广东广州高三物理毕业班综合测试试题广州二模

1、2014广州二模试题答案解析一、单项选择题1.子弹射入静止于光滑水平地面上的木块，则.做功使木块的内能增大.热传递使木块的动能增大.子弹损失的能量等于木块增加的内能.子弹损失的能量等于木块增加的动能答案：A解析：子弹与木块的摩擦生热既传给了子弹，也传给了木块。子弹与木块的动能损失发了热。选项BCD昔误。2.如图，a、b是航天员王亚平在“天宫一号”实验舱做水球实验时形成的气泡,相同且a的体积大，则a、b温度.a内气体的内能比b的小.a内气体的分子平均动能比b的大.气泡表面附近的水分子间作用力表现为斥力.水球外表面附近的水分子间作用力表现为引力水球ab：答案：D解析：气泡表面外面的水分子引力作用使

2、气泡成球形。选项错误，平均动能相等。选项C错误，与选项D对立A错误，a内能大。选项B3.跳伞运动员在下降过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图，则0t1过程中mgA.kBmgkCF-mgk答案：C解析：弹簧无质量，其拉力二、双项选择题=F=kXo选项C正确。有空气阻力，机械能减小。选项k的轻弹簧，在水平恒力F作用科,重力加速度为g,弹簧没有超.速度一直在增大加速度一直在增大.机械能保持不变1-vmt1.位移为2答案：A解析：选项B错误，加速度一直在减小。选项C错误,-Vmt1D错误，位移大于2，选项A正确。4 .如图，水平地面上质量为m的物体连着一个劲度系数为下做匀加速直线运动.已知物体与地面间

3、的动摩擦因素为出弹性限度，则弹簧的伸长量为（设向里为正方向）的匀强5 .水平放置的平行板电容器与线圈连接如图，线圈内有垂直纸面磁场.为使带负电微粒静止在板间，磁感强度B随时间t变化的图象应该是答案：BC解析：题意要求带负电微粒平衡，所以电场力与重力平衡。即上板带正电，则要求感应电动势（电流）方向为逆时针，而且大小恒定，从而得出垂直纸面向里的磁场均匀增大。6.238U的衰变方程为238234492Ut90Th2勺其衰变曲线如图，T为半衰期，则238u，山口92U发生的是a衰变238U,92U发生的是3衰变.k=3.k=4答案：AC解析：经过3个半衰期，质量剩下1/8。7.某小型发电站的电能输送示

4、意图如下，变压器均为理想变压器并标示了电压和匝数.若电压Ui=U4,输电线总电阻为r,用户端的用电器正常工作，则U2=U3U2U3二n.n2n4(TUU2n2n3n4U3J：U4用户iniV答案：BD-11：*解析：高压输电，所以U2>U3,n2,n4,所以选项B、D正确。8 .如图，甲、乙、丙是位于同一直线上的离其它恒星较远的三颗恒星，甲、丙围绕乙在半径为R的圆轨道上运行，若三颗星质量均为M,万有引力常量为G,则5GM2/-2.甲星所受合外力为4RGM22.乙星所受合外力为R.甲星和丙星的线速度相同.甲星和丙星的角速度相同答案：AD解析：选项B错误，乙星所受合外力为零。选项C错误，线速

5、度有方向。一,cp,一,CpA,在电9 .电子束焊接机中的电子枪如图所小，K为阴极、电势为k,A为阳极、电势为场作用下电量为-e的电子从K运动到A,则A.A、K间电势差为*a-*kB,电子动能增加e(*A*K)C,电子电势能增加eWA-中K)D.电子克服电场力做功为敏%-)答案：AB解析：选项C错误，电势能减小。选项D错误，电场力做正功为e(tpA-CpK)o三.实验题10 .(1)如图为“验证力的平行四边形定则”实验，三个细线套L1、L2、L3一端共系于一个结点，另一端分别系于轻质弹簧测力计AB和重物M上，A挂于固定点P.手持B拉动细线,使结点静止于O点.某次实验中A的指针位置如图所示，其读

6、数为N;实验时要读出AB的示数，还要在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置、和；下列实验要求中必要的是(填选项的字母代号)；A.弹簧测力计需要在实验前进行校零B.细线套方向应与木板平面平行C.需要用托盘天平测量重物M的质量D.弹簧测力计B始终保持水平实验的主要步骤如下，请完成相关内容.图(b)(2)用如图(a)所示的实验器材及电路测量金属丝的电阻率，将P移到金属丝a位置，开启电源，合上开关S,调节电阻箱的阻值到(填“最大”或“零”)，并读出此时电流表的示数I0,断开开关S;适当向b端滑动P,闭合开关S,调节电阻箱使电流表示数为,记录电阻丝aP部分的长度L和电阻箱对应的阻值R,断开开关S;重复步骤

