中考物理电功率专项综合练习题含答案

1、中考物理电功率专项综合练习题（含答案）一、选择题1.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是（）0卜*（5-11I41P-IA.用电器消耗的总功率B.电压表V的示数与电流表A的示数的比值C.电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值D.电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积【答案】D【解析】【解答】由电路图知道，Ri与2并联，电流表Ai测R的电流，电流表A测并联电路的总电流，电压表测电源电压，所以无论滑片如何移动，电压表的示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由P=U2/R知道，用电器消耗的总功率变小，A不符

2、合题意；由图知道，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，由于滑动变阻器的滑片P向右移动而使总电阻变大，所以该比值变大，B不符合题意；因为并联电路中各支路互不影响，所以当滑动变阻器的滑片P向右移动时，通过Ri的电流不变，即电流表Ai示数不变，但变阻器由于连入电路中的电阻变大，而使通过变阻器的电流变小，由于电流表A的示数与电流表Ai的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以，该差值会变小，C不符合题意；又因为电压表示数不变、电流表Ai示数不变，所以电压表V的示数与电流表Ai的示数的乘积不变，D符合题意，故答案为：Do【分析】结合电路图判断电阻的连接方式及电表的测量对象，通过滑动变阻器的

3、滑片P向右移动时变阻器连入电路中的电阻变化，结合欧姆定律、并联电路的规律、电功率公式进行分析即可.2.如图所示，电源电压U保持不变。当开关S2闭合、Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总功率为Pi,再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的i/5;当开关S和S3闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增大了0.05W,且滑片在中点时，电压表Vi的示数为Ui;当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为P2,两只电流表示数相差0.3A.已知Pi:F2=2:i5,下列结论正确的是（）A.P2=5.4WiiB.U=12VCi=6VD.艮20Q【答

4、案】A【解析】【解答】解：（1）闭合、Si和S3断开，滑片在最右端时，R2、R3串联，Vi测及电压，V2测R2、R3总电压，即电源电压，等效电路如图1所示；滑片滑至最左端时，ViV2都测R2两端电压，等效电路如图2所示：由题意结合图可知，电表V2的示数将发生14变化，且Ur2=IU,则Rs两端的电压Ur3=5U,所以跺1,根据串联电路的分压规律口融蜃1一可得：总"即R=4R2-；（2）当开关S和S3闭合、S2断开，滑片位于最右端时Ri、R3串联Vi测Ri电压，V2测总电压，等效电路如图3所示；滑片位于中点时，等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时，R3短路，R、iR2并联

5、，A2测干路电流，Ai测心所在支路的电流，等效电路图如图5所示：由题意知图i中，电路的总功if/巳_2UUU股级=0.3A,即放U._vJR?4置32令/费£侦£1增大了0.05W,所以，由（0.1A）2X3=0.05W,解得:6V,BD不符合题意；图44费一沙一圻+做邓'+睦=5.4W,=0.6A，图3中，电路中的电流：|2=U1X稔6X0.6A0.1A,图4中，电路中的电流：13=U1兆Fg工辱1X0.6A0.15A,因图4和图3相比较R3的功率JJP=I2R可得：P3'P3=I32X-R3|22R=(0.15A)2*R3R3=40，代入两式可得：Ri=

6、20Q,R2=10Q,U=口，Ui=I3R=0.15AX20=Q3V,C不符合题意；图5中，P2=A符合题意。2P2,gp15x5:=2X（+用），解得：Ri=2R2-由题意知图5中两只电流表示数相差0.3A,根据并联电路电流规律，可得图5中，通过Ri的电流：|5=I-I4=0.3A,则故答案为：Ao率：Pi=心'*3Rf*4松5尼，图5中总功率：F2=用+R*,产£"可得：i5Pi=大阻值串联，电压表V1测R2两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A1测电路中的电流；再将滑片滑至最左端时，R2与R3的最大阻值串联，电压表Vi、V2均测R2两端的电压，电流表

