江苏省南通市启东市东元中学2015届中考物理二模试卷(解析版) .

1、2021年江苏省南通市启东市东元学考物理二模试卷一、选择题此题共10小题，每题2分，共40分每题给出的四个答案只有一个正确，请将正确的选项填写在答题卡相应的位置上1声音在空气向远处传播的过程A声速一定减小B声能一定不变C音调一定变低D响度一定减小2以下估测数据，最接近实际的是A学生日常的步行速度约为5km/hB32寸彩电的功率约为25kWC洗澡水的温度大约为70D一间教室里的空气质量约为1kg3如下图，给试管内的水加热，水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出试管口那么该过程A管口的“白气为热的水蒸气B试管沸腾的水温度不断升高C试管内水蒸气的内能减少D反映了热机压缩冲程的工作过程4一位跳伞运发动在下落

2、过程，看到身旁的直升飞机在向上运动，那么直升飞机相对于地面的运动情况为A一定上升B一定下降C一定静止D可能上升，可能下降5如下图，两外表磨平的铅块紧密接触后可吊起台灯，这是因为A大气压的作用B异名磁极相互吸引C铅块间正负电荷相互吸引D铅块分子间存在引力6以下事例，属于利用惯性的是A盘山公路B锤柄撞击木凳锤头套紧C拦河大坝D撑杆跳高运发动随杆上升7如下图，甲、乙为两个实心圆柱体铁块现将它们直立放置在同一块海绵上，那么A甲使海绵凹陷的深度大B乙使海绵凹陷的深度大C海绵凹陷的深度一样大D无法判断海绵凹陷深度的大小8如图为我国新型反潜巡逻机机尾的“棍子叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变

3、化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在以下图能解释磁异探测器工作原理的是ABC D9如图甲所示的电路，电源电压恒定，R1为定值电阻闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端，电压表示数U随滑动变阻器接入电路的阻值R2变化的图象如图乙所示，那么以下说法不正确的选项是A电源电压为6VBR1的阻值为20C该电路的最大功率为36WDP在b端时，电路的电流为01A10边长为a的正方体铁块从图示的实线位置此时该正方体的下外表恰与水面齐平减速下降至图示的虚线位置那么以下反映铁块所受水的浮力F浮、水对铁块下外表的压强p与铁块下外表在水的深度h的关系图象，正确的选项是ABCD二、非选择题此题共11小题，共

4、110分，其32、33题应写出必要的解题过程11图示为某款电子狗行车记录仪一体机1电子狗利用选填“电磁或“超声波与GPS定位系统传递信息2行车记录仪的镜头相当于一个透镜，该透镜可以矫正选填“远视或“近视眼3当汽车加速靠近前方车辆时，其镜头会自动选填“前推或“后缩聚焦，以保证镜头前方屏幕上能成清晰的像12一物块在8N的水平拉力作用下，从水平面上的A位置沿直线运动到E位置，其频闪照片如下图假设频闪照相机每隔02s闪拍一次，分析照片可知：1从A位置到E位置，物块运动速度的特点是2物块从B位置到D位置共运动了cm的路程3从A位置到E位置，拉力做功的平均功率为W4运动过程，物块在B位置受到的摩擦力选填“

5、大于、“等于或“小于物块在D位置受到的摩擦力13小明利用自重为006N的塑料瓶、滑轮组、量筒和水测量小石块的密度，实验装置如图甲所示，此时小石块恰能匀速上升现将塑料瓶的水全部倒入量筒，测得水的体积如图乙所示，再将小石块放入乙图所示的量筒，此时水面上升到如图丙所示的位置实验塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，不考虑绳重及滑轮组的摩擦，g取10N/kg1动滑轮重为N2小明测得小石块的密度是kg/m3，与真实值相比，该测量值偏选填“大或“小3滑轮组的机械效率为14“阳光动力2号为目前世界上最大的太阳能飞机该飞机的外表使用一种碳纤维材料，其承载能力比一般材料更好，但质量仅与一辆小型汽车相差无几飞机依

6、靠两翼上安装的太阳能电池板为直流电动机提供动力，同时对能量密度为025kh/kg的锂电池充电以保证夜间或阴雨天不间断飞行1机身采用的碳纤维材料具有硬度大、小的物理属性2该飞机的升空原理与热气球的升空原理选填“相同或“不相同3太阳能电池板颜色设计成深色是为了更好地选填“吸收、“折射或“反射太阳光4假设装配的锂电池质量为600kg，其充满电时能储存的电能为J15为了探究大气压随高度的变化规律，小明在一次登山过程利用如图甲所示的实验装置测出不同高度下的大气压，并在坐标纸上描出大气压强p与对应海拔高度h的六个点，如图乙所示1测量前，小明把注射器的活塞推至针筒底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，其目的是

7、2分析图象时，小明发现1km高度处的测量数据可能有误，重新正确实验后，测得弹簧测力计示数为45N，2mL注射器的全部刻度的总长度为4cm，那么实际大气压约为Pa你认为小明第一次实验出错的原因可能是选填“活塞和针筒的摩擦太大或“橡皮帽的密封性不好3修正数据后，可看出大气压随高度变化的数量关系大致为：在2km高度内，高度每升高100m，大气压降低Pa4根据这一规律，小明认为可将图甲的弹簧测力计改装成一个高度测量仪那么弹簧测力计42N刻度线处应标刻的海拔高度为km16按照题目要求作图1图甲，光斜射到空气和玻璃的分界面时，发生反射和折射请在图标出反射角并用箭头标出折射光线的传播方向2图乙是一根曲杆，可