7、，直到记录9组L和R值并画出RL的关系图线如图（b）所示;根据RL图线，求得斜率为Q/m.用螺旋测微器测量金属丝的直径如图（c）,其示数为mm可算得金属丝的电阻率为Qm（、的计算结果保留三位有效数字）答案：（1）2.00N;L1的方向、L2的方向和L3的方向；或者L1、L2和L3的方向；或者L1的方向、L2的方向和L3的方向及M的重量；（3分，每空各1分）AB（2分，每对一项得1分，有错选得0分）.解析：不需要天平，因为有弹簧测力计。（2） 零；I0;解析：P向b移动时，所用电阻变小，调大变阻器电阻，可以保证电阻不变，所以电流不变，仍然为I0;_32.0Q/m（2分，31.432.6可给分）；

8、®_0.200_mm（2,0.1980.202可给分）；1.00X10-6Q-m（2分，0.9601.05X10-6可给分，主要看三位有效数字是否正确）.四.计算题11.如图，质量为6nl长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平.B端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C,C与木板'-1之间的动摩擦因数为3.质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触.现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂.小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半.（1） 求细绳能够承受的最大拉力；（2） 若要使小球落在释放点

9、的正下方P点，平台高度应为多大？（3） 通过计算判断C能否从木板上掉下来.v0,小球向下摆动过程，由动能定理解析：（1）设小球运动到最低点的速率为12mgL=-mv02小球在圆周运动最低点，由牛顿第二定律:由牛顿第三定律可知，小球对细绳的拉力:hJgt2（2）小球碰撞后平抛运动：22V0一mg=mRT'=T解得：T'=3mgLjt水平分位移：2解得：h二L（3） 小球与滑块C碰撞过程中小球和C系统满足动量守恒，设C碰后速率为v1,并依题,V。、mv0=m(1)3mv1意有2d假设木板足够长，在C与木板相对滑动直到相对静止过程，设两者最终共同速率为v2,由动量守恒：3mVi=(3

10、m+6mM1八21,八八、2，八3mv1=(3m6m)v2-3mgs由能量守恒：22Ls=联立Qi解得：2g由s<L知，滑块c不会从木板上掉下来.评分说明：第(1)问中没有式暂不扣分；第(3)问通过其它途径计算得出正确结论也可以得分。12.如图，空间区域I、n有匀强电场和匀强磁场,MNPQ为理想边界，I区域高度为d,Mh-HyOrNXLX-t(XXX.XXP*4*,QB*.*n区域的高度足够大.匀强电场方向竖直向上；I、n区域的磁感应强度均为B,方向分别垂直纸面向里和向外.一个质量为m电量为q的带电小球从磁场上方的O点由静止开始下落，进入场区后，恰能做匀速圆周运动.已知重力加速度为g.(

11、1) 试判断小球的电性并求出电场强度E的大小；(2) 若带电小球运动一定时间后恰能回到O点，求它释放时距MN的高度h;(3) 试讨论在h取不同值时，带电小球第一次穿出I区域的过程中，电场力所做的功.解析：(1)带电小球进入复合场后，恰能做匀速圆周运动，合力为洛伦兹力，重力与电场力平衡，重力竖直向下，电场力竖直向上，即小球带正电。E.哂由qE=mgD解得q1(2)带电小球在进入磁场前做自由落体运动，依机械能守恒有mgh=2mv2D2v带电小球在磁场中作匀速圆周运动，设半径为R,依牛顿第二定律有qvB=mR由于带电小球在I、n两个区域运动过程中q、v、B、m的大小不变，故三段圆周运动的半径相同，以三个圆心为顶点的三角形为等边三角形，边长为2R,内角为60o,如答图(a)d2q2B2d2c2所示.由几何关系知R=sin60°解得h=3mg；作出小球运动大致轨迹图（3）当带电小球在I区域作圆周运动的圆弧与QPQ相切时，运动轨迹如答图（b）所示，有半径R=dD联立式，解得h0=2m2g讨论：i.当h<h0时，带电小球进入磁场I区域的速度较小