广东深圳宝安区2017届中考物理二模试卷解析版

1、2017年广东省深圳市宝安区中考物理二模试卷一、选择题1.如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）.以下三组力属于平衡力的是（）地面对小车的支持力与木块对小车的压力小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力7777777777.地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力.777777A.仅B.C.仅D.2.如图所示，2016年10月17日，中国载人航天飞船神舟十一号由长征火箭推进加速升空，关于此过程说法错误的是（）A.火箭推力对飞船做了功B.飞船的动能和势能不断增加C.火箭升空是利用流体压强与流速的关系D.燃料的化学能转化为飞船的

2、机械能3 .如图所示，当溢水杯盛满密度为仍的液体时，把实心物块放入杯中，物块漂浮，静止后溢出的液体质量为m1；当溢水杯盛满密度为例的液体时，把同一物块放入杯中，物块沉底，静止后溢出的液体质量为m2.则物块的密度为（IThiIDiID9ID1A1,B-1.C.'D-叫1m21叫士叱士4 .物理与生活息息相关，以家庭厨房为例.下列有关物理量现象表述错误的是（）A.切菜用的菜刀磨得很锋利-是为了增大压强B.挂轻小物品的吸盘-与大气压有关C.正常使用的筷子-属于省力杠杆D.厨房底面上铺的防滑垫-是为了增大摩擦5.如图所示，某同学用重为10N的动滑轮匀速提升重为60N的物体.不计纯重及摩擦，则图

3、中所用拉力F的可能值是（）VTA.25NB.30NC.35ND.40N6.如图所示，电源电压恒定，闭合开关，灯泡Li比灯泡L2亮，则（）A. Li的电阻比L2大B. Li两端的电压比b大C.若L2灯丝烧断，通过Li电流变大D.若Li灯丝烧断，L2两端电压不变7 .一蓄电池正负极标志模糊不清，以下四组器材中，无法判断蓄电池正负极的是（）A.开关、螺线管、小磁针、若干导线8 .开关、小灯泡、电流表、若干导线C.开关、小灯泡、滑动变阻器、若干导线D.开关、电压表、若干导线8 .飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻Ri表示，用开关S控制，30天后自动断开，R停止工作；另一部

4、分为信息储存电路，可用等效电阻R2,用开关S2控制，能持续工作6年，如图所示.关于黑匣子的等效电路中正确的是（）9 .如图所示，已知R=&,当开关S闭合、开关S掷到2时，电压表与电流表的示数分别为Ui和11,当开关S断开、开关S由2掷到1的同时，将滑动变阻器的滑片移到最左端，电压表与电流表的示数分别为6和幺则以下判断正确的是（）A.Ui>6,Ii>bB.Ui<U2,Ii>bC.Ui=U2,Ii<l2D.UiU2,IiI210.下列对有关物理学家及其所做的实验表述不正确的是（）A.托里拆利实验精确地测出大气压的数值B.奥斯特实验证明了电流周围存在磁场C.法拉

5、第通过实验研究了磁场对通电导线的作用D.焦耳最先准确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系11. .如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开.下列说法正确的是A.灯泡和两孔插座是串联的B.试电笔接触M点，式管不发光C.开关和三孔插座的连接都是错误的D.试电笔插入两孔插座的左孔，式管发光二、实验探究题12. .（7分（1）如图1所示，甲物体重3N,乙物体重10N,乙静止于水平地面上，则a纯对甲的拉力为N（不计纯重与摩擦）.（2）为分析b纯对乙的拉力，小明做了以下实验：用弹簧测力计测出某物体的重力（如图2所示）；然后将绳子靠着定滑轮（不计纯重与摩擦），如图3所示，弹簧测力计一次放

6、在A、B、CD位置时，其示数保持不变.由此可见，定滑轮只改变力的,不改变力的（均选填大小”或方向”）.所以，小明认为图1中b纯对乙的拉力为N.（3）接着小明再做了如图4所示的实验：将弹簧测力计内与丁相互对拉，它们的示数相等.于是可以得出：b纯对乙的拉力乙对b绳的拉力（选填等于“或不等于“）.再通过受力分析可得，图1中地面对乙有N的支持力，它和乙受到的重力（选填是"或不是"）一对平衡力.13. （7分）在测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压包为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,正常发光时灯丝电阻约为10Q,所用滑动变阻器的最大阻值(1)将图甲汇总电流表准确接入电路，应接A,