8、绕O点转动，C点处悬挂着一个物体假设在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和物体所受重力G的示意图3请用笔画线代替导线将图丙的局部家庭电路连接完整17汽车出厂前，工程师为确保其各项性能的可靠，要进行屡次测试，某次检测过程，汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，测得其运动的速度随时间变化的图象如下图，汽车运动过程受到的阻力不变，发动机效率为40%，加速至2s时牵引力为4000N，10s后油箱还剩10L汽油热值q=33107J/L1110s内牵引力做的功；2运动汽车受到的阻力；310s后该车最多还能继续行驶的路程18如下图，小灯泡标有“6V 3W字样，R1=20，先将S1、S2

9、都闭合，灯恰好正常发光；再将S1、S2都断开，发现电流表示数变化了04A，设灯丝的电阻不变求：1电源电压；2R2的阻值；3S1、S2都断开时，10s内灯泡消耗的电能19电学实验考核时，提供如下器材：电压为6V电源、额定电压为25V的小灯泡、开关、规格为“50 1A的滑动变阻器、未知电阻Rx，导线、阻值的定值电阻假设干要求小明只利用这些器材完成相关实验1请用笔画线代替导线将图甲的实物电路连接完整，要求连好后闭合开关即可进行“测量小灯泡电功率实验2连接电路后闭合开关，小明发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数，那么电路发生的故障可能是小灯泡选填“断路或“短路3排除故障后，移动滑片P使灯泡L正常发

10、光，此时电流表的示数如图乙所示，那么小灯泡的额定电功率是W4完成该实验后，要求继续探究“电流与电阻的关系小明将甲图的小灯泡换成某定值电阻，并调节滑动变阻器，使电压表的示数为2V不变，记录电流表的示数当换接另一个定值电阻时，发现电压表的示数如图丙所示，接着他应将滑动变阻器向选填“左或“右滑动，直至电压表示数到达2V为止为能完成实验，他更换定值电阻的阻值不能大于5小明利用图甲实验电路测量未知电阻Rx的阻值，当他将Rx替换小灯泡接入电路时，突然发现电流表失灵聪明的小明撤去电流表后，在不添加器材、不拆接电路的情况下，通过一步简单的操作测定了Rx的阻值请你写出他的操作方法和计算Rx的表达式操作方法：Rx

11、=用所测得的物理量的符号表示20小明利用如图甲所示的实验装置，对铜弹簧A和铁弹簧B的“伸长长度与所受拉力大小的关系进行了比照探究实验在两根弹簧下逐个增加规格相同的钩码，同时用刻度尺测出悬挂钩码后弹簧的总长度，下表是实验时记录的局部数据所挂钩码的重/N123456A弹簧总长度/cm90120150210240B弹簧总长度/cm75901051201351501分析表数据可知：表格漏记的数据为，A弹簧不挂钩码时的长度为cm在拉力相同时，A弹簧伸长的长度比B弹簧选填“大或“小在一定弹性限度内，B弹簧的长度l与它所受拉力F的定量关系式为l=2为什么受力相同，A、B两根弹簧伸长的长度不一样呢？为此小明仔

12、细比照了两根弹簧的差异，提出了如下三种猜测：猜测1：制造弹簧所用的材料可能影响弹簧的伸长量猜测2：弹簧的原长可能影响弹簧的伸长量猜测3：弹簧的粗细可能影响弹簧的伸长量你认为小明的猜测填序号缺少依据假设要探究弹簧伸长的长度与弹簧原长有关，请设计一个简单可行的实验方案3探究结束后，小明用A、B两弹簧分别制作了如图乙所示的a、b两测力计，它们的外壳相同，刻度线分布情况相同那么量程较大的是测力计，精度较高的是测力计两格均选填“a或“b21阅读短文，答复以下问题：空调热水器“空调热水器，又名“空气能热泵热水器其工作原理示意图如图甲所示工作过程，“空调热水器通过一种“工作媒质在“蒸发器里迅速变成气态，再经

13、过压缩机消耗少量电能将其压缩成高温高压的气体，然后在“冷凝器重新变成液态，到达给水加热的目的“空调热水器具有高效节能的特点，产生相同的热水量，比传统的电热水器和燃气热水器的能效更高“热水产出率和“能效比是衡量“空调热水器性能的两个重要指标“热水产出率是指该热水器当进水温度为20，出水温度为50时，每小时可出热水的体积数“能效比是指加热过程水吸收的热量与消耗电能的比值下表为两种型号“空调热水器在进水温度20时测定的局部参数型号AB出水温度50额定功率kW12额定电压V220热水产出率L/h100环境温度范围10501空气能属于选填“可再生或“不可再生能源加热时，工作媒质在蒸发器吸收的空气能选填“

14、大于“等于或“小于在冷凝器放出的热量2以下关于空调热水器的判断，正确的选项是A工作媒质在冷凝器发生了汽化现象B压缩机通过做功的方式增加了工作媒质的内能C工作媒质在蒸发器发生物态变化时不断放热D空调热水器消耗的电能越少，其能效比越高3A型热水器正常加热过程，每小时流经冷凝器的水吸收的热量为J，其“能效比为，由此你认为空调热水器是否遵循能量守恒定律？答：水的比热容c水=42103J/kg4假设B型热水器的能效比为42，那么它的热水产出率为L/h5图乙所示的电磁继电器电路是空调热水器的温控系统原理图当停止用水且冷凝器的水温到达50时，水的热敏电阻RT的阻值将变选填“大或“小，从而使电磁铁的N极将衔铁

