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文档简介
1、此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 单元训练金卷高三物理卷(A)03单元 牛顿运动定律注意事项:1答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2选择题的作答:每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3非选择题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。一、 (本题共10小题,每小题6分,在每小题给出的四个选项中,第16题只有一项符合题目要求,第710题有多
2、项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分)1下列关于惯性的说法中,正确的是()A速度越快的汽车刹车时车轮在地面上的擦痕就越长,说明物体的运动速度越大,其惯性也越大B出膛的炮弹是靠惯性飞向远处的C坚硬的物体有惯性,如投出去的铅球;柔软的物体没有惯性,如掷出的鸡毛D只有匀速运动或静止的物体才有惯性,加速或减速运动的物体都没有惯性2如图所示,吊环运动员将吊绳与竖直方向分开相同的角度(两吊绳等长),重力大小为G的运动员静止时,左边绳子张力为T1,右边绳子张力为T2,则下列说法正确的是()A. T1和T2是相同的C. T1和T2的合力与重力G是一对平衡力B. T1和T2的合力
3、与重力G是一对作用力与反作用力D. 运动员两手缓慢撑开时,T1和T2都会变小3从地面以大小为v1的初速度竖直向上抛出一个皮球,经过时间t皮球落回地面,落地时皮球的速度的大小为v2。已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。重力加速度大小为g。下面给出时间t的四个表达式中只有一个是合理的。你可能不会求解t,但是你可以通过一定的物理分析。对下列表达式的合理性做出判断。根据你的判断,你认为t的合理表达式应为()A. SKIPIF 1 0 QUOTE B. SKIPIF 1 0 QUOTE C. SKIPIF 1 0 QUOTE D. SKIPIF 1 0 QUOTE 4. 2018国
4、际泳联跳水世界杯女子10米跳台比赛,我国选手张家齐夺取冠军。她从跳台斜向上跳起,一段时间后落入水中,如图所示。不计空气阻力,下列说法正确的是()A. 她在空中上升过程中处于超重状态B. 她在空中下落过程中做自由落体运动C. 她即将入水时的速度为整个跳水过程中的最大速度D. 入水过程中,水对她的作用力大小等于她对水的作用力大小5. 一皮带传送装置如图所示,轻弹簧一端固定,另一端连接一个质量为m的滑块,已知滑块与皮带之间存在摩擦。现将滑块轻放在皮带上,弹簧恰好处于自然长度且轴线水平。若在弹簧从自然长度到第一次达最长的过程中,滑块始终未与皮带达到共速,则在此过程中滑块的速度和加速度变化情况是()A速
5、度增大,加速度增大B速度增大,加速度减小C速度先增大后减小,加速度先增大后减小D速度先增大后减小,加速度先减小后增大6. 如图所示,在倾角为30的光滑斜面上,一质量为2m的小车在沿斜面向下的外力F作用下下滑,在小车下滑的过程中,小车支架上连接着小球(质量为m)的轻绳恰好水平。则外力F的大小为()A4.5mg B. 2eq r(5)mg C2mg D0.5mg7如图所示,相互接触的A、B两物块放在光滑的水平面上,质量分别为m1和m2,且m1 m2。现对两物块同时施加相同的水平恒力F,设在运动过程中两物块之间的相互作用力大小为FN,则( )A物块B的加速度为 SKIPIF 1 0 B物块A的加速度
6、为 SKIPIF 1 0 C SKIPIF 1 0 D SKIPIF 1 0 不可能为零8如图甲所示,轻弹簧竖直固定在水平面上,一质量为m = 0.2 kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落,从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内),其速度v和弹簧压缩量x的函数图象如图乙所示,其中A为曲线的最高点,小球和弹簧接触瞬间的机械能损失不计,取重力加速度g = 10 m/s2,则下列说法中正确的是( )A. 该弹簧的劲度系数为20 N/mB. 当x = 0.3 m时,小球处于超重状态C. 小球刚接触弹簧时速度最大D. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大9如图甲所
