安徽省蚌埠市届九年级上期末物理试卷及答案解析[精品]

1、2015-2016学年安徽省蚌埠市固镇县九年级（上）期末物理试卷一、填空题（每空 2分，共26分）1 .今年省教育厅下发了 “校内公共场所全面禁止吸烟的若干规定”，一个人在公共场所吸烟，不仅影响自己的身体健康，而且由于烟分子 ,不仅影响自己的身体健康.2 .沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容（选填“大”或“小”）的缘故.3 .如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机不能够永远工作下去，因为它违背能量定律.4 .如图为小明家的电能表，他家的用电器累计消耗电能 w?h,若

2、小明在家庭 电路中只给一台电饭锅通电，发现该表转盘在3min内转了 100r,电饭锅的功率是 WI隹I5 .如图所示，电电压是 6V且不变，S闭合后电压表示数为 2V,则灯L1两端电压为 V;通过灯L1和灯L2的电流是 （选填"L J、“L 2”或“一样”）大.l 工6 .在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机工作过 程中的两个冲程示意图.与压缩冲程原理相同的是 图所示的演示实验；汽油 机利用内能做功的冲程是 图.甲丙7 .有一个玩具电风扇线圈电阻为2欧，接在电压为3V不变的电上，转动时通过线圈的电流为0.2A,则：电风扇转动时，每分钟线圈产生的热量是

3、 J,电风扇转动时的 机械功率是W8 .把标有“ 8V, 4W和“ 6V, 6W的两盏电灯L1和12串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是 V.若将这两盏灯并联使用， 也保证两灯长时间都烧不坏，在电路两端所加最大电压下，此时电路消耗的总功率是WW （灯丝的电阻不变）二、选择题（每小题 3分，共21分，每小题只有一个正确答案）9 .关于热现象，下列说法正确的是（）A.高温物体含有的热量比低温物体多B.物体的温度越高，分子运动的越剧烈C.水在凝固过程中温度不变，内能不变D.尽量使燃料充分燃烧，可以增大燃料的热值10 .将两只额定电压相同的小灯泡Li、L2串联在电

4、路中，如图所示，闭合开关后，发现灯Li亮，灯L2不亮，其可能原因是（）A.夕T L2断路B.次T L2两端电压较大C.夕T Li的电阻较大D.通过灯Li的电流较大11 .下列说法中正确的是（）A.电流做功的过程就是电能转化为内能的过程B.电功率是表示电流做功快慢的物理量C.用电器的额定功率越大，做功的效率就越高D.导体的电阻与导体两端的电压成正比12.现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观 察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）13.如图所示的电路中 a、b是电表，闭合开关要使电灯发光，则（）A. a、b都是电流表B. a、b都是电

5、压表C. a是电压表，b是电流表D. a是电流表，b是电压表14.如图所示，电电压为6V,定值电阻R=10Q,在S闭合的情况下，下列说法正确的是（）A.不能在ab两点间接入一个量程为0.6A的电流表B.在a、b两点间接入一个 5a的电阻，电路消耗的电功率为0.4WC.在a、b两点间接入一个“ 3V, 1.5W 的小灯泡，小灯泡能正常发光D.在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数15 .如图所示电路，电电压不变，滑动变阻器上标有“2A, 20Q”字样.以下四个图象中，能正确表示当开关 S闭合后，通过小灯泡 L的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是()三、实验题(16题6分

6、，17题6分，18题12分，共24分)16 .某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置.(1)在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是A.采用完全相同的加热方式B.酒精灯里所加酒精量相同C.取相同质量的水和另一种液体D.盛放水和另一种液体的容器相同(2)加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示， 则水的沸点是 这表明实验时的大气压强 (选填“大于”、“小于”或“等于")一个标准 大气压.(3)而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多.请你就此现 象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力 (选填

7、“相同”或“不同”).你认为是 的比热容更大些.甲乙丙17 .小明在学习电学知识时用图所示电路进行探究学习.他首先在图中a、b两点间接入一个电阻，然后又在 a、b两点间串联接入两个电阻，并依此方式串联接入不同数目的电阻分 别进行实验.他观察发现，每多接入一个电阻，电流表的示数就减小一些，于是他得出结论，在任何情况下，电路中接入的电阻数目越多，电流越小.请你利用图 19所示的实验器 材及一些定值电阻，设计一个实验说明小明的结论是错误的.(1)在图19中a、b两点间补充完成你所设计的实验电路图.(2)简述实验步骤和实验现象.18.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电电压恒为6V,小灯泡的额定电压为