15、吸下，立即切断压缩机工作电路请你根据以上工作原理，用笔画线代替导线将图乙的电路连接完整2021年江苏省南通市启东市东元学考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题此题共10小题，每题2分，共40分每题给出的四个答案只有一个正确，请将正确的选项填写在答题卡相应的位置上1声音在空气向远处传播的过程A声速一定减小B声能一定不变C音调一定变低D响度一定减小【考点】声音在不同介质的传播速度【专题】声现象【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的；音调指声音的上下，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性【解答】解：A、声速与介

16、质的种类和温度有关，声音在向远处传播的过程，介质的种类和温度都不变，因此声速不变，故A错误；B、声音在空气向远处传播的过程声音的能量逐渐减小，故B错误；C、声音在向远处传播的过程，振动的快慢不变，因此振动的频率不变，故音调不变，故C错误；D、声音从声源处发出后，在空气里传播的过程，距离变大，振幅逐渐减小，响度变小，故D正确应选D【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同2以下估测数据，最接近实际的是A学生日常的步行速度约为5km/hB32寸彩电的功率约为25kWC洗澡水的温度大约为70D一间教室里的空气质量约为1kg【考点】速度与物体

17、运动；温度；质量的估测；电功率【专题】估算综合应用题【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个【解答】解：A、正常人步行的速度约为11m/s4km/h，比拟接近实际；B、32寸彩电的功率约为130W，25kW不符合实际；C、洗澡水的温度约为40，70不符合实际；D、一般情况下，教室长为8m、宽为6m、高为4m，那么教室内空气的体积：V=8m6m4m=192m3，空气的质量：m=V=129kg/m3192m3=24768kg，选项说法不合实际应选A【点评】物理学，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，

18、这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义3如下图，给试管内的水加热，水沸腾后，水蒸气推动活塞迅速冲出试管口那么该过程A管口的“白气为热的水蒸气B试管沸腾的水温度不断升高C试管内水蒸气的内能减少D反映了热机压缩冲程的工作过程【考点】沸腾及沸腾条件；内能的利用及其意义；内燃机的四个冲程【专题】汽化和液化、升华和凝华；分子热运动、内能；比热容、热机、热值【分析】1在试管装入适量的水，用木塞封住管口，对水加热，水的温度升高、内能增大；水沸腾后，继续加热，产生的水蒸气使管内气压增大，水的沸点随气压的增大而升高；当管内气压增大到一定程度，将木塞冲出，此时水蒸气膨胀做功，将水蒸气的内能转化为塞子的

19、机械能；同时水蒸气液化为小水珠漂浮在空，就是我们看到的“白气；2水沸腾的特点是：继续吸热，但温度保持不变；3在内燃机的做功冲程能量转化关系是内能转化为机械能【解答】解：A、木塞冲出试管口出现“白雾，是水蒸气液化为小水珠漂浮在空形成的，故A错误；B、水沸腾的特点是：继续吸热，但温度保持不变；可见对沸腾的水加热，水温会保持在沸腾时的温度不变；故B错误；C、木塞冲出的过程，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，同时水蒸气的内能减小、温度降低；故C正确；D、木塞冲出的过程，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，能量转化情况与内燃机做功冲程相同，故D错误应选C【点评】此题结合木塞冲出的实验考查了能量转化关系，知道做

20、功可以改变物体的内能，知道白气是一种液化现象此题是考查的知识点较为全面，要结合相关的知识点进行分析解答4一位跳伞运发动在下落过程，看到身旁的直升飞机在向上运动，那么直升飞机相对于地面的运动情况为A一定上升B一定下降C一定静止D可能上升，可能下降【考点】参照物及其选择【专题】长度、时间、速度【分析】判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，那么物体是运动的；如果未发生变化，那么物体是静止的【解答】解：1由于跳伞运发动是向下运动的，如果直升飞机静止、上升，运发动以自己为参照物也可看到直升飞机向上运动；2如果直升飞机向下

21、运动，但向下运动的速度小于跳伞运发动的速度，运发动看以自己为参照物，运发动看到的直升飞机也是向上运动的因此直升飞机的运动情况是静止、上升、下降都有可能应选：D【点评】此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论5如下图，两外表磨平的铅块紧密接触后可吊起台灯，这是因为A大气压的作用B异名磁极相互吸引C铅块间正负电荷相互吸引D铅块分子间存在引力【考点】分子间的作用力【专题】分子热运动、内能【分析】分子动理论的初步知识：物质是由大量分子组成的；分子都在不停地做无规那么运动；分子间存在相互作用的引力和

22、斥力；分子间存在间隙【解答】解：两外表磨平的铅块紧密接触后，由于铅块分子之间存在引力，使两个铅块连成了一个整体，所以可以让台灯悬挂在下边应选：D【点评】此题考查了分子动理论的内容，属于识记性内容，比拟简单6以下事例，属于利用惯性的是A盘山公路B锤柄撞击木凳锤头套紧C拦河大坝D撑杆跳高运发动随杆上升【考点】惯性【专题】运动和力【分析】1斜面是省力机械，坡度越缓越省力；2惯性是任何物体都有保持原运动状态的性质，有时对我们有用、有时有害，特别要防止惯性带危害；3根据液体的压强公式P=gh可知，随河水深度的增加，水所产生的压强越大，为了平安大坝设计成下宽上窄形状；4根据动能和势能的转化以及能量守恒进行