7、Ai测电路中的电流，据此可知示数变化的电表为V2,并得出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电阻的阻值之比；(2)当开关及闭合、Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和P工1表示出电路中的总功率Pi;当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，Ri与心并联，电流表A2测干路电流，电流表Ai测R2支路的电流，根据并联电路的特点和电功率公式表示出电路的总功率P2,利用Pi：P2=2:i5得出等式即可求出Ri与R2的阻值关系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差0.3A即可得出电源的电压和R2的阻值关系；当开关

8、Si和S3闭合、S2断开时，Ri与R3串联，电压表Vi测R两端的电压，电压表V2测电源两端的电压，电流表A2测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用P=I2R结合R3的功率变化即可求出R3的阻值，进一步求出Ri和及的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出Ui的大小，最后根据并联电路的特点和P=A1求出P2的大小.3.两个定值电阻Ri、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S,则Ri,2产生的热量之比为()C.4:1D.1:4【解析】相同时,【解答】由并联电路的特点知道,R、R2的电压是相同的，由图乙知道，在电

9、压通过Ri、R2的电流之比是2:1;由I=U/R知道，Ri、R2的电阻之比为1:2;由图甲知道，闭合开关S,则通电时间相同，由Q=W=U2Rt知道，产生的热量与电阻成反比，故R1、R2产生的热量之比是2:1,故答案为：Ao【分析】利用欧姆定律判定R、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式Q=的比值.:W=#t判定产生热量4.酒驾易造成交通事故，利用酒精测试仪可以检测司机是否酒驾，其电路原理如图甲所示.Ri为气敏传感器”，它的电阻值与它接触到的酒精气体浓度的关系如图乙所示，R2为定值电阻，阻值为60Q,电源电压恒为12V.若酒精气体浓度>0.2mg/mL时，则判定被检下说法正确的是二ti1l廉：

10、*,；小,1；“；.”那（就mt）A.被检者的酒精气体浓度越高，电流表示数越小B.电流表的示数为0.12A时，判定被检者为酒驾C.电压表示数为3V时，R2消耗的电功率为0.45WD.被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，电压表的示数是4V【答案】D【解析】【解答】解：A、由电路图甲可知，传感器R1和定值电阻R2串联，电压表测传感器R1两端的电压，电流表测电路中的电流；由图乙可知，当酒精浓度增大时，传感器R1的阻值会减小，由欧姆定律可得电路中电流增加，即电流表示数增大，故A错误；/1B、由1=1八得:L12V电路中的总电阻R=1=0.=20=100Q,此时气敏电阻的阻值Ri=R-R2=100Q

11、-60Q=40R由图象乙可知，此时酒精气体浓度为0.1mg/mLv0.2mg/mL,所以此时被检者不是酒驾，故B错误；C、电压表示数为3V时，定值电阻R2两端的电压U2=U-Ui=12V-3V=9V,此时R2消耗的电功率P2=尼=1.35W,故C错误；D、根据图象乙可知，被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，气敏电阻的阻值为R1=300,AU12V2根据欧姆定律可知此时电流为1=*=%事心=3。f=15A,根据欧姆定律可得：2气敏电阻两端电压U1=|R1=/3ax30a=4V为电压表示数，故D正确.故选D.【分析】（1）由电路图可知，传感器和定值电阻串联，电压表测传感器两端的电压，电流表测电

12、路中的电流；由图可知气敏电阻的性质，由电阻的变化利用欧姆定律可求得电路中电流的变化；（2）根据I=7求出电流为0.12A时，电路中的总电阻，再根据串联电阻特点求出此时气敏电阻的阻值，根据图象乙判断此时是否酒驾；（3）根据串联分压特点求出定小值电阻两端的电压，再根据P=不求出R2消耗的电功率；（4）被检者酒精气体浓度为0.2mg/mL时，根据图象乙读出此时气敏电阻的阻值，根据欧姆定律求出电流，再根据欧姆定律求出气敏电阻两端电压，即为电压表示数.5.如图甲所示，电源电压保持不变，Ri为定值电阻，滑动变阻器R的最大阻值为30Q,电压表的量程为015V.电压表的示数与滑动变阻器R2的关系如图乙所示。则