8、2.5V,正常发光时灯丝电阻约为 5Q,所用滑动变阻器的最大阻值40a.甲(1)请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；要求滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大.(2)小明正确连好电路后， 闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数很大. 请 指出故障的原因.(3)某次实验中电压表和电流表的示数如图乙、丙所示，则此时小灯泡的实际功率为W要测量小灯泡的额定功率，正确的操作为：,最后利用公式求出额定功率.(4)实验要求改变小灯泡两端的电压进行多次测量，这样做是为了 .(5)如果考虑电流表和电压表的内阻，计算出的电功率大小跟真实值比，是 的(选填“偏大”、“偏小”或“相等”).四、计算与推

9、导(19题5分，20题6分，21题8分，共19分，解答要有必要的公式和解 答过程，只有最后答案不能得分)19 . n个相同的电阻R串联，其总电阻可以用一个等效电阻R表示，请根据串联电路中电流、电压规律和欧姆定律推证：R0=nR.20 .某种型号太阳能热水器贮水100kg在太阳口射下8h,装满水的太阳能热水器中水温升高50c.已知此热水器太阳能转化为水的内能的效率为70%水的比热容4.2X103J/(kg?C),试计算：(1)太阳能热水器照射 8h,热水器中吸收的热量？(2)如热水器所接收到的太阳能由热值为3X107J/kg的焦炭提供，需完全燃烧多少焦炭？21 .某发电站的输出电压为 250V,

10、输出功率为100kw保持不变，向远方输电所用输电线的总电阻为0.5 Q,则：(1)若用250V电压直接对外供电，求输电线上损失的功率；(2)若将对外输电电压提高到10000V,求输电线上损失的功率；(3)利用所学知识分析说明怎样减少远距离输电线上的功率损耗.2015-2016学年安徽省蚌埠市固镇县九年级（上）期末 物理试卷参考答案与试题解析一、填空题（每空 2分，共26分）1 .今年省教育厅下发了 “校内公共场所全面禁止吸烟的若干规定”，一个人在公共场所吸烟，不仅影响自己的身体健康，而且由于烟分子在永不停息的做无规则运动，不仅影响自己的身体健康.【考点】分子的运动.【分析】解答本题需掌握：一切

11、物体的分子都在永不停息的做无规则运动.【解答】解：在空气不流通的房间里，只要有一个人吸烟，整个房间就会充满烟味，这是因为一切物体的分子都在永不停息的做无规则运动，不仅影响自己的身体健康，不仅影响自己的身体健康，因此，在公共场所，为了他人的健康，请不要吸烟.故答案为：在永不停息的做无规则运动.2 .沿海地区昼夜温度变化比内陆小，这是因为沿海地区多水，水的比热容比沙石的比热容大 （选填“大”或“小”）的缘故.【考点】水的比热容的特点及应用.【分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析.【解答】解：沿海地区，水多；内陆

12、地区水少、沙石多.因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量， 水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小.故答案为：大.3 .如图所示为一种人们设想中的永动机，它通过高处的水流冲击叶片，叶片的转动又带动抽水机从低处将水抽到高处，从而循环工作，这种永动机不能够永远工作下去，因为它违背能量 守恒 定律.【考点】能量守恒定律.【分析】在能量转化的过程中，总会有一部分能量以热的形式向四周扩散，成为无用的能量，所以抽水机的机械能会逐渐减小.【解答】解：他设想的机械装置不可能实现，因为抽水机在此过程中，有部分机械能会转化为内能，即机械能会逐渐

13、减少， 所以机械能总量不守恒，他设想的机械装置不能实现.即它违背了能量守恒定律.故答案为：守恒.4 .如图为小明家的电能表，他家的用电器累计消耗电能931.6 w?h若小明在家庭电路中只给一台电饭锅通电，发现该表转盘在 3min内转了 100r,电饭锅的功率是 800 W【考点】电能表参数的理解与电能的求法.【分析】（1）电能表的读数方法：最后一位是小数，单位 kW?h（2） 2500r/kW?h表示的是电路中每消耗 1kW?h的电能，电能表的转盘转 2500r,或者表示 电能表每转1r电路中消耗1/2500kW?h的电能，求出转盘转 100r电路中消耗的电能.然后 求出用电器的功率.【解答】