23、分析【解答】解：A、修盘山公路，增大了斜面的长度，斜面越长越省力，故A错误B、锤头和锤柄一起向下运动，锤柄撞到木凳后停止运动，而锤头由于惯性继续向下运动，这样锤头就紧紧的套在了锤柄上，是利用惯性，故B正确；C、拦河大坝上窄下宽，因为下面受到水的压强大，拦河大坝应用的是液体压强的原理，故C错误；D、弯曲的撑杆具有较大的弹性势能，运发动在过杆前，撑杆由曲变直，而人的高度增加，因此是将弹性势能转化为重力势能，故D错误应选B【点评】此题综合考查斜面的原理、惯性、液体压强的特点、动能和势能的转化；属根底知识的考查，应熟练掌握课本根本知识7如下图，甲、乙为两个实心圆柱体铁块现将它们直立放置在同一块海绵上，

24、那么A甲使海绵凹陷的深度大B乙使海绵凹陷的深度大C海绵凹陷的深度一样大D无法判断海绵凹陷深度的大小【考点】液体的压强的特点【专题】压强、液体的压强【分析】利用p=gh比拟甲、乙为两个实心圆柱体铁块对海绵的压强大小，然后判断使海绵凹陷的深度大小【解答】解：甲、乙为两个实心圆柱体铁块，h乙h甲，根据p=gh可知，p乙p甲，所以，甲使海绵凹陷的深度大应选A【点评】此题考查液体压强的特点，关键知道p=是计算压强的普适公式，对于形状规那么的固体说，也可以用p=gh计算固体压强8如图为我国新型反潜巡逻机机尾的“棍子叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在

25、以下图能解释磁异探测器工作原理的是ABC D【考点】电磁感应【专题】电动机、磁生电【分析】电子设备最终将信号转换为变化的电流；因此是一个发电机，分析下面四幅图，找出发电机的原理即可【解答】解：A、开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，那么电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理符合题意；B、图示的实验是电磁铁的原理，运用电流的磁效应，可制成电磁铁，吸引大头针等，不合题意；C、图示为磁极之间的相互作用，故不符合题意；D、图示为奥斯特实验，是电流的磁效应，故不符合题意；应选A【点评】解答此题的关键要能从题意分析出该装置为发电机9如图甲所示的电

26、路，电源电压恒定，R1为定值电阻闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端，电压表示数U随滑动变阻器接入电路的阻值R2变化的图象如图乙所示，那么以下说法不正确的选项是A电源电压为6VBR1的阻值为20C该电路的最大功率为36WDP在b端时，电路的电流为01A【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压1由图甲所示电路可知，滑片在a端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象读出电源的电压；2当滑片位于b端时，R1与R2的最大阻值串联，电压表的示数最小，根据图乙

27、读出滑动变阻器的最大阻值和电压表的最小示数，利用串联电路的电压特点求出R2两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路的最小电流，再根据欧姆定律求出R1的阻值；3当滑片在a端时，电路的电阻最小，电路的功率最大，根据P=求出电路的最大功率【解答】解：由图甲所示电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测定值电阻R1两端电压1由图甲所示电路可知，当滑片在a端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端电压，由图乙所示图象可知，电源电压U=6V，故A正确；2当滑片位于b端时，R1与R2的最大阻值串联，电压表的示数最小，由图乙所示图象可知，变阻器的最大阻值R2=50，电压表的最小示数U

28、1=1V，因串联电路总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U2=UU1=6V1V=5V，因串联电路各处的电流相等，所以，电路的电流：I=01A，故D正确；R1的阻值：R1=10，故B错误；3当滑片在a端时，电路的电阻最小，电路的功率最大，P大=36W，故C正确应选B【点评】此题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是从图象读出滑动变阻器R2的阻值和对应电压表的示数10边长为a的正方体铁块从图示的实线位置此时该正方体的下外表恰与水面齐平减速下降至图示的虚线位置那么以下反映铁块所受水的浮力F浮、水对铁块下外表的压强p与铁块下外表在水的深度h的关系图象，正确的选项是AB

29、CD【考点】阿基米德原理；液体的压强的特点【专题】应用题；压强、液体的压强；浮力【分析】1根据公式F浮=gV排可知，物体排开水的体积越大，受到的浮力越大，完全浸没后物体排开水的体积不再变化，所受浮力不再变化2根据公式p=gh可知压强与深度的关系，【解答】解：1铁块在没有完全浸没时，随浸没的深度的增加，排开水的体积变大；根据公式F浮=gV排可知，物体所受浮力变大，当完全浸没后，排开水的体积不再变化，不管浸入多深，所受浮力将不再改变，故AB错误2铁块下降过程，由于深度逐渐增加，根据p=gh可知，液体产生的压强逐渐变大，故C错误，D正确应选D【点评】此题考查液体压强公式和浮力公式的应用，关键知道完全

30、浸没前和完全浸没后的区别，还要知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积影响压强的因素是液体密度和液体深度二、非选择题此题共11小题，共110分，其32、33题应写出必要的解题过程11图示为某款电子狗行车记录仪一体机1电子狗利用电磁选填“电磁或“超声波与GPS定位系统传递信息2行车记录仪的镜头相当于一个凸透镜，该透镜可以矫正远视选填“远视或“近视眼3当汽车加速靠近前方车辆时，其镜头会自动前推选填“前推或“后缩聚焦，以保证镜头前方屏幕上能成清晰的像【考点】电磁波的传播；生活的透镜【专题】透镜及其应用；信息的传递【分析】1电磁波可以传递信息，且能在真空传播；2凸透镜成像规律：u2f，成