7、示,静止在水平面C上足够长的木板B左端放着小物块A。某时刻,A受到水平向右的拉力F作用,F随时间t的变化规律如图乙所示。A、B间最大静摩擦力大于B、C之间的最大静摩擦力,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在拉力逐渐增大的过程中,下列反映A、B运动过程中的加速度及A与B间摩擦力f1、B与C间摩擦力f2随时间变化的图线中正确的是() 10. 用同种材料制成的倾角为30的斜面和水平面,斜面长2.4 m且固定,如图甲所示。一小物块从斜面顶端以沿斜面向下的初速度v0开始自由下滑,当v02 m/s时,经过0.8 s后小物块停在斜面上,多次改变v0的大小,记录下小物块从开始运动到最终停下的时间t,作出t-v
8、0图象,如图乙所示。已知重力加速度大小为g10 m/s2,则下列说法中正确的是()A小物块在斜面上运动时的加速度大小为2.5 m/s2B小物块在斜面上运动时的加速度大小为0.4 m/s2C小物块与该种材料之间的动摩擦因数为eq f(r(3),2)D由图乙可推断,若小物块的初速度继续增大,小物块的运动时间也随速度均匀增大二、(本题共4小题,共50分。把答案填在题中的横线上或按题目要求作答。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)11. (10分)某实验小组应用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”,已知小车的质
9、量为M,砝码及砝码盘的总质量为m,所使用的打点计时器所接的交流电的频率为50 Hz。实验步骤如下:A按图所示安装好实验装置,其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直B调节长木板的倾角,轻推小车后,使小车能沿长木板向下匀速运动C挂上砝码盘,接通电源后,再放开小车,打出一条纸带,由纸带求出小车的加速度D改变砝码盘中砝码的质量,重复步骤C,求得小车在不同合力作用下的加速度根据以上实验过程,回答以下问题:(1)对于上述实验,下列说法正确的是_。A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B实验过程中砝码盘处于超重状态C与小车相连的轻绳与长木板一定要平行D弹簧测力计的读数应为砝码和砝码盘总重力的一半E砝码和砝码
10、盘的总质量应远小于小车的质量(2)实验中打出的其中一条纸带如图所示,由该纸带可求得小车的加速度a_m/s2。(结果保留两位有效数字)(3)由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象,与本实验相符合的是 。12. (12分)倾角 = 37的斜面底端安装有一个弹性挡板P,将一质量为m的小物块从斜面上A点处由静止释放,物块滑到P处,与P碰撞后沿斜面上滑的最高点为B。用传感器描绘出滑块的v-t图象如图所示。不计空气阻力及物块与P碰撞的时间,取g = 10 m/s2, sin 37 = 0.6,cos 37 = 0.8,求:(1)物块与斜面间的动摩擦因数;(2)A、B间的距离。1
11、3(12分)如图所示,倾角 30的固定斜面上有一质量m1 kg的物体,物体连有一原长l040 cm的轻质弹簧,在弹簧B端给弹簧一沿斜面向下的推力F,使物体沿斜面向下以加速度a11 m/s2做匀加速运动,此时弹簧长度l130 cm。已知物体与斜面间的动摩擦因数 SKIPIF 1 0 ,弹簧始终平行于斜面,重力加速度g10 m/s2。(弹簧始终在弹性限度内)(1)求推力F的大小和弹簧的劲度系数k;(2)若在弹簧B端加一沿斜面向上的拉力使物体沿斜面向上做加速度a22.2 m/s2的匀加速运动,求弹簧的长度l2。14. (16分)2017年新春佳节,我市的许多餐厅生意火爆,常常人满为患,为能服务更多的
12、顾客,服务员需要用最短的时间将菜肴送至顾客处(设菜品送到顾客处速度恰好为零)。某次服务员用如图所示的单手托托盘方式给12 m远处的顾客上菜,要求全程托盘水平。托盘和手、碗之间的摩擦因数分别为0.2、0.15,服务员上菜最大速度为3 m/s。假设服务员加速、减速运动过程中是匀变速直线运动,且可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求:(1)服务员运动的最大加速度;(2)服务员上菜所用的最短时间。单元训练金卷高三物理卷(A)03单元 牛顿运动定律答 案1.【答案】B2.【答案】B3.【答案】C4.【答案】D5.【答案】D6.【答案】D【解析】以小球为研究对象,分析受力情况可知:重力mg、绳的拉力T,小球