13、下列结果正确的是（）用乙A.电源电压为20VB.R的阻值为5aC.为了保证电压表不被烧坏，滑动变阻器的阻值变化范围为430aD.开关S闭合后电路消耗的最小功率为14.4W【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，R与及串联，电压表测Ri两端的电压。(1)由图乙可知，当R2=10时Ui=12V,当R'=20时Ui'=8V,Ui12Ui因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流分别为：1=记=6，I二拓=因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压保持不变，所以，电源的电压：U=I(Ri+e)=|'(Ri+R2'),即力(Ri+10Q)=Ri(R+20Q),

14、解得：Ri=10Q,B不符合题意；里电源的电压U=I(R1+R2)=10QX(10Q+10=24V,A不符合题意；(2)当电压表的示数Ui=15V时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，卜(15V此时电路中的电流：I大=肪s=1.5A,此时滑动变阻器两端的电压：6小=U-Ui=24V_15V=9V,th小例|则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R2小=仅=T=6q?当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最小，所以，滑动变阻器接入电路中的阻值范围为6Q-30Q,C不符合题意；(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，则

15、P小=向+及大(24V)2=/0Q4第?P=14.4W,D符合题意。故答案为：Do【分析】由图乙可知，当心的阻值为10和20时电压表的示数，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R的阻值，进一步求出电源的电压.当电压表的示数最大时，电路中的电流最大，滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最大电流，根据串联电路的电压特点求出此时滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数

16、最小，据此得出滑动变阻器接入电路中的阻值范围.当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据电阻的串联和P=UI=£,求出电路的最小功率S,当滑动变阻器的滑片P向左滑动6.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关时，下列判断正确的是（）A.电压表匕示数变小B.电压表总示数不变C.灯泡L的亮度不变D.电压表5与电流表A示数比值变小【答案】D【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表Vi测电源两端的电压，电压表V2测R两端的电压，电流表测电路中的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表Vi示数不变，A不符合题意；当滑动

17、变阻器的片P向左滑动时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大,则电压表Vi与电流表A示数比值变小，D符合题意；变阻器接入电路中的电阻变小，由串联电路的分压特点可知，R两端分得的电压变小，即电压表V2示数变小，B不符合题意；电源电压不变，R两端分得的电压变小，则灯泡L两端的电压变大，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，C不符合题意。故答案为：D【分析】结合电路图，理清依据的连接方式，根据电源的电压可知滑片移动时电压表Vi示L数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律i=|7可知电

18、路中电流的变化，然后得出电压表Vi与电流表A示数比值变化，根据串联电路的分压特点可知R和L两端分得的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步得出亮暗变化.7.下列说法正确的是（）A.电流表测电路中电流时，流过的电流是正电荷定向移动形成的B.某同学家的电能表示数是-',表示他家消耗的电能是1234.5JC.可燃冰属于可再生能源D.卫星电话用电磁波传递信息【答案】D【解析】【解答】解：A、在金属导体中自由电子的定向移动形成电流，故A错误；>1T*-JB、某同学家的电能表示数是，表示他家消耗的电能是1234.5kW?h,故B错误；C、可燃冰是埋藏于海底的化石燃料，可燃冰属于

19、不可再生能源，故C错误；D、卫星电话是用电磁波传递信息的，故D正确.故选：D.【分析】（1）金属导电靠的是自由电子的定向移动；（2）要知道电能表示数的最后一位是小数，单位是kw?h.（3）从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源.人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；指在自然界中可以不断再生、连续利用的能源，属于可再生能源.（4）移动通信、卫星通信都是利用电磁波中的微波来传递信息的，因为微波传递信息量大.8.如图所示的电路中，电源两端电压U保持不变，小灯泡上标有“12V6W,定值电阻为Ri,滑动变阻器的最大阻值为R2,忽略温度对电阻的影响，闭合开关S,