31、倒立缩小的实像；uf，成正立放大的虚像；fu2f，成倒立放大的实像；凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用；利用凸透镜可以矫正远视眼；3根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，物远像近像变小分析即可【解答】解：1GPS是卫星导航、定位系统，信息需要在真空传播，电子狗利用的是电磁波2行车记录仪与照相机原理相同，镜头相当于一个凸透镜，成倒立、缩小的实像凸透镜对光线有会聚作用，远视眼的晶状体太薄或眼球太短，使像成在视网膜的前方，要增大对光线的会聚能力，需要凸透镜3当汽车加速靠近前方车辆时，物距变小，像距变大，所成的实像变大，要保证镜头前方屏幕上能成清晰的像，那么需要镜头自动前推聚焦，以增大镜头与

32、屏幕间的距离故答案为：1电磁；2凸；远视；3前推【点评】此题考查了电磁波在日常生活的应用、行车记录仪的构造及其成像原理等知识，熟练掌握凸透镜成像的规律及应用是正确解题的关键，具有一定的难度12一物块在8N的水平拉力作用下，从水平面上的A位置沿直线运动到E位置，其频闪照片如下图假设频闪照相机每隔02s闪拍一次，分析照片可知：1从A位置到E位置，物块运动速度的特点是越越大2物块从B位置到D位置共运动了450cm的路程3从A位置到E位置，拉力做功的平均功率为085W4运动过程，物块在B位置受到的摩擦力等于选填“大于、“等于或“小于物块在D位置受到的摩擦力【考点】速度与物体运动；功率的计算【专题】长度

33、、时间、速度；功、功率、机械效率【分析】1由图可知，从A位置到E位置时，相同时间内的路程关系，根据速度公式可知其速度的变化；2照片小球两位置之差就是小球运动的路程，读取长度时要估读到分度值的下一位；3由图可知小球从A点运动到E点运动的路程，根据W=Fs求出拉力做的功，而每两点间的时间为02s，那么可知从A至E的总时间，利用P=求出拉力做功的平均功率；4滑动摩擦力的大小只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关【解答】解：1由图可知，从A位置到E位置时，相同时间内的路程越越大，由v=可知，物块运动速度的特点是越越大；2从B到E，由图刻度尺可量出BE间的距离为450cm；3从A到E

34、，由图刻度尺可量出AE间的距离为s=850cm=0085m，拉力做的功：W=Fs=8N0085m=068J，物块运动的时间：t=402s=08s，拉力做功的平均功率：P=085W；4因滑动摩擦力的大小只与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，与物体运动的速度无关，所以，运动过程，物块在B位置受到的摩擦力等于物块在D位置受到的摩擦力故答案为：1越越大；2450；3085；4等于【点评】此题考查了物体运动特点的判断和长度的测量、功和功率的计算以及影响滑动摩擦力因素的应用，刻度尺读数时要估读到分度值的下一位13小明利用自重为006N的塑料瓶、滑轮组、量筒和水测量小石块的密度，实验装置如图甲所示，此时小石

35、块恰能匀速上升现将塑料瓶的水全部倒入量筒，测得水的体积如图乙所示，再将小石块放入乙图所示的量筒，此时水面上升到如图丙所示的位置实验塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，不考虑绳重及滑轮组的摩擦，g取10N/kg1动滑轮重为012N2小明测得小石块的密度是48103kg/m3，与真实值相比，该测量值偏小选填“大或“小3滑轮组的机械效率为80%【考点】滑轮组绳子拉力的计算；密度的计算；滑轮组的机械效率【专题】密度及其应用；简单机械；功、功率、机械效率【分析】1塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，由此根据滑轮组计算动滑轮的重力；2先由乙图根据G=mg=Vg计算出瓶水的重力，再根据滑轮组计算出小石块

36、的重力，再根据乙和丙图读出小石块的体积，由G=mg=Vg计算其密度；瓶水不能全部倒入量筒，所以计算出水的重力偏小，由此分析得到的小石块重力偏小，由此分析测量的密度值的误差情况；3图提起石块做功为有用功，瓶对绳子拉力做功是总功，根据机械效率公式可计算其机械效率【解答】解：1由图甲，滑轮组是由左边的定滑轮和右边的动滑轮组成，有两段绳子通过动滑轮由题知，实验塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，所以：G滑=2G瓶=2006N=012N；2由乙图，量身的分度值为2ml，所以瓶倒入量筒水的体积：V水=24ml=24cm3，所以瓶水的重力：G水=m水g=水V水g=10103kg/m324106m310N/

37、kg=024N，因为塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重，所以G石块=2G水=2024N=048N，由图量筒水面示数V=34ml=34cm3，所以小石块的体积：V石块=VV水=34cm324cm3=10cm3，所以小石块密度：石块=48103kg/m3；因为瓶水不能全部倒入量筒，所以计算出水的重力偏小，由此分析得到的小石块重力偏小，由密度公式可知所测小石块密度偏小；3滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%=80%故答案为：1012；248103；小；380%【点评】此题考查了密度测量、滑轮组机械效率的计算，考查的知识多，综合性强，有一定难度量筒的读出要注意其分度值14“阳光动力2