7、”徽线柱B.“0.能线柱乙(填字母)(2)试触时，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是(选填小灯泡断路”小灯泡短路”或滑动变阻器处断路”).(3)故障排除后，闭合开关后小灯泡仍不亮，但电流表有示数，应进行的操作是.(填字母)A.更换小灯泡B.检查开关是否闭合C.移动滑动变阻器滑片D.检查电压表是否断路(4)某次实验中，电压表示数为1.5V,要使灯泡L正常发光应向(选填“喊"B端移动滑动变阻器滑片，同时应观察(选填电流表”或电压表”)示数，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是.(5)若要探究电流与电阻的关系，可将甲图中的小灯泡换成定

8、值电阻R,并使电压表的示数保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R,记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下R的大小不能超过Q.14. (8分)如图是一个用浮筒、小灯泡和收放线装置A制作的航标灯模型，细线下端固定在水槽底部，航标灯总重4N,当水位上升时，A放线；水位下降时，A收线，从而使细线的拉力保持不变，航标灯静止时浸入水中的深度h始终为5cm,排开水的体积也始终为500cm3(不计线重和摩擦)，当航标灯警示时，求:(水的密度p=1.0103kg/m3；g=10N/kg)(1)航标灯底部受到水的压强是多少？(2)航标灯受到的浮力是多少？(3)细线对航标灯的拉力为多少？小灯承15. (

9、8分)图甲是某电吹风的工作原理图.电吹风工作时，可分别吹出热风和凉风，为了防止温度过高，用一个PTC电阻品与电热丝R串联，电热丝阻值包为50Q,R的阻值随温度的变化如图乙所示，电动机正常工作时的功率为80W,求：(1)当开关S位于2位置时，电吹风吹出的是(选填热风”或深风”)，此时连续工作5min消耗多少电能？(2)吹热风时电热丝的最大发热功率是多少？WA<16. (6分)综合开放题：小海同学发现空调遥控器有一条提示：不要将新旧电池混用他决定用所学物理知识探究这条提示的依据.方法一：在家里，用同型号串联的两节新电池和串联的一新一旧电池分别给同一辆玩具电动车供电，让电动车在相同路面上运动.

10、(1)通过测量电动车运动的，比较两组电池为电动车提供的电功率大小.(2)通过测量电动车能够运动的，比较两组电池为电动车提供的电能多少.方案二：来带学校实验室，小海设计了图示2所示的电路，用定值电阻R替代电动车，将方案一中的两组电池和同型号一节新电池分别接入A、B间进行实验.通过测量开关S闭合前后，R两端的电压，读数记录在下表中.电源S断开时电压/VS闭合时电压/V两新3.23.1-8旧1.91.31.61.5(3)分析表中S时电压(选填断开”或闭合”)可知，串联的一新一旧电池给定值电阻提供的电压，不仅小于两节新电池提供的电压，竟然也小于一节新电池提供的电压！(4)为什么一新一旧电池给定值电阻提

11、供的电压小于一节新电池提供的电压？原因分析：根据申联电路中电源电压等于各部分电路两端电压,用一新一旧电池供电的电路中，废旧电池相当于在以一节新电池为电源的电路中串联了(5)要使结论具有普遍性，应该D1图22017年广东省深圳市宝安区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题1. （2016?苏州）如图所示，木块置于小车上，在水平拉力F作用下，小车和木块一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动（不计空气阻力）.以下三组力属于平衡力的是（）地面对小车的支持力与木块对小车的压力小车对木块的摩擦力与木块受到的水平拉力地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力.77777777777777A.仅B.C.仅

12、D.【考点】6R平衡力的辨别.【分析】平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上.缺一不可.【解答】解：地面对小车的支持力与木块对小车的压力，二者大小不相等，所以不是一对平衡力；木块受到向右的拉力，同时由于木块处于平衡状态，所以还一定受到小车对木块向左的摩擦力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力；拉力作用在木块上，所以小车和木块虽然一起以速度v沿水平地面向右做匀速直线运动，但二者间有相对运动的趋势，所以它们之间有摩擦力.地面对小车的摩擦力与木块对小车的摩擦力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同