14、解：电能表的示数 W=931.6kW?h即他家的用电器累计消耗电能为931.6kW?h,电路中消耗电能 W=100r2500rAW-h 25kW?h=2565X 3.6 X 10 J=1.44 X 10 J,电饭锅的功率p=L二=二.一一 .t 3 x 60s=800W故答案为：931.6 ; 800.5.如图所示，电电压是 6V且不变，S闭合后电压表示数为 2V,则灯L1两端电压为 4 V;通过灯L1和灯L2的电流是 一样 （选填“L J 【考点】串联电路的电压规律；串联电路的电流规律. 【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测量得L2两端的电压，再根据串联电路的电压规律可求得“L 2”或

15、“一样”）大.L2两端的电压，则根据电压表示数可求L1两端的电压；由串联电路的特点可知通过两灯的电流关系.【解答】解：由图可知，当开关S闭合后，电压表测的是灯 L2两端的电压，所以L2两端电压为2V;由于两灯串联，根据串联电路电压规律得U1=U- L2=6V- 2V=4V.由于串联电路处处电流相等，所以通过两灯的电流相等.故答案为：4; 一样.6.在如图所示的四幅图中，甲、乙是两个演示实验示意图；丙、丁是四冲程汽油机工作过程中的两个冲程示意图.与压缩冲程原理相同的是乙 图所示的演示实验;汽油机利用内能做功的冲程是丙图.甲广丙T【考点】内燃机的四个冲程.【分析】（1）解决此题要知道内燃机的四个冲

16、程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气 冲程，其中在做功冲程中，是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为 内能.(2)改变物体内能的方式有热传递和做功两种.做功改变物体内能的实质是能量的转化， 具体说是内能和机械能的相互转化.对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外 做功，物体的内能减少，温度降低.【解答】解：甲图对试管中的水加热，加快水的蒸发，使试管中水的内能增大，体积膨胀， 对外做功，使塞子飞出去，内能转化为塞子的机械能.乙图是用力将活塞压下，活塞对空气做功，空气的内能增大，温度升高，达到了棉花的着 火点，棉花就会燃烧.是通过对物体做功增大物体内能的，即是将机械能转化为

17、内能的过丙图两气门都关闭，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程，做功冲程将内能转化为机械 能.丁图两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，压缩冲程是把机械能转化为 内能的过程.由以上分析不难看出：(1)压缩冲程是机械能转化成内能，与此原理相同的是乙图所示的 演示实验；(2)汽油机利用内能做功的冲程是丙图.故答案为：乙；丙.7.有一个玩具电风扇线圈电阻为2欧，接在电压为3V不变的电上，转动时通过线圈的电流为0.2A,则：电风扇转动时，每分钟线圈产生的热量是4.8 J,电风扇转动时的机械功率是 0.52 W【考点】焦耳定律的计算公式及其应用.【分析】(1)知道电风扇的电阻和通过的电流以及工

18、作时间，根据Q=I2Rt求出电阻产生的热量；(2)电动机正常工作时，机械能的功率等于总功率与转化为内能功率之差.【解答】解：(1)电风扇线圈每分钟线圈产生的热量：Q=I2Rt= (0.2A) 2X2Q X 60s=4.8J ;(2)电动机总功率： P总=UI=3VX 0.2A=0.6W;线圈发热功率：P热=I2R= (0.2A) 2X2Q=0.08皿输出的机械功率：P=P总P热=0.6W 0.08W=0.52W.故答案为：4.8 ; 0.52 .8 .把标有“8V, 4W和“6V, 6W的两盏电灯L1和L2串联后接在某电路中，为了保证两灯长时间都不烧坏，电路两端所加电压的最大值是11 V.若将