20、将滑动变阻器的滑片移至最右端时，电压表的示数为5,小灯泡的实际功率为其额定功率的1/4;将滑动变阻器的滑片移至最左端时，电压表的示数为6,小灯泡正常发光，滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为AP,若5：U2=3:2。则下列结果正确的是A.R1=48QB.咛24VC.U=36VD.P=6W【答案】D【解析】【解答】闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最右端（即阻值最大处）时，等效电路图如图1所示：闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最左端（即其连入电路中的电阻为0）时，等效电路图如图2所示：门2丫尸Rl=-240.灯正常发光时的电阻为：-P璇6W在图1状态下，J1:L5W；qPL芸L5

21、WJIF=(kC625A2Rl24讶L卖二方凝:7X6W，此时电路中的电流为：即Ii=0.25A;在图2状态下，小灯泡正常发光，P翻6112-，此时电路中的电流为：I般12*在图1状态下，Ui=Ii(R1+R2)=0.25AMR1+R2),在图1状态下，U2=2R=0.5AX1R,也a25AX相I7"j即，解得：&=2R。、在图1状态下，U=l1(R1+F2+RL.)=0.25AX(R+R2+24Q，在图2状态下，U=l2(R1+RL)=0.5AMR+24Q，组成方程组，解得：R1=24Q,R2=48Q,U=24V;则电压表的示数U1为：U1=l1(R+R)=0.25AX(2

22、4a+48Q=18V。、l1=0.25A,l2=0.5A,U=24V,，滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变化量为：P=U'=U(l2-l1)=24VX(0.5A-0.25A)=6W。A、B、C不符合题意，D符合题意。故答案为：Do【分析】闭合开关S,将滑动变阻器的滑片移至最右端(即阻值最大处)时，灯泡L、电阻R1和R2串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R1和心两端的电压；将滑动变阻器的滑片移至最左端(即其连入电路中的电阻为0)时，灯泡L和电阻R1串联，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表测量的是电阻R两端的电压；团、可利用公式R=9计算出灯泡的电阻。在

23、图1状态下，小灯泡的实际功率为其额定功率1¥的必从而可利用公式l2计算出此时电路中的电流l1；在图2状态下，小灯泡正常发光，可利用公式1=7计算出此时电路中的电流12。、知道在图1和图2状态下Ui:U2=3:2,可利用公式U=IR列出一个电压的比值式，从而可以计算出电阻Ri和R2的关系。、在图1和图2状态下电源电压不变，可利用公式U=IR列出两个电源电压的灯饰，组成方程组，便可以计算出电阻R和R2的阻值，电源电压U.再在图1状态下，利用公式U=IR计算出电压表的示数Ui。知道了电源电压，又知道图1和图1状态下的电流，可利用公式P=UI计算出滑片在变阻器左、右两端时电路消耗的总功率的变

24、化量为P。9.小灯泡.的额定电压为3V,它的I-U图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路中，先将滑动变阻器的滑片P移至B端，闭合开关S,电压表示数为1.5V;再将滑片P向左移动直到电压表示数为3V,已知电源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Q2A”下歹U说法中错误的是（）A.电源电压为4.5VB.小灯泡的额定功率为1.5WC.小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25WD.小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3a【答案】C【解析】【解答】A.自图甲中知灯泡1.5V时电流为0.3A,滑动变阻器两端电压为U=IR=0.3Ax10Q=3板电源电压为U=1.5V+3V=4.5V

25、,A不符合题意；B.从图甲中知灯泡两端电压为3V时，I=0.5A,灯泡额定电压为3V,故灯泡额定功率为P=UI=3Vx0.5A=1.5W,B不符合题意；C.灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3V,电流为0.5A,滑动变阻器与灯泡串联，故滑动变阻器两端电压为1.5V,其消耗的电功率为P=UI=1.5Vx0.5A=0.75W,C符合题意；D灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值RJ=1.5VQ.5A=3QD不符合题意；故答案为：C【分析】灯泡与滑动变阻器串联，二者两端电压之和为电源电压，通过二者的电流相同。灯泡和电阻消耗的电功率均可为P=UI计算，当灯泡两端电压达到其额定电压时，正常发光，额定电功率

