2022-2023学年广东省广州市越秀区执信中学高三物理第一学期期中复习检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法中正确的有( )Akg、m、N都是国际单位制中的基本单位B伽利略通过理想斜面实验说明力是维持物体运动的原因C物理模型在物理学研究中起到了重要作用，其中“质点”“点电荷”等都是理想化模型D卡文迪许将行星与太阳之间的引力规律推广

2、到宇宙中的一切物体，得出万有引力定律并测出了引力常量G的数值2、假如宇航员在土星表面上用测力计测得质量为m的物块重为G0，已知土星半径为R，土星绕太阳公转的周期为T，线速度为v，引力常量为G，则太阳对土星的引力大小为（ ）ABCD3、2011年11月3日凌晨，“神舟八号”与“天宫一号”空间站成功对接。对接后，空间站在离地面三百多公里的轨道上绕地球做匀速圆周运动。现已测出其绕地球球心作匀速圆周运动的周期为T，已知地球半径为R、地球表面重力加速度为g、万有引力常量为G，则根据以上数据，以下不能够计算的物理量是（ ）A地球的平均密度B空间站所在处的重力加速度大小C空间站绕行的速度大小D空间站所受的万

3、有引力大小4、半径为1 m的水平圆盘绕过圆心O的竖直轴匀速转动，A为圈盘边缘上一点，在O点的正上方将一个可视为质点的小球以4 m/s的速度水平拋出时，半径OA方向恰好与该初速度的方向相同，如图所示，若小球与圆盘只碰次，且落在A点，则圆盘转动的角速度大小可能是（ ）ABCD5、A、B两球在光滑的水平面上相向运动，其中球A的质量为mA=4kg，两球发生碰撞前后的位移时间图象情况如图所示，则可知（）AB球质量为2kgBB球质量为6kgC碰撞过程中损失的机械能为20JD碰撞是弹性碰撞，无机械能损失6、如图所示，小圆环A系着一个质量为m2的物块并套在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线一端拴在小圆环A上，

4、另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块。如果小圆环、滑轮、绳子的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，绳子又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为，则两物块的质量比m1：m2应为（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有三颗质量相同的人造地球卫星， 是放置在赤道附近还未发射的卫星， 是靠近地球表面做圆周运动的卫星， 是在高空的一颗地球同步卫星比较三颗人造卫星的运动周期、线速度、角速度和向心力，下列判断正确的是（ ）ABCD

5、8、原来做匀速运动的升降机内有一被伸长弹簧拉住的具有一定质量的物体A静止在地板上，如图所示，现发现A突然被弹簧拉向右方由此可判断，此时升降机的运动可能是（）A加速上升B减速上升C加速下降D减速下降9、如图所示，固定的倾斜粗糙杆，杆与水平面夹角为(0，且 ；所以， 故AD错误，BC正确故选BC8、BC【解析】当升降机静止时，地板给物体的静摩擦力与弹簧的弹力平衡，且该静摩擦力可能小于或等于最大静摩擦力当升降机有向下的加速度（加速下降或减速上升）时，必然会减小物体对地板的正压力，也就减小了最大静摩擦力，这时的最大静摩擦力小于电梯静止时的静摩擦力，而弹簧的弹力又未改变，故只有在这种情况下A才可能被拉向

6、右方，故BC正确，AD错误9、BD【解析】初位置时弹簧的弹性势能为零，环的机械能为mgh，由于摩擦力做负功，弹力先做负功后做正功再做负功，所以环的机械能不守恒，故A错误；弹簧的弹性势能随弹簧的形变量的变化而变化，由图知弹簧先缩短后再伸长，故弹簧的弹性势能先增大再减小后增大，故B正确；弹簧的弹性势能先增大再减小后增大，弹力先做负功后做正功再做负功，故C错误；对于弹簧和物体系统，重力势能减小，弹性势能增加，同时摩擦生热，根据能量守恒定律，全过程弹簧弹性势能的增加量小于圆环重力势能的减少量，故D正确10、BD【解析】A、小球到达C点时有速度将会做平抛运动，A正确B、h=0.8时小球恰好在C点， ，所