38、号为目前世界上最大的太阳能飞机该飞机的外表使用一种碳纤维材料，其承载能力比一般材料更好，但质量仅与一辆小型汽车相差无几飞机依靠两翼上安装的太阳能电池板为直流电动机提供动力，同时对能量密度为025kh/kg的锂电池充电以保证夜间或阴雨天不间断飞行1机身采用的碳纤维材料具有硬度大、密度小的物理属性2该飞机的升空原理与热气球的升空原理不相同选填“相同或“不相同3太阳能电池板颜色设计成深色是为了更好地吸收选填“吸收、“折射或“反射太阳光4假设装配的锂电池质量为600kg，其充满电时能储存的电能为54108J【考点】与密度有关的物理现象；流体压强与流速的关系；电功的计算；太阳能的利用【专题】其他综合题【

39、分析】1飞机采用密度小的材料可以在体积不变的情况下，减小其质量；2飞机起飞利用了流体压强与流速的关系，热气球是利用浮力升空的；3物体的颜色越深，越能有效地吸收太阳光；4根据电池的能量密度和质量可计算其储存的电能【解答】解：1机身采用的碳纤维材料除硬度大外、还具有密度小的物理属性，这样可以在体积不变的情况下，减小其质量，便于起飞；2飞机起飞利用了流体压强与流速的关系，热气球是利用浮力升空的，二者的原理不相同；3黑色可以吸收所有色光，因此太阳能电池板颜色设计成深色是为了更好地吸收太阳光；4电池充满电时能储存的电能：W=025kWh/kg600kg=150kWh=15036106J=54108J故答

40、案为：1密度；2不相同；3吸收；454108【点评】以新型太阳能飞机为背景，考查了一些物理知识在其的应用，包括密度、流体压强与流速的关系、太阳能的利用、能量的计算等，表达了物理知识与高科技的联系，值得我们关注15为了探究大气压随高度的变化规律，小明在一次登山过程利用如图甲所示的实验装置测出不同高度下的大气压，并在坐标纸上描出大气压强p与对应海拔高度h的六个点，如图乙所示1测量前，小明把注射器的活塞推至针筒底端，然后用橡皮帽封住注射器的小孔，其目的是为了排尽注射器内的空气2分析图象时，小明发现1km高度处的测量数据可能有误，重新正确实验后，测得弹簧测力计示数为45N，2mL注射器的全部刻度的总长

41、度为4cm，那么实际大气压约为9104Pa你认为小明第一次实验出错的原因可能是橡皮帽的密封性不好选填“活塞和针筒的摩擦太大或“橡皮帽的密封性不好3修正数据后，可看出大气压随高度变化的数量关系大致为：在2km高度内，高度每升高100m，大气压降低1000Pa4根据这一规律，小明认为可将图甲的弹簧测力计改装成一个高度测量仪那么弹簧测力计42N刻度线处应标刻的海拔高度为16km【考点】大气压强的测量方法【专题】测量型实验综合题【分析】1本实验的原理是：先排出注射器内的空气，这样在往外拉活塞时，由于外界大气压的作用，要拉动活塞需要很大的力2根据注射器全部带刻度的长度，求出活塞的横截面积S和测出活塞刚被

42、拉动时的拉力F，就可根据P大气=求出大气压强的值，当注射器内的空气没有排尽，或拉动时活塞与筒间的摩擦都会影响到测量值3由图象可知在2km高度内得出大气压的变化量，然后与100m相除即可解答；4根据注射器全部带刻度的长度，求出活塞的横截面积S和测出活塞刚被拉动时的拉力F，就可根据P大气=求出大气压强的值【解答】解：1将活塞推至底部并用橡皮帽堵住小孔，这样做的目的是为了排尽注射器内的空气2注射器的体积为V=2ml=2cm3活塞的横截面积S=05cm2=05104m2，F=45N，活塞刚被拉动时，大气压强的数值p=9104Pa，假设活塞和针筒的摩擦太大，那么拉力增大，导致测出的大气压强的数值偏大，因

43、为计算出的大气压强的数值偏小，故小明第一次实验出错的原因可能是橡皮帽的密封性不好；根据正确的数据完成图象如下：3由图象可知在2km高度内得出大气压的变化量为p=1105Pa08105Pa=2104Pa，那么高度每升高100m，大气压降低p=100m=100m=1000Pa；4当F=42N，活塞刚被拉动时，大气压强的数值p=84104Pa那么大气压共降低1105Pa84105Pa=16104Pa，根据高度每升高100m，大气压降低1000Pa可知：此时高度为16km故答案为：1为了排尽注射器内的空气；29104；橡皮帽的密封性不好；31000；417【点评】此题属实验探究题，实验探究题一般对学生

44、的要求都较高，不仅要求学生熟练掌握课本上所学的相关知识，还要求学生具有一定的物理素养16按照题目要求作图1图甲，光斜射到空气和玻璃的分界面时，发生反射和折射请在图标出反射角并用箭头标出折射光线的传播方向2图乙是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体假设在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和物体所受重力G的示意图3请用笔画线代替导线将图丙的局部家庭电路连接完整【考点】作光的反射光路图；重力示意图；杠杆最小力的问题；作光的折射光路图；家庭电路的连接【专题】图像综合题【分析】1先过入射点画出法线，根据折射光线和入射光线的关系确定入射、折射光线，进而确定反射光线，得出反射角

45、和入射角2根据杠杆平衡的条件，F1L1=F2L2，在杠杆的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长重力的作用点在物体的重心，重力的方向竖直向下3灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线【解答】解：1入射点为O，先过入射点O画出法线，折射光线和入射光线分居于法线两侧，折射角小于入射角，那么AO为入射光线、OC为折射光线，OB为反射光线，反射角为，如下图：2连接OA，假设在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大，此时最省力；重力的作用点在物体的重心，沿重力的方向竖直向下画一条带箭头的直线