26、为额定电压与电流的乘积。10.如图所示电路，电源电压为12V且保持不变。闭合开关S,当，t片P置于变阻器的中点时，电压表的示数为4V;当，t片P置于变阻器的b端时，电压表的示数变化了2V,在10s内定值电阻R产生的热量为60J,则下列结果正确的是（）A.电路中的最小电流为1.5A1B.滑片P在中点时，9s内滑动变阻器R消耗的电能为60JC.R先后两次消耗的电功率之比为4:3D.R先后两次消耗的电功率之比为8:9【答案】D【解析】【解答】解：根据电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器R串联，电压表测R两端电压，电流表测电路中电流；b端时，R连入阻值增大，它分得电压增大，即4V+2V=6V;根据串联电

27、路分压原理知，滑片从中点到电压表示数增大了2V,此时电压表示数为所以U=UUr=12V_6V=6V,由Q=Rt可得：Ri=6,t=般/10s6UiA、当滑片在b点时，电路中电阻最大,=1A,A不符合题意；电流最小，电路中的最小电流:最小=Ii=B、滑片在中点时，电路中的电流:I=Ii=12V-41604=AA,9s内滑动变阻器R消耗的电能：WR=URIt=4Vx3AX9s48J,B不符合题意;C、由P=UI可得，R1先后两次消耗的电功率之比:(u-w)rUli(12V-4V)-6VX1AibC,C不符合题意。A-C、由P=UI可得，R先后两次消耗的电功率之比:题意。故答案为：D【分析】结合电路

28、图，理清元件的连接方式，根据串联电路分压规律可知滑片从中点到b端时，电压表示数将增大，因此电压表示数增大了2V,然后根据串联电路电压规律以及Q=尸t即可求出Ri的阻值；当滑片在b点时，电路中的电流最小，根据串联电路电压规律和欧姆定律即可求出电路中的最小电流；先根据欧姆定律求出滑片在中点时电路中的电流，然后根据W=UIt求出9s内滑动变阻器R消耗的电能；根据P=UI即可求出Ri、R先后两次消耗的电功率之比11.甲、乙两只白炽灯的铭牌如图所示，下列分析正确的是（）A.若灯丝的材料、长度相同，乙灯的灯丝比甲灯的灯丝粗B.若将两灯并联接入电压为220V的电路，甲灯比乙灯亮C.若将两灯分别接入电压为22

29、0V的电路，乙灯消耗的电能多D.若将两灯串联，只要电源电压适当，甲、乙两灯就能同时正常发光【答案】A"I债Lp=ILp【解析】【解答】根据电压和电功率，结合公式吊，得尸，由于甲灯的功率为25W,较小，电阻大，若导体的材料、长度相同，电阻大的导体较粗，A符合题意；当两灯并联时电压相等，功率较大的灯泡亮，B不符合题意；灯泡消耗的电功率和电功率、时间有关，时间不确定时，消耗的电能不能比较，c不符合题意；由于4,电功率不同，两灯的额定电流不同，不能同时正常发光，D不符合题意。故答案为：A.【分析】根据灯泡的电功率和电压分析电阻和电流，导体的电阻和导体的材料、长度、横截面积有关。12.王楠同学

30、在学习了滑动变阻器的知识后，决定将自己的台灯改为调光式，于是他从解放碑雅兰电子城买了“1W2k”的电位器一个，装在台灯（灯泡为“PZ22060”）上，一开灯，确实能调光，但电位器一会儿就冒起烟了，吓得他赶快扯下了插头。分析他失败的原因是（）A.因为一开灯能调光，说明电位器规格正确，主要是电位器的质量低劣B.电位器额定功率偏小C.电位器额定电流偏大D.电位器电阻偏小，应换用20k【答案】B【解析】【分析】首先利用利用额定功率和实际功率的关系判断A、BC是否正确.中知道灯泡的额定电压和额定功率，可利用公式R，'计算出灯泡的电阻，再利用串联电路的特点和电功率的公式计算出变阻器的实际功率，从而