13、一物体上，是一对平衡力.综上所述，是一对平衡力.故选B.【点评】本题考查了对平衡力的辨别，关键是要用分割思想，分别对两个物体的受力情况进行分析，属易错题.2. (2017?宝安区二模)如图所示，2016年10月17日，中国载人航天飞船神舟十一号由长征火箭推进加速升空，关于此过程说法错误的是()A.火箭推力对飞船做了功B.飞船的动能和势能不断增加C.火箭升空是利用流体压强与流速的关系D.燃料的化学能转化为飞船的机械能【考点】EA:力是否做功的判断；6I:力作用的相互性；FN:动能和势能的大小变化.【分析】(1)做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离.二者缺一不可.(2)

14、动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，据此判断.(3)火箭升空是利用物体间力的作用是相互的.(4)根据火箭发射时消耗和获得的能量可做出判断.【解答】解：A、火箭给飞船的推力向上，飞船向上移动了距离，火箭对飞船做功.故A正确.B、火箭升空时加速运动，速度和高度都增大，所以动能和重力势能都增加，故B正确；C火箭升空时，火箭给燃气一个向下的力，物体间力的作用是相互的，燃气给火箭一个向上的力，推动火箭升空.飞机的升力是利用了流体压强与流速的关系.故C错误.D、火箭发射时燃料的化学能转化为火箭和飞船的机械能，故D正确.故选C.【点评】本题结合火箭发射考查了做功的判断，机械能的转化与

15、影响因素，力的相互作用的应用等，有一定综合性，但难度不大.3. （2016?可南）如图所示，当溢水杯盛满密度为初的液体时，把实心物块放入杯中，物块漂浮，静止后溢出的液体质量为mi；当溢水杯盛满密度为例的液体时，把同一物块放入杯中，物块沉底，静止后溢出的液体质量为m2.则物块的密度为（）A二叫1B.【考点】2A：密度的计算.【分析】根据物体漂浮，浮力等于重力列出物块所受浮力与重力的表达式，可得其密度表达式；物体沉底，排开液体的体积等于物体的体积，根据浮力等于排开液体的重力和F浮=PagV排列出所受浮力表达式，可得其体积的表达式，将代入即可求出物块的密度.【解答】解：设物块的密度为p,体积为V,根

16、据G=mg和p号可得物块的重力G=pVg当溢水杯盛满密度为pi的液体时，把实心物块放入杯中，物块受到的浮力F浮i=mg物块漂浮，则F浮i=G,即mig=pVg当溢水杯盛满密度为很的液体时，把同一物块放入杯中，物块受到的浮力F浮2=m2g,物块沉底，贝F浮2=f2gV排=f2gV,即m2g=ogV,有：VP2叫将代入可得，P-P2.川2故选D.【点评】此题考查密度的计算，涉及到阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用、重力、密度公式的应用，具有较强的综合性，题目难度适中，适合学生训练，属于中档题.4. (2016?娄底)物理与生活息息相关，以家庭厨房为例.下列有关物理量现象表述错误的是()A.切菜用的

17、菜刀磨得很锋利-是为了增大压强B.挂轻小物品的吸盘-与大气压有关C.正常使用的筷子-属于省力杠杆D.厨房底面上铺的防滑垫-是为了增大摩擦【考点】84：增大压强的方法及其应用；7I：增大或减小摩擦的方法；7O：杠杆的分类；8J：大气压的综合应用.【分析】(1)增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强.(2)大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象.(3)判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆.(4)增大摩擦力

18、的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.【解答】解：A、切菜用的菜刀磨得很锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故A正确；B、吸盘挂钩在使用时，先挤出吸盘里面的空气，吸盘在大气压的作用下被压在墙面上，吸盘在大气压力的作用下吸在墙上，与大气压有关，故B正确；G筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆.故C错误；D、厨房底面上铺的防滑垫，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力.故D正确.故选C.【点评】此题考查增大压强的方法、杠杆的分类、大气压的应用和增大摩擦的方法，是一道综合性较强的题目，但总体