46、，即为物体所受重力G的示意图，如下图：3首先区分上面三根线地线、火线、零线即与开关相连的一定是火线，灯泡接法：火线进入开关，这样断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故既能控制灯泡，又能更平安三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线如下图：【点评】1考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，根据折射光线和入射光线的关系确定入射、折射光线是此题的关键2此题考查了最小力和力臂的画法明确力臂与力的作用线是垂直关系是关键3掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和平安性17汽车出厂前，工程师为确保其各项性能的可靠，要进行屡次测试，某次检测过程，汽车保持恒定

47、功率在水平路面做直线运动，测得其运动的速度随时间变化的图象如下图，汽车运动过程受到的阻力不变，发动机效率为40%，加速至2s时牵引力为4000N，10s后油箱还剩10L汽油热值q=33107J/L1110s内牵引力做的功；2运动汽车受到的阻力；310s后该车最多还能继续行驶的路程【考点】功的计算；速度公式及其应用；二力平衡条件的应用【专题】其他综合题【分析】1知道加速至2s时牵引力，由图知此时速度，利用P=Fv求汽车功率；由题知，汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，利用W=Pt求110s内牵引力做的功；2由图知，汽车在10s后做匀速直线运动，由P=Fv得此时牵引力，此时汽车受到的牵引力和阻力

48、为一对平衡力，可求阻力；3知道10s时剩余汽油的体积，可求完全燃烧放出的热量，根据=求做的有用功，再根据W=Fs求行驶路程【解答】解：1加速至2s时牵引力F1=4000N，由图知此时速度v1=15m/s，汽车功率：P=F1v1=4000N15m/s=60000W，由题知，汽车保持恒定功率在水平路面做直线运动，110s内牵引力做的功：W=Pt=60000W9s=54105J；2由图知，汽车在10s后做匀速直线运动，由P=Fv得此时牵引力：F2=2000N，此时汽车受到的牵引力和阻力为一对平衡力，那么：阻力f=F2=2000N；310s时剩余汽油的体积：V=10L，完全燃烧放出的热量：Q放=Vq=

49、33107J/L10L=33108J，由=得做的有用功：W=Q放=40%33108J=132108J，由W=F2s行驶路程：s=66000m=66km答：1110s内牵引力做的功为54105J；2运动汽车受到的阻力为2000N；310s后该车最多还能继续行驶的路程为66km【点评】此题考查了功、功率和热量的计算，此题关键：一是利用好“汽车的功率不变，二是利用好效率公式求汽车做功大小，三是能从图象得出相关信息18如下图，小灯泡标有“6V 3W字样，R1=20，先将S1、S2都闭合，灯恰好正常发光；再将S1、S2都断开，发现电流表示数变化了04A，设灯丝的电阻不变求：1电源电压；2R2的阻值；3S

50、1、S2都断开时，10s内灯泡消耗的电能【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【专题】欧姆定律；电能和电功率【分析】1当S1、S2都闭合时，灯泡L与电阻R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压；2根据P=UI求出灯泡的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和通过R1的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，当S1、S2都断开时，灯泡L与电阻R2串联，此时电路的总电阻变大，电路的电流减小，根据电流表示数变化了04A求出电路的电流，利用欧姆定律求出电路的总电阻，利用电阻的串联求出R2的阻值；3S1、S2都断开时，根据W=I2Rt求出10s内灯泡消耗的电能【解

51、答】解：1当S1、S2都闭合时，灯泡L与电阻R1并联，电流表测干路电流，因并联电路各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以，电源的电压U=UL=6V；2由P=UI可得，灯泡的电流：IL=05A，由I=可得，灯泡的电阻：RL=12，通过R1的电流：I1=03A，因并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=IL+I1=05A+03A=08A，当S1、S2都断开时，灯泡L与电阻R2串联，此时电路的总电阻变大，电路的电流减小，因电流表示数变化了04A，所以，此时电路的电流：I=I04A=08A04A=04A，电路的总电阻：R=15，因串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以，R2的阻值：R

52、2=RRL=1512=3；3S1、S2都断开时，10s内灯泡消耗的电能：WL=I2RLt=04A21210s=192J答：1电源电压为6V；2R2的阻值为3；3S1、S2都断开时，10s内灯泡消耗的电能为192J【点评】此题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等19电学实验考核时，提供如下器材：电压为6V电源、额定电压为25V的小灯泡、开关、规格为“50 1A的滑动变阻器、未知电阻Rx，导线、阻值的定值电阻假设干要求小明只利用这些器材完成相关实验1请用笔画线代替导线将图甲的实物电路连接完整，要求连好后闭合开关即可进

53、行“测量小灯泡电功率实验2连接电路后闭合开关，小明发现灯泡不亮，电压表无示数，电流表有示数，那么电路发生的故障可能是小灯泡短路选填“断路或“短路3排除故障后，移动滑片P使灯泡L正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，那么小灯泡的额定电功率是06W4完成该实验后，要求继续探究“电流与电阻的关系小明将甲图的小灯泡换成某定值电阻，并调节滑动变阻器，使电压表的示数为2V不变，记录电流表的示数当换接另一个定值电阻时，发现电压表的示数如图丙所示，接着他应将滑动变阻器向左选填“左或“右滑动，直至电压表示数到达2V为止为能完成实验，他更换定值电阻的阻值不能大于255小明利用图甲实验电路测量未知电阻Rx的阻值，当

