(完整版)拉格朗日中值定理在高考题中的妙用

1、(完整版)拉格朗日中值定理在高考题中的妙用拉格朗日中值定理在高考题中的妙用【摘要】近几年，以高等数学为背景的高考命题成为热点。许多省市一些高考题可以用拉格朗日中值定理来解答.本文归纳了可用拉格朗日中值定理解决的四类题型，再通过一些具体的高考试题，体现高观点解题的好处.【关键词】拉格朗日中值定理高考题高观点引言新课程中，高中数学新增加了许多近、现代数学思想，这为中学数学传统的内容注入了新的活力，也为解决一些初等数学问题的方法提供了更多的选择.尤其在近几年在近几年的数学高考试题中，经常遇到一些题目，虽然可以利用中学的数学知识解决，但是在高等数学中往往能找出相关的“影子”也即所谓的“高观点"

2、;试题这样的试题或以高等数学知识为背景，或体现高等数学中常用的思想方法.这类试题常受到命题者的青睐，成为高考中一道亮丽的风景，其中不乏以拉格朗日中值定理为背景的高考试题.拉格朗日中值定理是利用导数的局部性研究函数整体性的重要工具，它是沟通函数与其导数之间的桥梁，建立了函数值与导数值之间的定量联系，因而可以用它来研究函数的性态.拉格朗日中值定理是高考试题设置高等数学背景的一个热点素材.一.拉格朗日中值定理1拉格朗日中值定理：若函数f满足如下条件:(i)f在闭区间a,b上连续；(ii)f在开区间(a,b)内可导；则在(a,b)内至少存在一点g，使得Of(b)-f(a)ob-a几何意义：在满足定理条

3、件的曲线上y=f(x)至少存在一点p(g,f(g)，该曲线在该点处的切线平行于曲线两端的连线AB(如图)二.求割线斜率大小几何意义的利用由拉格朗日中值几何意义可知：曲线上两点的割线斜率，可以转化为曲线上切线的斜率.即连续函数上任意两点的连线总与某条切线平行。下面通过下题具体分析.例1:(2011年福建省质检理19题)已知函数f(x)=x+2a2+alnx.x(I)求f(x)的单调递增区间；(II)设a=1,g(x)=f(x),问是否存在实数k，使得函数g(x)上任意不同两点连线的斜率都不小于k?若存在,求k的取值范围；若不存在，说明理由。解(I)略(II)当a=1时，g(x)=1-+-，假设存

4、在实数k，使得的图象上任意不同两点连线的斜率都不小于k,即x2x对任意x>x>0，都有g(叮g(xi)>k,即求任意两点割线斜率的大小，由中值定理知存在xe(x,x)，有21xx1221g'(x)=g(x2)g(x1)>k,转为求切线斜率的大小.即g'(x)=兰-丄>k在(0,+8)上恒成立.(以下同参考答案)xxx3x221评析：该题若用初等方法解决，构造函数同是本题的难点和突破口.将g(x2)g(x1)>k,转化为xx21g(x)kx>g(x)x,转而考查函数h(x)=g(x)kx，学生不是很容易想到，但若利用拉格朗日中值定理，则只

5、2211需求二次导函数在所给区间的最小值即可，学生易接受.二.利用拉格朗日中值定理证最值证f(b)-f(a)>x或f)-f(a)<xbaba即证f'G)与九的大小关系例2:(2009年辽宁卷理21题)已知函数f(x)=x2一ax+(a一1)lnx,a>12(I)讨论函数f(x)的单调性；(II)证明：若a<5，则对任意x,xe(0,+s)，x丰x，有_"叮>1。1212xx12(I)略；(|)要证f(叫)一f(孕>1成立，即证f'=£a+口>1.xxg12令g(g)=g2(a1)g+a1，则A=(a1)24(a1)=

6、(a1)(a5)。由于1<a<5，所以<0。从而g(g)>0在R恒成立。也即g2ag+a1>g。又ge(x,x),x,xe(0,+s)，故g>0-则_+"_->1,即f'(g)=ga+-_->-1,1212gg也即f(卒一f(弓>1。xx12评注：这道题(II)小题用初等方法做考虑函数g(x)=f(x)+x.为什么考虑函数g(x)=f(x)+x很多考生一下子不易想到。而且g'(x)的放缩也不易想到.(2)、证明f(x)>a或f(x)<a成立(其中x>0,f(0)=0)xx即证f(x)-f(

