而抑制特异性免疫的发生，有利于肿瘤的生长和存活。2.特异性免疫包括体液免疫和细胞免疫，其具体过程如下：【

24、详解】（1）特异性免疫包括细胞免疫和体液免疫，根据以上分析可知，题干中未使用过的特异性免疫过程的专业术语有：细胞免疫、体液免疫、抗原、巨（吞）噬细胞、呈递、淋巴因子、效应 T 细胞、效应 B 细胞（浆细胞）、记忆T细胞、记忆B细胞、抗体等。（2）根据题意可知，单克隆抗体（mAb）能特异性与PD-L1结合，因此结合图 1 信息可知，单克隆抗体（mAb）可以与肿瘤细胞表面的PD-L1特异性结合，阻止了PD-L1与T 细胞表面的一种受体PD-1蛋白的结合，从而解除对T细胞的抑制，那么特异性免疫就能正常发挥作用，因此效应T细胞对肿瘤细胞能够发挥有效的杀伤作用，避免肿瘤的形成。（3）根据题意可知，肿瘤细

25、胞表面的 PD-L1 数量较多，更有一些类型的肿瘤细胞除了表面有 PD-L1，还分泌出大量 PD-L1。如果病人甲的肿瘤细胞能大量分泌PD-L1，其体内的PD-L1 浓度会高于病人乙（肿瘤细胞分泌PD-L1 的量少或不分泌）。因此，相同剂量的 mAb 不能使甲病人体内PD-L1全部被 mAb 特异性结合，那么部分肿瘤细胞表面的PD-L1与T 细胞表面的一种受体PD-1蛋白的结合，仍有可能抑制 T 细胞的正常功能，T细胞功能受到抑制会影响细胞免疫和体液免疫的发生，导致治疗无明显效果。【点睛】本题考查免疫的知识点，该题以T 细胞的活动机制为背景，考查特异性免疫的过程以及涉及到的免疫细胞和功能，要求

26、学生能够通过审题和分析图示获取有效信息，理解T细胞的活动机制，把握T细胞表面的一种受体PD-1与肿瘤细胞表面的PD-L1蛋白之间的关系对特异性免疫的影响，掌握单克隆抗体（mAb）作用，结合题意和图示解决问题。10、非生物的物质和能量 草 自身的呼吸作用 被下一营养级所同化 调节生物的种间关系 自我调节 恢复力 2582022J/（hm2a） 32% 【解析】2、一个完整的生态系统包括生物部分和非生物部分，非生物部分包括阳光、空气、水、温度等，生物部分由生产者（植物）、消费者（动物）和分解者（细菌、真菌）组成。2、根据图2中碳循环的关系可以确定，A生产者、B分解者、C消费者、D是大气中的二氧化碳

27、库。3、图2中，箭头上标的能量值一般为生物的同化量，如图2中为兔的同化量，为狼的同化量，/表示由兔到狼的能量传递效率；兔以粪便形式排出的是草被兔摄入但未被兔同化的能量，属于草的同化量的一部分；未被狼利用的兔的遗体残骸属于兔的同化量的一部分；信息传递有调节生物的种间关系，维持生态系统稳定的作用；种群数量的变化是通过反馈（负反馈）调节实现的。5、输入某一营养级的能量的去向有：自身的呼吸作用、被下一营养级所同化、一部分被分解者分解利用、部分未被利用。【详解】（2）如图2是生态系统碳循环示意图，图中D表示的是非生物的物质和能量。 （2）在如图2的食物链中，属于草的同化量的一部分。（3）如图2所在的生态系统中，草属于第一营养级，它的能量除了未利用的一部分和分解者分解利用之外，其他的流向是自身的呼吸作用和被下一营养级所同化。（5）如图2的食物链中，草为兔提供了可以采食的信息，狼能够依据兔留下的气味去猎捕，兔同样也可以依据狼的气味或行为特征去躲避猎捕，这说明了信息的作用是调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定。（5）如图2生态系统在引入鹰之后，兔的数量短期内发生变化后并最终达到平衡，这表明生态系统内部具有（一定的）自我调节能力。此图所