13、的加速度方向沿斜面向下,则mg和T的合力沿斜面向下。如图所示,由牛顿第二定律得:eq f(mg,sin 30)ma,解得:a2g。再对整体根据牛顿第二定律可得:F(2mm)gsin 303ma,解得:F4.5mg。7.【答案】BD【解析】由于没有摩擦力,且m1 m2,故两者会一块运动,对整体由牛顿第二定律:,解得:,故A错误,B正确;再对B受力分析,由牛顿第二定律:,代入加速度解得:,由于,故 SKIPIF 1 0 不可能为零,故C、D错误。8.【答案】ABD【解析】当x = 0.1 m时,小球的重力等于弹簧对它的弹力,合力为零,小球的加速度为零,小球处于平衡状态,可得kx = mg,解得k
14、= 20 N/m,故A正确;由图可知,x = 0.3 m时,物体的速度减小,加速度向上,故说明物体处于超重状态,故B正确;由小球的速度图象知,开始小球的速度增大,小球的重力大于弹簧对它的弹力,当x为0.1 m时,小球的速度最大,然后速度减小,故C错误;图中的斜率表示加速度,则由图可知,从接触弹簧到压缩至最短的过程中,小球的加速度先减小后增大,故D正确。9.【答案】ACD【解析】当拉力小于B、C之间的最大静摩擦力时,A、B保持静止没有加速度,所以B项错误;此时f1f2F,即两个摩擦力都随拉力增大而增大,在拉力增大到等于B、C之间的最大静摩擦力至A、B间达到最大静摩擦力这段时间,A、B一起向前加速
15、,加速度aeq f(Ff2max,mAmB),A、B间的静摩擦力f1mBaf2maxeq f(mBFmAf2max,mAmB),B、C之间变成了滑动摩擦力保持不变,所以D项正确;当拉力再增大时,A、B之间也发生了相对滑动,A、B之间变成了滑动摩擦力,即不再变化,此时A的加速度aeq f(Ff1max,mA),综上所述A、C项正确。10.【答案】AC【解析】由题图乙可知小物块在斜面上运动时的加速度大小为aeq f(v0,t)2.5 m/s2,A正确,B错误;对小物块应用牛顿第二定律得mamgcos mgsin ,代入数据得eq f(r(3),2),C正确;若小物块的速度足够大,则小物块将运动到水
16、平面上,题图乙中的直线对小物块不再适用,D错误。11.【答案】(1) C (2) 0.88 (3) A【解析】(1)由图可知,小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍,故A错误;实验过程中,砝码向下加速运动,处于失重状态,故B错误;小车相连的轻绳与长木板一定要平行,保证拉力沿着木板方向,故C正确;实验过程中,砝码向下加速运动,处于失重状态,故弹簧测力计的读数小于砝码和砝码盘总重力的一半,故D错误;由于不是用砝码的重力代替小车的拉力,而是有弹簧测力计读出拉力,故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件,故E错误。(2)在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数,即x = aT2,得a
17、 = 0.16 m/s2。(3)由题意可知,小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比,即为过原点的一条倾斜直线,故A符合。12.【解析】(1)由图可得下滑的加速度a = 4 m/s2则物体下滑过程由牛顿第二定律得:mgsin - mgcos = ma解得: = 0.25。(2)由v-t图象可得,下滑过程位移: SKIPIF 1 0 上滑过程由牛顿第二定律得:-mgsin -mgcos = mav2 = 2axBP解得:xBP = 1 m则xAB = xAP - xBP = 1 m。13.【解析】(1)对物体受力分析,由牛顿第二定律可知:Fmgsin mgcos ma1Fkl1l1l0l1解得:F3.5 N,k35 N/m。(2)物体向上运动的过程中,由牛顿第二定律可知:F1mgsin mgcos ma2F1kl2 l2l0l2解得:l282 cm。14.【解析】(1)设碗的质量为m,托盘的质量为M,以最大加速度运动时,碗、托盘、手保持相对静止,碗受力如图甲所示,由牛顿第二定律得:Ff1ma1碗与托盘间相对静止,则:Ff1Ff1max2mg解得:a12g0.1510 m/s21.5 m/s2对碗和托盘整体,由牛顿第二定律得:Ff2(Mm)a2手和
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