19、这两盏灯并联使用，也保证两灯长时间都烧不坏，在电路两端所加最大电压下，此时电路消耗的总功率是8.25W (灯丝的电阻不变) 【考点】电功率的计算.【分析】已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式1=,求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；串联时，为了保证两灯长时间都不烧坏，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，利用电阻的串联特点和欧姆定律求出电的电压值；两灯泡并联时所加的最高电压为两灯泡额定电压最小的一个，根据并联电路的电压特点和 电功率公式可以求出电路消耗的总功率.【解答】解：由 P=UI可得，两灯泡的额定电流:P幽 P2 6WI 1=§V=0.5A，I 2=6V=1

20、A,由I=可得，两灯泡的电阻：因串联电路中各处的电流相等，且为了保证两灯长时间都不烧坏，所以，电路中的电流I=I 1=0.5A,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端的电压：U=I (R1+R2) =0.5AX (16Q +6Q) =11V;两灯泡并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且保证两灯长时间都不烧坏,所以，并联电路两端的最大电压U' =U=6V,电路消耗的功功率：P= += '+:-=8.25W.R16a 6Q故答案为：11; 8.25 .二、选择题(每小题 3分，共21分，每小题只有一个正确答案)9.关于热现象，下列说法正确的是()A.高温物体含有的

21、热量比低温物体多B.物体的温度越高，分子运动的越剧烈C.水在凝固过程中温度不变，内能不变D.尽量使燃料充分燃烧，可以增大燃料的热值【考点】分子动理论的基本观点；温度、热量与内能的关系；燃料的热值.【分析】(1)热量是指热传递过程中传递能量的多少，是过程量；(2)物体的温度越高，分子运动的越剧烈；(3)凝固是物质由液态变为固态，凝固放热；(4)燃料的热值是燃料的一种特性，不同种燃料其热值一般不同，同种燃料热值一般相同，与燃料的质量大小无关.【解答】解：A、热量是过程量，不能说含有热量，A错误；B、物体的温度越高，分子运动的越剧烈，故 B正确；C、水在凝固过程中温度不变，但内能减小，故C错误；D、

22、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧程度无关，故 D错误.故选：B10 .将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在电路中，如图所示，闭合开关后，发现灯L1亮，灯L2不亮，其可能原因是()IA.夕T L2断路B.次T L2两端电压较大C.夕T L1的电阻较大D.通过灯L1的电流较大【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率与电压、电流的关系.【分析】由电路图可知，两灯泡串联，由L1亮可知电路是通路，不可能是断路，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知两灯泡实际功率的关系，根据P=I2R可知两灯泡电阻的关系，根据U=IR可知两灯两端的电压关系.【解答】解：由电路图可知，两灯泡串联

23、，因串联电路中各处的电路相等，且灯L亮，所以，通过两灯泡的电流相等，且电路为通路，不可能是断路，故 AD错误； 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，L的实际功率大于L2的实验功率，由P=I2R可知，灯Li的阻值大于灯L2的阻值，故C正确；由U=IR可知，灯Li两端的电压大于灯 L2两端的电压，故 B错误.故选C.11 .下列说法中正确的是（）A.电流做功的过程就是电能转化为内能的过程B.电功率是表示电流做功快慢的物理量C.用电器的额定功率越大，做功的效率就越高D.导体的电阻与导体两端的电压成正比【考点】电功的实质；电阻；电功率.【分析】根据电功的实质、电功率的概念、电功率与效率的关系，以及

24、电阻的特点的理解， 可对选项中的描述逐一做出判断.【解答】解：A、由电功的实质可知，电流做功的过程就是电能转化为其他形式能的过程，不一定是转化 为内能，故A错误；B、电功率是表示电流做功快慢的物理量，故 B正确；C、用电器的额定功率越大，做功就越快，但不一定做功的效率就越高，效率是指能量的有效利用率，与电功率无关，故 C错误；D、电阻是导体的一种性质，其大小与电压和电流无关，故 D错误.故选B.12 .现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观 察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（）【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、

25、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案.【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A不正确；B、只闭合开关Si时绿灯亮，只闭合开关 S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故 B正 确；C、两开关都闭合时会造成电短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同 时发光，故C不正确；D、当只闭合开关S2时，两灯泡都发光；只闭合 &时绿灯亮.故D不正确.故选B.13 .如图所示的电路中 a、b是电表，闭合开关要使电灯发光，则（A. a、b都是电流表 B. a、b都是电压表C. a是电压表，b是电流表D. a是电流表，b是电压表【考点】电压表的使用