7、6;)>a或f(X)-f(0)<ax-0x-0例3:(2007年高考全国卷I第20题)设函数f(x)=exe-x.2(I)证明：f(x)的导数f(x)>2；(II)证明：若对所有x>0，都有f(x)>ax，则a的取值范围是(-也2(I) 略.(II) 证明：(i)当x=0时，对任意的a，都有f(x)>ax(ii)当x>0时，问题即转化为a<竺亠对所有x>0恒成立。令G(x)=竺二二=f(x)-f(°)，由拉格朗日中xxx-0值定理知(0,x)内至少存在一点g(从而g>0)，使得f'(g)=f(x)-f(。)，即G(x

8、)=f'G)=eg+e-g，由于x-0f''(g)=eg-e-g=e0e-0(g>0)，故f'(g)在(0,x)上是增函数，让xT0得G(x)=f'(g)=eg+e-g>f'(0)=2，所以mina的取值范围是(-g,2o评注：用的是初等数学的方法.即令g(x)=f(x)-ax，再分a<2和a>2两种情况讨论其中，a>2又要去解方程g'(x)=0。但这有两个缺点：首先，为什么a的取值范围要以2为分界展开。其次，方程g'(x)=0求解较为麻烦.但用拉格朗日中值定理求解就可以避开讨论，省去麻烦。例4:(2

9、008年全国卷1122题)设函数f(x)=no2+cosx(i)求f(x)的单调区间；(II)如果对任何x>0，都有f(x)<ax，求a的取值范围.证明(I)略;由拉格朗日中值定理，知存在gw(o,x)，使得山=f(xLfS)=f'(0.由(I)知f'(x)2cosx+1，从而(II)证明：当x=0时，显然对任何a，都有f(x)<ax；当x>0时,f(x)=f(x)-f(0)x-0xx一0(2+cosx)2f”(x)=如X(：+C0SX)(C0SX-"。令f-(x)>0得,xe(2k+1)兀,(2k+2)兀；令f(x)<0得,x2k

10、n,(2k+1)兀。(2+cosx)2所以在(2k+1)兀,(2k+2)叮上,f'(x)的最大值f'(x)=f'(2k+2)冗)=-在2k兀,(2k+1)叮上,f'(x)的最大值max3f(x)=f'(2k冗)=丄。从而函数f'(x)在2kK,(2k+2)叮上的最大值是f(x)=1。gN知，当x>0时，f'(x)的max3max3最大值为f'(x)=丄所以，f(g)的最大值f'(g)=1为了使f'(g)<a恒成立，应有f'G)<a所以a的取max3max3max值范围是j,+彳。评注：这道

11、题的参考答案的解法是令g(x)=ax-f(x)，再去证明函数g(x)的最小值g(x)>0这与上述的min思路是一样的。但首先参考答案的解法中有个参数a，要对参数a进行分类讨论;其次为了判断g(x)的单调性，还要求g'(x)>0和g'(x)<0的解，这个求解涉及到反余弦arccos3a，较为复杂.而用拉格朗日中值定理就可以避开麻烦，省去讨论再次体现了高观点解题的优越性.三利用拉格朗日中值定理证不等式在近几年的数学高考中，出现了不少含有拉格朗日中值定理的试题常以不等式恒成立问题为基本切入点，具有一定的深度，既符合高考命题“能力立意”的宗旨，又突出了数学的学科特点，

12、较好地甄别了学生的数学能力下面以近几年全国各地的数学高考试题为例，说明拉格朗日中值定理的不同形式在高考中不等式的应用，更好地体会用“高观点”解题的优势(1)用于证明f(b)-f(a)与b-a的大小关系例5:(2006年四川卷理第22题)3已知函数f(x)=x2+-+alnx(x>0),f(x)的导函数是f'(x)，对任意两个不相等的正x,x，证明：(II)当a<4时，x12f(x)-f'(x)11212证明：由f(x)=x2+alnx得，f'(x)=2x-+a，令g(x)=f'(x)则由拉格朗日中值定理xx2x得：|g(x)-g(x)|=|g'

13、;(九)(x-x)|1212下面只要证明：当a<4时，任意九0，都有g'(九)>1，则有g'(x)=2+->1，即证a<4时，a<x2+4恒x3x2x成立.这等价于证明x2+4的最小值大于4由x2+4=x2+-+->3打，当且仅当x=3込时取到最小值，又xxxxa<4<3v4，故a<4时，2+->1恒成立。所以由拉格朗日定理得：x3x2|g(x)-g(x)|=|g'(九)(x一x)1=|g'(九)|x一xI>|x一x丨。12121212(完整版)拉格朗日中值定理在高考题中的妙用评注：这道题用初等数