31、判断D是否正确.【解答】因为烧毁了，所以电位器规格肯定不合格；故A错误;功率偏大不可能，既然烧坏了那肯定是实际功率大于了额定功率，C说法错误，不符合题意；B说法正确；灯泡为“PZ22G60”，羽一，灯泡的电阻为RL=仅用=807R接上电位器后电路中的总电阻为R=RL+Rfe=807Q+2000Q=2807Q4I220V，电位器的功率为：P电=I2R电="）/电=（2岁"贝）2X200012.3W从而可知D说法错误；故选B.【点评】本题考查了学生对串联电路特点的理解，以及利用电功率的公式分析电路中电功率的大小，本题考查知识点比较多，属于难题.13.如图所示是研究电流通过导体产

32、生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是甲乙A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4:1【答案】B【解析】【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多

33、；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个5的电阻与两个5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=Ii+I2,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2,所以右边容器中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻

34、丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点，并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生的热量）分析解答.14.图甲是小灯泡的电压-电流图象.将此灯泡L与滑动变阻器R串联在电压为4.5V的电路中（如图乙），闭合开关，移动滑片P,当小灯泡的功率为0.75

35、W时，（）A.电流表的示数为0.2AB.滑动变阻器R接入电路中的电阻为15aC.电路消耗的总功率为1.35W【答案】CmD.10s内滑动变阻器R产生的热量为13.5J【解析】【解答】解:A、当小灯泡的功率为0.75W时，根据图甲可知，灯泡L两端的电压为2.5V,通过灯泡的电流为I=0.3A,即电流表的示数为0.3A,故A错误；B、根据串联电路电压的规律，变阻器两端的电压:4一H|=由-Ul=4.5V-2.5V=2V,可得，滑动变阻器R接入电路中的电阻:r滑=/乱制6.7显故B错误；C、电路消耗的总功率：P总=U月|=4.5VX0.3A=1.35）W：C正确；D、变阻器R在10s产生的热量：Q=

36、W滑=5胃It=2VX0.3AX10s=6JD错误.故选C.【分析】A、根据图甲，由P=UI确定当小灯泡的功率为0.75W时，灯的电压和通过的电流；B、根据串联电路电压的规律，由欧姆定律可求变阻器连入电路中的电阻；C、根据P=UI求电路消耗的总功率；D、根据Q=W=U滑It10s内滑动变阻器R产生的热量.15 .下列数据中最接近实际情况的是（）A.普通居民楼一层的高度约为6mB.一个小铁钉受到的重力约为5NC.成年人正常步行速度约为5m/s1D.家用电饭煲的额定功率约为800W【答案】D【解析】【解答】解：A、普通居民楼一层的高度在3m左右，故错；B、一个小铁钉的质量约5g,受到的重力G=mg

37、=5X103kgx10N/kg=0.05N故B错；C、成年人步行的速度一般在1.1m/s左右，不会达到5m/s;故C错误；D、一个家用电饭煲的额定功率约为800W,正确.故选D.【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.16 .如图所示，电源电压保持不变，L1、L2、13是电阻保持不变的灯泡，L2、L3完全相同。第一次开关SSi、S2都闭合时，L1的电功率为25W;第二次只闭合开关S时，L1的电功率为16W。则下列说法正确的是（）A.L1、L2两灯丝电阻之比为1：4B只闭合S时，