26、；电流表的使用.【分析】根据电流表和电压表的使用规则去分析判断：电流表应该与灯泡串联，若与灯泡并联，则会造成电短路，烧坏电和电流表，灯泡不发光；电压表应该与灯泡并联，若与灯泡串联，则会造成灯泡不发光，而电压表会有明显的示数.【解答】解：由图可知，表 a与灯泡串联，表 b与灯泡并联，根据电流表和电压表的使用规则可知，与灯泡串联的是电流表，与灯泡并联的是电压表，所以表a是电流表，表b是电压表.故选D.14.如图所示，电电压为6V,定值电阻R=10Q,在S闭合的情况下，下列说法正确的是()A.不能在ab两点间接入一个量程为 0.6A的电流表B.在a、b两点间接入一个 5a的电阻，电路消耗的电功率为0

27、.4WC.在a、b两点间接入一个“ 3V, 1.5W 的小灯泡，小灯泡能正常发光D.在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算.【分析】(1)由欧姆定律计算若在 ab间接入电流表时电路中电流，由电流表量程判断是否 可行；(2)在a、b两点间接入一个 5a的电阻，根据串联电路特点和电功率公式计算电路消耗 功率；(3)根据pJ匕计算灯泡电阻，再根据串联电路特点和欧姆定律计算灯泡两端电压.灯泡薄正常发光时的电压和额定电压相等；(4)电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电的电压.【解答】解：A、由图若在ab间接入电流表，电流为 R的简单电路，由欧

28、姆定律得电路中电流：I= =V=0.6A ,所以可以接量程为0.6A的电流表，故K 1。艮P=R 5Q+10Q=2.4W,故B错误;A错误；p，L可得电路消耗的功率:RB、在a、b两点间接入一个 5a的电阻，两电阻串联,C、由P片可得灯泡电阻：旦=鱼=富=6。, RP 额 L5W由串联电路特点和欧姆定律可得灯泡两端电压:UL=IRL年?R=6C + 10Q X 6Q =2.25V< U额，所以灯泡不能正常发光.故C错误;6V,D、在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电的电压，示数为 即电压表有明显示数，故 D正确.故选D.15.如图所示电路，电电压不变，滑动变阻器上

29、标有“ 2A, 20Q”字样.以下四个图象中， 能正确表示当开关 S闭合后，通过小灯泡 L的电流I与滑动变阻器连入电路的电阻R的关系的是（）【考点】欧姆定律的应用.【分析】由电路图可知，灯泡 L与滑动变阻器 R串联，当滑片 P处于最左端时，电路为灯 泡L的简单电路，根据欧姆定律可知此时电路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；当滑片P处于最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为 0,根据以上分析得出答案.【解答】解：由图可知，当滑片 P处于最左端时，电路为灯泡 L的简单电路，根据欧姆定律可知此时电 路中的电流最大；当滑片P向右移动时，接入电路

30、的电阻变大，根据欧姆定律可知电路中电流变小；滑片P处于最右端时，电路中的电阻最大，电流最小且不为0;综合以上分析可知符合题意的图象为A图.故选A.三、实验题（16题6分，17题6分，18题12分，共24分）16.某小组的同学做“比较不同物质的吸热能力”的实验，他们使用了如图所示的装置.（1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是BA.采用完全相同的加热方式 B.酒精灯里所加酒精量相同 C.取相同质量的水和另一种液体 D.盛放水和另一种液体的容器相同（2）加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是98c ,这表明实验时的大气压强小于 （选填“大于”、“小

31、于”或“等于"）一个标准大气压.（3）而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多.请你就此现 象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力不同 （选填“相同”或“不同”）.你认为是 水 的比热容更大些.【考点】探究比热容的实验.【分析】（1）探究物质比热容的大小需要控制的变量包括：吸收的热量，不同物质的质量, 加热的时间和加热的方式.(2)液体沸腾时的温度叫沸点.读取温度计示数时，要明确温度计的分度值，视线与液柱 最高处的液面相垂直；液体的沸点与气压有关，气压越大沸点越高，气压越小，沸点越低.(3)已知液体和水的质量相同，相同时间吸收的热量相同，但温度变化不