19、难度不大，掌握基础知识即可正确解题.5. （2017?宝安区二模）如图所示，某同学用重为10N的动滑轮匀速提升重为60N的物体.不计纯重及摩擦，则图中所用拉力F的可能值是（）A.25NB.30NC.35ND.40N【考点】7Z:动滑轮拉力的计算.【分析】由于沿竖直方向使用动滑轮时省一半的力，若考虑动滑轮重力，则拉力就是物体和动滑轮总重的二分之一.【解答】解：动滑轮之所以省一半的力，是因为其相当于杠杆的变形，轮的直径相当于动力臂，轮的半径相当于阻力臂，这样动力臂是阻力臂的二倍，自然就省一半的力了.而这一关系成立的前提是：必须竖直向上拉绳子.重物和动滑轮的总重由2段绳子承担，当沿竖直方向拉动时，则

20、拉力F=（G物+G轮）=X70N=35N；图中斜向上拉绳子时，动力臂会减小，而阻力和阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知，动力就会增大，因此所用拉力变大，但还是能够省力，所以，拉力F的范围是35N<F<70N.故选D.【点评】根据二力平衡平衡的知识，动滑轮以及物体的重力与拉力沿竖直方向的分力平衡，因此拉力大于此分力.6. （2017?宝安区二模）如图所示，电源电压恒定，闭合开关，灯泡Li比灯泡L2亮，则（）A. Li的电阻比L2大B. Li两端的电压比b大C.若L2灯丝烧断，通过Li电流变大D.若Li灯丝烧断，L2两端电压不变【考点】JE实际功率.【分析】由题意可知，两灯并联则两灯电压相

21、等，Li灯亮说明Li中的功率较大、电阻较小，则根据欧姆定律可判出电流大小关系.【解答】解：AB、由图可知，两只灯泡并联，两灯泡电压相等，Ui=U2,灯泡Li比灯泡L2亮，则P实i>P实2,由P实£可知，则Li的电阻比L2小，故RAB错误；C、若L灯丝烧断，电源电压恒定，Li的电阻不变，由I片可知，通过Li电流不变；故C错误；D、若Li灯丝烧断，电源电压恒定，L2两端电压不变，故D正确.故选D.【点评】本题考查电功率与电流和电压的关系，主要是考查电功率公式的应用，要知道并联电路电压的规律，还要知道灯泡亮度值取决于灯泡的实际功率7. （20i5?无锡）一蓄电池正负极标志模糊不清，以

22、下四组器材中，无法判断蓄电池正负极的是（）A.开关、螺线管、小磁针、若干导线B.开关、小灯泡、电流表、若干导线C.开关、小灯泡、滑动变阻器、若干导线D.开关、电压表、若干导线【考点】HH:电源及其能量转化.【分析】电池有两极：正极和负极，电路中的电流方向是从正极出发经过用电器回到负极.要判断电池的正、负极，我们可以利用与电流方向有关的，在使用过程中要考虑电流方向的器材来进行辨别【解答】解：A、通电螺线管的极性与电流的方向有关：我们先根据小磁针静止时N极的指向判断出通电螺线管的N极，然后用安培定则就可以判断螺线管中的电流方向，进而根据电流方向就可以判断出电池的正、负极，不合题意；B、电流表的正、

23、负接线柱的接法要正确（电流从正接线柱进，从负接线柱出，指针正向偏转；接反的话，指针会反向偏转）：将小灯泡与电流表串联起来接在电路中，观察电流表指针的偏转情况，若电流表的指针正向偏转，则跟电流表正接线柱相接的那个极就是电池的正极；若电流表的指针反向偏转，则跟电流表正接线柱相接的那个极是电池的负极，不合题意；G滑动变阻器和灯泡都没有正、负接线柱，无论怎么接都不会影响它们的使用，所以也就无法利用它们来辨别电池的正、负极，符合题意；D、电压表有正负接线柱，并能直接接到电源两端，使得电流从正接线柱流入负接线柱流出：将电压表接到电源两端，若电压表指针向右偏转则与其正接线柱相连的为电源的正极，若反向偏转，则