38、L1和L3的功率之比为1：4C.L1前后两次的电压之比为25：16“D.前后两次电路消耗的总功率之比为25:4【答案】D【解析】【解答】由图可知，开关S、S、S2者B闭合，L1、L2并联，此时L1的电功率为uP=>-251p1-K一,当只有开关S闭合时，L1、L3串联，L1的电功率为,，根据两次电功率的比值计算，电压之比为W-5”,C不符合题意；L1和L2并联时，L1两端的电压为电源电压，L1和L3串联时，L1和匕的分压比为U1：U3=4:1,A不符合题意；根据串联电路电流相等，则L1和L3的电功率的比值为P1：P3=4:1,B不符合题意；并联时的电流UUUU#-+="为由Rf

39、烟欧4&,串联电路的电流为5UU£率-.的砒UUUt串的+佗彼,色砥,前后两次电流比为电压一定，所以电路总功率之比为25:4,D符合题意。故答案为：D.【分析】（1）开关S、S1、S2都闭合时，L1、L2并联；只闭合开关S时，L1、L3串联,由电路特点和严一同表示出两次Li的电功率，由此可得的Li、L3电压、电阻关系;(2)由P=I2R计算只闭合S时，Li和L3的功率之比；P=UI可得两次电路消耗总功(3)由电路特点和欧姆定律表示出前后两次电路中电流，由率的比。17 .共享电动车不仅环保节能而且为人们的出行带来了很大方便。已知某品牌共享电动车的电动机线圈内阻一定，转轴卡住不能

40、转动时，线圈两端电压为48V,电流为12A.当电动车在水平地面上以18km/h的速度匀速直线行驶时，线圈两端电压仍然为48V,电流为2A,则下列说法正确的是()A.电动机线圈电阻为24aEfe动机的机械功率为96WC.电动机的效率是66.7%D.电动车前进时受到的阻力为16N【答案】D【解析】【解答】解：(1)因电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，所以，由1=彳可得，电动机线圈的电阻：L孙r=/=124=4Q,A不符合题意；(2)当在水平地面上以v=18km/h=5m/s的速度匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，此时电动机消耗的电功率：Pm=UI=48Vx2A96W,电动机线圈电阻消耗的热功

41、率：Pr=(I)'2R=(2A)2X4野16W,电动机的机械功率：P机械=Pm-Pr=96W-16W=80W,B不符合题意；P株镶8翻电动机的效率：&X100%网X100险83.3%C不符合题意；因电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻力和牵引力是一对平衡力，*Fs所以，由P=£=，=Fv可得，电动车前进时的牵引力即受到的阻力：产部第8谶f=F=&=16N,D符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，电动机转轴卡住不能转动时为纯电阻用电器，根据欧姆定律I=1求出电动机线圈的电阻；当在水平地面上匀速直线行驶时，电动车为非纯电阻，根据p=ui求出此

42、时电动机消耗的电功率，根据P=Fr求出电动机线圈电阻消耗的热功率，利用nr=3X100喊出电动机的效率；电动车在水平地面上匀速直线行驶时处于平衡状态，受到的阻3A力和牵引力是一对平衡力，二力大小相等，利用p=7=7=Fv求出电动车前进时的牵引力即受到的阻力.18.如图甲所示电路中，电源电压可调，灯Li、L2的额定电压均为6V,Li、L2的I-U图象如图乙所示，闭合开关S,逐步调大电源电压至电路允许的最大值，此时（）U=U1I=R=26.74故C错误;A.Li正常发光B.电源电压为12VIC.电路总电阻为30aD.电路总功率为2.4W【答案】D【解析】【解答】解：由图乙可知，两灯泡两端的电压为6V时，通过两灯泡的电流|i=0.6A、|2=0.3A,由电路图可知，两灯泡串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中允许通过的最大电流I=I2=0.3A,则L2正常发光，故A错误；由图乙可知，Li两端的电压Ui'=2V因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：+=2V+6V=8V,故B错误;可得，电路总电阻：电路的总功率:P=UI=8VX0.3A=2.4VV故D正确.故选D.【分析】由图乙可知两灯泡额定电流下的电流，根据串联电路的特点可知电路中的最大