14、学的方法证明较为冗长，而且技巧性较强。因而思路较为突兀，大多数考生往往难以想到。相比之下，用拉格朗日中值定理证明，思路较为自然、流畅。体现了高观点解题的优越性，说明了学习高等数学的重要性。(2)证明g(a),gf旦,g(b)三者大小的关系k2丿例6：(2004年四川卷第22题)3已知函数f(x)=ln(l+x)-x,g(x)=xInx。(I) 求函数f(x)的最大值；(II) 设0<a<b<2a，证明：g(a)+g(b)-2gf"+b<(b-a)ln2。k2丿证明(I)略；(II)证明：依题意，有g'(x)=lnx+1,g(a)+g(b)-2g=g(b

15、)-gfa+b)fa+bt)a,pec,bk2丿k2丿存在入ef卜k2，使得g(b)-gfa+b-g(a)丿由拉格朗日中值定理得,fa+b、ffa+b、k丿-fgk丿k-g(a)j=(g'(p)g'(九)=(lnP-ln九).pb-abb-a4ab-a=ln<ln<ln=b-a丿ln2入2a2a2fa+b'、厂丿两次运用拉格朗日中值定理。评注：对于不等式中含有g(a),g(b),g(a<b)的形式，我们往往可以把g-g(a)和g(b)-g，分fa+b、k丿例7：(2006年四川卷理第22题)别对g-g(a)和g(b)-g已知函数f(x)=x2+-+al

16、nx(x>0),f(x)的导函数是f'(x)，对任意两个不相等的正数x,x，证明：(I)当a<0时,f(xi)+fWI>f2xfx+x'k2丿x,x12fx+x'2fk2丿则g<g且f(x)-ff冷+x即证f(x)-f2fx+x'12丿=f'(g)丁22-f(x)由拉格朗日中值定理知,存在122丿丿f'(x)=2x-+，f"(x)=2+-。当a<0时，f''(x)>0。所以f'(x)是个单调递减函数，故f'(g)<f'(g)xx3x212fx+x'

17、fk2丿丿四：利用拉格朗日定理证明根的存在4fx+xfx+x)ex2,ge1,xk12丿2k22丿勺证明：(I)不妨设x<x,1212fx+x'12"fk2丿丿-f卩=f'S宁又x2从而f(x)-f2x3x2fx+x、k2丿-f(x)成立,因此命题获证1证明方程根的存在性，所给根的范围就是区间a,b把所给方程设为函数f(x)就可用拉格朗日中值定理证明方程根的存在性,一般用反证法。例1设f(x)在0,1可导，且0<f(x)<1,又对于(0,1)内所有的点有f'(x)工-1证明方程f(x)+x-1=0在(0,1)内有唯一的实根。分析：要证明方程有

18、唯一的实根，分两步证明，先证明有根,再证明根是唯一的证明：先证方程有根,令g(x)=f(x)+x-1，又因为0<f(x)<1，则g(0)=f(0)-1<0,g(1)=f(l)>0，得到g(0)g(1)<0.所以，函数g(x)在(0,1)内至少有一个实根.再证唯一性；假设方程f(x)+x-1=0在(0,1)内有两个实根a,B不妨设为0<a<B<1,则有f(p)=1-B,f(a)=1-a,对函数f(x)在a,卩上运用拉格朗日中值定理有f(P)-f(a)=f'(X)(p-a).因此fQ)=f(卩)-f(a).Hi)p-ap-a这和已知条件f&#

19、39;(x)工-1矛盾。所以方程f(x)+x-1=0在(0,1)内有唯一的实根.结束语拉格朗日中值定理是数学分析的一个重要定理，是解决函数在某一点的导数的重要具。，不少高考压轴题以导数命题,往往可以用拉格朗日中值定理求解。固然,这些压轴题用初等数学的方法也可以求解。但求解时一般都需要学生巧妙的构造新函数，成为难点且往往计算量较大.这时用拉格朗日中值定理交易解决.充分体现了高等数学的优越性,有力反驳了“高数无用论”的错误的想法.从而使学生感受到高等数学与初等数学的联系,增加学习的兴趣。参考文献1 陈纪修，於崇华，金路.数学分析(上册)M.北京：高等教育出版社，2010,123124。2 吴旻玲.高考中的拉格