24、与其负接线柱相连的为电源的正极，可以判断电源的正负极，不合题意.故选C【点评】本题考查了利用电流方向解决实际问题的能力，在这道题中综合体现了与电流方向有关的一些器材，是一道好题.8. （2015?天水）飞机黑匣子的电路等效为两部分，一部分为信号发射电路，可用等效电阻Ri表示，用开关&控制，30天后自动断开，R停止工作；另一部分为信息储存电路，可用等效电阻R2,用开关控制，能持续工作6年，如图所示.关于黑匣子的等效电路中正确的是（）【考点】IY:电路图设计.【分析】申联电路中各用电器相互影响，并联电路中各用电器可以单独工作、互不影响；串联电路中的开关控制整个电路；并联电路中，干路开关控制

25、整个电路，支路开关只控制该支路上的用电器.【解答】解：根据题意可知，Ri、&可以单独工作，互不影响，因此它们为并联连接，并且它们都有相应的开关控制，故B选项的电路图符合题意.故选B.【点评】本题考查串并联电路的特点以及用并联电路中开关的作用，难度不大.9. （2016?南昌）如图所示,已知Ri=R?,当开关S闭合、开关S掷到2时，电压表与电流表的示数分别为Ui和Ii,当开关S1断开、开关S由2掷到1的同时，将滑动变阻器的滑片移到最左端，电压表与电流表的示数分别为U2和I2,则以下判断正确的是（）r-J<AJ!pylI丁IJPA.Ui>U2,Ii>l2B.Ui<U

26、2,Ii>l2C.Ui=U2,Ii<l2D.Ui<U2,Ii<l2【考点】IH:欧姆定律的应用.【分析】（i）分析电路结构，确定各电路元件的连接方式，确定各电表所测量的量；（2）根据各电表所测量的量，根据串并联电路的特点和欧姆定律分析答题.【解答】解：由电路图知当开关6闭合、开关S掷到2时，电阻Ro与电阻&并，一一UU联，电压表被短路，小数为Ui=0,电流表测干路电路电流；小数为Ii=Io+IR2K刀；当开关§断开、开关S由2掷到i的同时，将滑动变阻器的滑片移到最左端时，电路中只有Ri连入，电压表测电阻Ri两端的电压；则示数6=U,所以Ui<6;

27、一-U一，电流表测Ri的电流；小数I2=Iri=R;已知Ri=R?,则Ii>I2.故选B.【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键是电表所测电路元件的判断和开关闭合、断开时电路连接方式的辨别.10. （201670阳）下列对有关物理学家及其所做的实验表述不正确的是（）A.托里拆利实验精确地测出大气压的数值B.奥斯特实验证明了电流周围存在磁场C.法拉第通过实验研究了磁场对通电导线的作用D.焦耳最先准确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系【考点】8E:大气压强的存在；2R:物理常识；C9:通电直导线周围的磁场；CR电磁感应；JH:焦耳定律.【分析】（1）世界

28、上第一个准确测出大气压数值的科学家是托里拆利；（2）奥斯特发现了电流的磁效应；（3）法拉第发现了电磁感应现象；（4）英国物理学家焦耳通过一系列实验发现了焦耳定律.【解答】解：A、1643年，意大利科学家托里拆利实验第一次精确地测出大气压的数值，po=1.013x105Pa,故A正确；B、奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人，故B正确；C、法拉第通过实验研究了电磁感应现象，从而使人类进入了电气化时代，故C不正确；D、在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间的关系，即发现了焦耳定律，故D正确.故选：C.【点

29、评】本题考查我们对一些重要的科学家及其贡献的了解和掌握，属于物理学常识，平时要注意物理学常识知识的积累.11. （2016?河南）如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开.下列说法正确的是(A.灯泡和两孔插座是串联的B.试电笔接触M点，式管不发光C.开关和三孔插座的连接都是错误的D.试电笔插入两孔插座的左孔，式管发光【考点】IO:家庭电路的连接.【分析】(1)家庭电路中，各插座和各家用电器之间都是并联的.(2)试电笔接触火线时，凝管会发光；(3)开关控制灯泡时，开关要接在灯泡和火线之间.且三孔插座是左零右火上接地”(4)对于两孔插座是：左零右火.【解答】解：A、灯泡和两孔插座是互不影响的

30、，所以是并联的，故A错误；B、M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，式管发光，故B错误；C据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；D、两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插入两孔插座的左孔式管不发光，故D错误；故选C.【点评】掌握家庭电路中三孔插座、两孔插座、开关、灯泡的接法，并理解各种接法的原因.、实验探究题(1)如图1所示，甲物体重3N,乙物体重10N,乙静止于水平地面上，则a纯对甲的拉力为3N(不计纯重与摩擦).(2)为分析b纯对乙的拉力，小明做了以下实验：用弹簧测力计测出某物体的重力(如图2所示)；然后将绳子靠着定滑轮(不计纯重与摩擦)