54、他将Rx替换小灯泡接入电路时，突然发现电流表失灵聪明的小明撤去电流表后，在不添加器材、不拆接电路的情况下，通过一步简单的操作测定了Rx的阻值请你写出他的操作方法和计算Rx的表达式操作方法：定值电阻Rx与变阻器串联，电压表与定值电阻Rx并联，滑片滑到b端最大阻值处时，读出电压表示数为UxRx=50用所测得的物理量的符号表示【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；伏安法测电阻的探究实验【专题】测量型实验综合题【分析】1本实验，变阻器应一上一下串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，由灯泡额定电压确定电压表量程；2灯泡不亮可能是灯泡断路或灯泡以外的地方断路或灯泡短路，灯泡断路时，电路断路，电路没有电流，

55、电流表无示数；灯泡短路，电流表有示数；3电压表测灯泡电压，灯泡正常工作时，电压表示数为灯泡的额定电压，电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率；4探究“电流与电阻的关系时应保持电阻两端电压不变，由图可知电压表示数，根据串联电路分压原理确定滑片的移动方向；根据滑动变阻器的最大值确定定值电阻的最大值；5没有电流表，使Rx与滑动变阻器串联，电路不能重组，要测出电源电压，把电压表与定值电阻Rx并联，可以把滑动变阻器滑到阻值为0，测电源电压，滑动变阻器滑到阻值最大，根据分压原理可计算出Rx的阻值【解答】解：1本实验，变阻器应一

56、上一下串联接入电路，电压表测灯泡两端电压，灯泡额定电压25V，所以电压表应使用03V量程如下图：2接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，那么电路发生的故障可能是小灯泡短路；3电压表测灯泡电压，灯泡正常工作时，电压表示数为灯泡的额定电压25V电流表使用的006A量程，每一个大格代表02A，每一个小格代表002A，电流为024A，所以灯泡的额定功率：P=UI=25V024A=06W；4探究“电流与电阻的关系时应保持电阻两端电压不变，由图可知电压表示数为25V2V，应减小定值电阻两端电压，根据串联电路的分压原理，应将滑片左移，增大变阻器连入的阻值，以增大其分得电压，从而减小

57、定值电阻两端电压；电源电压为6V，所以U滑=UUR=6V2V=4V，当变阻器连入阻值最大时，定值电阻的阻值也最大，由串联电路的分压原理有：=，即： =，解得：R=25；5如下图：无电流表，定值电阻Rx与变阻器串联，电压表与定值电阻Rx并联，滑片在a端阻值为0时，电压表测电源电压U，滑片滑到b端最大阻值处时，电压表测定值电阻Rx两端电压Ux，根据串联电路的分压原理有：=，即： =，Rx=50故答案为：1见上图；2短路；306；4左；25；5定值电阻Rx与变阻器串联，电压表与定值电阻Rx并联，滑片滑到b端最大阻值处时，读出电压表示数为Ux；50【点评】此题考查了测功率、探究电流与电阻关系和特殊方法

58、测电阻三个实验，综合性强，考查的知识点多，掌握各实验的原理或探究方法是关键20小明利用如图甲所示的实验装置，对铜弹簧A和铁弹簧B的“伸长长度与所受拉力大小的关系进行了比照探究实验在两根弹簧下逐个增加规格相同的钩码，同时用刻度尺测出悬挂钩码后弹簧的总长度，下表是实验时记录的局部数据所挂钩码的重/N123456A弹簧总长度/cm90120150210240B弹簧总长度/cm75901051201351501分析表数据可知：表格漏记的数据为180，A弹簧不挂钩码时的长度为60cm在拉力相同时，A弹簧伸长的长度比B弹簧大选填“大或“小在一定弹性限度内，B弹簧的长度l与它所受拉力F的定量关系式为l=60

59、cm+15cm/NF2为什么受力相同，A、B两根弹簧伸长的长度不一样呢？为此小明仔细比照了两根弹簧的差异，提出了如下三种猜测：猜测1：制造弹簧所用的材料可能影响弹簧的伸长量猜测2：弹簧的原长可能影响弹簧的伸长量猜测3：弹簧的粗细可能影响弹簧的伸长量你认为小明的猜测2填序号缺少依据假设要探究弹簧伸长的长度与弹簧原长有关，请设计一个简单可行的实验方案将一根弹簧截成长度不同的两段，分别用大小相同的力拉两根弹簧，比拟弹簧伸长的长度3探究结束后，小明用A、B两弹簧分别制作了如图乙所示的a、b两测力计，它们的外壳相同，刻度线分布情况相同那么量程较大的是b测力计，精度较高的是a测力计两格均选填“a或“b【考

60、点】控制变量法与探究性实验方案【专题】探究型实验综合题【分析】1分析表格数据，A弹簧受到的拉力每增加1N时伸长量的变化，然后得出漏记的数据和不挂钩码时的长度；分析表格数据，B弹簧受到的拉力每增加1N时伸长量的变化，然后得出不挂钩码时的长度，比拟拉力相同时AB弹簧的长度关系；根据B弹簧受到的拉力每增加1N时伸长量的变化得出弹簧的长度l与它所受拉力F的定量关系式；2实验两弹簧的原长相同和，材料、横截面积不同，据此判断缺少依据的猜测，要探究弹簧伸长的长度与弹簧原长有关时，应控制其它条件不变，改变弹簧的长度；3比拟量程实质是比拟在弹簧的伸长相同时弹簧所受拉力的关系，因此可根据a、b弹簧在拉力相同时a弹