7、以x=0.4，C正确D、从A到C应用动能定理 C、B时AC中但摩擦力前半过程大摩擦力做功多，所以A到B过程中摩擦力做功大于-0.125J，机械能损失既大于-0.125J，C错误故本题选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.975 d/t 过坐标原点的一条倾斜的直线 【解析】游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读; 由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度表示瞬时速度.【详解】(1)游标卡尺的读数等于9mm+0.0515mm=9.75mm=0.975cm，(2)滑块经过光电门时,挡住光的时间极短，故可用平均速度代替为

8、滑块经过光电门位置的瞬时速度，；(3)根据动能定理可知，合外力做的功应等于物体动能的变化量，有，所以画出的W-v2图象应是过坐标原点的一条倾斜直线.【点睛】解决本题的关键知道游标卡尺的读数方法，以及知道在极短时间内的平均速度可以表示瞬时速度12、 （1）B （2）D【解析】（1）用该平均速度代替物体的瞬时速度,故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为，根据动能定理，可见s与成反比，即与成正比，故应作出图象，B选项是正确.（2）经前面分析知，要使图象为过原点的直线，应保证小车初动能为零，即必须保证小车从静止状态开始释放，所以D选项正确.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答

9、题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 5 m/s2 5 m/s2(2)10 m【解析】解：(1)设质点乙、甲先后通过x5 m处时的速度均为v，对质点甲： 对质点乙：联立解得： 当质点甲的速度v18 m/s、质点乙的速度v26 m/s时，两质点通过相同的位移均为x.对质点甲： 对质点乙：联立解得：a1a2联立解得：(2)设甲、乙两质点经过时间t后相遇，相遇时离出发点距离为d，对质点甲：对质点乙：联立解得：14、 (1)3m/s；(1)1kgm/s；(3)，所以不能；(4) 【解析】物块B沿光滑曲面下滑到水平位置由机械能守恒列出等式，物块B在传送带上滑动根据牛顿第二定律和

10、运动学公式求解；物块A、B第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解；当物块B在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速可以判断，物块B运动到左边台面是的速度大小为v1，继而与物块A发生第二次碰撞物块B与物块A第三次碰撞、第四次碰撞，根据对于的规律求出n次碰撞后的运动速度大小【详解】(1) 设物块B沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v0，由机械能守恒定律可得： 解得： 设物块B在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为a，则有：mg=ma，设物块B通过传送带后运动速度大小为v，有：v11-v01=-1al，解得：v1=3m/sv=1m/s，则物块B与物块A第一次碰撞

11、前的速度大小为3m/s；(1)设物体A、B第一次碰撞后的速度分别为、，取向右为正方向由动量守恒定律得： 由机械能守恒定律得： 解得：vA=-1m/s，vB=1m/s，（vA=0m/s，vB=-3m/s不符合题意，舍去） ，方向水平向右；(3) 碰撞后物块B在水平台面向右匀速运动，设物块B在传送带上向右运动的最大位移为l，则有：0-vB1=-1al，解得：所以物块B不能通过传送带运动到右边的曲面上；(4) 当物块B在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速可以判断，物块B运动到左边台面是的速度大小为vB，继而与物块A发生第二次碰撞由（1）可知，vB= 同理可得：第二次碰撞后B的速度：vB1= 第n次碰撞后B的速度为：vB（n-1）=【点睛】本题是多过程问题，分析滑块经历的过程，运用动量守恒，能量守恒、牛顿第二定律和运动学公式结合按时间顺序分析和计算，难度较大15、（1）；（2）【解析】（1）装置静止时，设OA、OB杆中的弹力分别为F1、T1，OA杆与转轴的夹角为1，小环受到的弹力F弹1=k小环受力平衡有F弹1=mg+T1小球受力平衡有F1+ T1=mgF1= T1解得弹簧的劲度系