31、，如图3所示，弹簧测力计一次放在A、B、C、D位置时，其示数保持不变.由此可见，定滑轮只改变力的方向，不改变力的大小(均选填大小”或方向”).所以，小明认为图1中b纯对乙的拉力为3N.(3)接着小明再做了如图4所示的实验：将弹簧测力计内与丁相互对拉，它们的示数相等.于是可以得出：b纯对乙的拉力等于乙对b纯的拉力(选填等于“或不等于“).再通过受力分析可得，图1中地面对乙有7N的支持力，它和乙受到的重力不是(选填是“或不是")一对平衡力.【考点】6W：力的合成与应用；75：弹簧测力计在力的相互性方面的应用；7V：定滑轮及其工作特点.【分析】(1)以甲为研究对象，处于静止状态，受到的拉力

32、和重力是一对平衡力，大小相等；(2)(3)定滑轮的特点：不能改变力的大小，但能改变力的方向；物体间力的作用是相互的，大小相等、方向相反.【解答】解：(1)以甲为研究对象，甲处于静止状态，所以a纯对甲的拉力F=G甲=3N;(2)由图3和题意可知，使用定滑轮改变了力的方向，但不能改变力的大小；所以小明认为图1中b纯对乙的拉力等于a绳对甲的拉力为3N.(3)如图4的实验，将弹簧测力计内与丁相互对拉，它们的示数相等，说明相互作用力大小相等；于是可以得出，b纯对乙的拉力等于乙对b纯的拉力；图1中乙物体受到10N竖直向下的重力、竖直向上的3N的拉力，故还受到10N-3N=7N竖直向上的支持力，支持力和重力

33、大小不相等，故不是一对平衡力.故答案为：(1)3;(2)方向；大小；3;(3)等于；7;不是.【点评】本题综合考查了定滑轮的特点、力的相互性、力的平衡的应用，虽知识点多，但都属于基础，难度不大.13.在测量小灯泡额定功率”的实验中，电源电压包为6V,小灯泡的额定电压为2.5V,正常发光时灯丝电阻约为10Q,所用滑动变阻器的最大阻值(1)将图甲汇总电流表准确接入电路，应接B.(填字母)A,“3®线柱B,“0.能线柱(2)试触时，小灯泡不发光，电流表无示数，电压表有示数，则电路中发生的故障可能是小灯泡短路”(选填小灯泡断路”小灯泡短路”或滑动变阻器处断路”).(3)故障排除后，闭合开关后

34、小灯泡仍不亮，但电流表有示数，应进行的操作是C.(填字母)A.更换小灯泡B.检查开关是否闭合C.移动滑动变阻器滑片D.检查电压表是否断路(4)某次实验中，电压表示数为1.5V,要使灯泡L正常发光应向A(选填“A”或“B'端移动滑动变阻器滑片，同时应观察电压表(选填电流表”或电压表”)示数，当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.6W.(5)若要探究电流与电阻的关系，可将甲图中的小灯泡换成定值电阻R,并使电压表的示数保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R,记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下R的大小不能超过20Q【考点】JF:电功率的测量.【分析】(

35、1)求出灯正常工作时电流，确定电流表量程；(2)灯泡不发光，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的，电流表有示数，说明电路不存在断路，据此判断；(3)闭合开关后小灯泡仍不亮，但电流表有示数，说明电路为通路，根据连接电路时为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大确定应进行的操作；(4)比较电压表示数与额定电压的大小，由分压原理确定滑片移动的方向，因灯在额定电压下才能正常工作，所以眼睛应注视电压表；由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数，再由P=UI求出灯泡额定功率；(5)根据串联电路特点与分压原理答题.【解答】解：(1)灯正常工作时的电流约为：1=鸿=0.25A,所以，电流表选00.6A量程，

36、选B;(2)灯泡不发光，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的；电流表有示数，说明电路不存在断路，与灯泡并联的电压表示数为零，则小灯泡发生短路.(3)闭合开关后小灯泡仍不亮，但电流表有示数，说明电路为通路，因连接电路时为保护电路，变阻器连入电路中的电阻最大，故应进行的操作是：移动滑动变阻器滑片看灯是否发光，选C；(4)电压表示数小于灯的额定电压，要使灯正常发光，应增大灯的电压，减小变阻器的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻，滑片向A端移动；同时视线应注意观察电压表的示数直到电压表示数为2.5V;电流表量程为00.6A,由图示电流表可知，其分度值为0.02A,电流表示数为0.24A,灯

37、泡额定功率P=UI=2.5VX0.24A=0.6W;(5)电源电压为6V,电阻两端电压为2V,滑动变阻器分压为4V,是定值电阻两端电压的两倍，根据分压原理，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的两倍，因滑动变阻器最大阻值为40欧姆，因此定值电阻最大阻值为20欧姆.故答案为：(1)B；(2)小灯泡短路；(3) C;(4) A;电压表；0.6W;(5) 20.【点评】本题测小灯泡的电功率，考查电路的连接、注意事项、故障的分析、操作过程、额定功率的计算及器材的选择等知识，是中考的热点问题，要准确掌握.14.如图是一个用浮筒、小灯泡和收放线装置A制作的航标灯模型，细线下端固定在水槽底部，航标灯总重4

38、N,当水位上升时，A放线；水位下降时，A收线,从而使细线的拉力保持不变，航标灯静止时浸入水中的深度h始终为5cm,排开水的体积也始终为500cm3(不计线重和摩擦)，当航标灯警示时，求：(水的密度p=1.0103kg/m3;g=10N/kg)(1)航标灯底部受到水的压强是多少？(2)航标灯受到的浮力是多少？(3)细线对航标灯的拉力为多少？【考点】89:液体的压弓S的计算；8P:浮力大小的计算.【分析】(1)知道航标灯静止时浸入水中的深度，根据p=pgh#出航标灯底部受到水的压强；(2)知道排开水的体积，根据m=pV求出排开水的质量，根据阿基米德原理和G=mg求出受到的浮力；(3)航标灯静止时处

39、于平衡状态，受到竖直向上的浮力，竖直向下的重力和纯子的拉力，根据力的平衡条件求出拉力.【解答】解：(1)航标灯底部受到水的压强：p=pgh=1.0103kg/m3x10N/kgX0.05m=500Pa(2)由p*可得，排开水的体积：m排=pV排=1.0义103kg/m3x500x106m3=0.5kg,由阿基米德原理可知，受到的浮力：F浮"G排=m排g=0.5kgx10N/kg=5N;(3)航标灯静止时处于平衡状态，受到竖直向上的浮力，竖直向下的重力和纯子的拉力，由力的平衡条件可得，细线对航标灯的拉力：F=F浮-G=5N-4N=1N.答：(1)航标灯底部受到水的压强是500Pa；(2

40、)航标灯受到的浮力是5N；(3)细线对航标灯的拉力为1N.【点评】本题考查了液态压强公式、密度公式、重力公式、阿基米德原理和力平衡条件的应用，正确的对浮筒受力分析是关键.15 .图甲是某电吹风的工作原理图.电吹风工作时，可分别吹出热风和凉风，为了防止温度过高，用一个PTC电阻R与电热丝R串联，电热丝阻值包为50Q,母的阻值随温度的变化如图乙所示，电动机正常工作时的功率为80W,求：(1)当开关S位于2位置时，电吹风吹出的是凉风(选填热风”或凉风”)，此时连续工作5min消耗多少电能？(2)吹热风时电热丝的最大发热功率是多少？4U0【考点】J9电功率与电压、电流的关系；JA电功率的计算.【分析】(1)分析图示电路图，根据R和M的工作情况确定吹出的风是热风还是冷风；由W=Pt计算此时连续工作5min消耗电能；(2)由图象知温度升高到400c时，电阻最大，在35c时，电阻最小，根据I*求得电流，根据P=2R求得电热丝的最大发热功率.【解答】解：(1)当开关S位于2位置时，只有电动机接入电路，所以电吹风吹出冷风,由题知，电动机正常工作时的功率为80W,所以连续工作5min消耗电能:W=PMt=80Wx5X60s=2.4