32、同，说明它们的 吸热能力不同.【解答】解：(1)用控制变量法进行探究，因为引起温度变化的因素是吸热的多少、物质的质量、加热时间和方式，与酒精的多少无关，所以B选项多余.(2)在丙图中，水的沸点为 98C；因为沸点低于100C,所以实验时的大气压小于一个标 准大气压.(3)在质量、吸收的热量相同时，不同液体升高的温度不同，说明不同物质的吸热能力不 同，未知液体的吸热能力小于水的吸热能力，水的比比热容更大.故答案为：(1) B; (2) 98C；小于；(3)不同；水.17 .小明在学习电学知识时用图所示电路进行探究学习.他首先在图中a、b两点间接入一个电阻，然后又在 a、b两点间串联接入两个电阻，

33、并依此方式串联接入不同数目的电阻分 别进行实验.他观察发现，每多接入一个电阻，电流表的示数就减小一些，于是他得出结论，在任何情况下，电路中接入的电阻数目越多，电流越小.请你利用图19所示的实验器材及一些定值电阻，设计一个实验说明小明的结论是错误的.(1)在图19中a、b两点间补充完成你所设计的实验电路图.(2)简述实验步骤和实验现象.【考点】电路图设计；欧姆定律的应用；电阻的串联.【分析】根据并联电路的电阻特点可知，电阻越并越小，小于任何一个分电阻；根据欧姆 定律可知电路中的电流会变大，据此进行解答.【解答】解：(1)两电阻并联后，再接入 ab之间，电路图如图所示：pT 1(2)实验步骤：首先

34、在图中a、b两点间接入一个电阻，观察电流表的示数；然后再以并联方式接入两个电阻，观察电流表的示数；再依此方式并联接入不同数目的电阻，观察电流表的示数；实验现象：电路并联的电阻越多，电流表的示数越大.18.在“测量小灯泡电功率”的实验中，电电压恒为6V,小灯泡的额定电压为 2.5V,正常发光时灯丝电阻约为 5Q,所用滑动变阻器的最大阻值40a.甲(1)请用笔画线代替导线在图甲中完成实物电路的连接；要求滑动变阻器的滑片向右移动 时阻值变大.(2)小明正确连好电路后，闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数很大. 请指出故障的原因小灯泡断路 .(3)某次实验中电压表和电流表的示数如图乙、 丙

35、所示，则此时小灯泡的实际功率为 0.51 W要测量小灯泡的额定功率， 正确的操作为： 向A端移动滑片，直到电压表示数为 2.5V , 最后利用公式求出额定功率.(4)实验要求改变小灯泡两端的电压进行多次测量，这样做是为了测出小灯泡在不同电压下的实际功率.(5)如果考虑电流表和电压表的内阻,计算出的电功率大小跟真实值比，是 偏大 的(选填“偏大”、“偏小”或“相等”).【考点】电功率的测量.【分析】(1)根据灯的额定电压和灯正常工作时通过的电流确定电表的量程，注意电表正 负接线柱和滑动变阻器的滑片向右移动时阻值变大，选出滑动变阻器的下接线柱；(2)灯泡不亮说明某处断路或灯短路，电压表有示数，电压

36、表的正负接线柱与电正负极之间连接是连通的，说明灯泡断路，电流表无示数说明是某处断路或电流表短路；(3)进行电流表、电压表的读数时，注意量程和分度值，将电压值和电流值代入公式 P=UI计算出实际功率；根据分压原理，在串联电路中，电阻越大分得的电压越多；当灯的实际 电压为额定电压时，灯正常发光；(4)改变小灯泡两端的电压，小灯泡的电功率随着发生变化，这样做是为了测出不同电压 下的电功率.(5)根据电压表与电流表所测量的量，分析电压与电流的测量值与真实值间的关系，然后 判断电功率的测量值与真实值间的关系.【解答】解：(1)因灯的额定电压为 2.5V,所以电压表选小量程 03V,灯正常工作时的 电流1

37、=乜=竺上=0.5人，电流表也选小量程 00.6A,将滑动变阻器串联接入电路，滑动变 阻器的滑片向右移动时阻值变大，所以滑动变阻器接左下接线柱； 如图所示：(2)电压表有示数说明电压表两接线柱与电之间是通路，灯泡不亮、电流表无示数说明电 路断路，即电压表并联部分断路，电路中发生的故障可能是小灯泡断路；(3)图乙电压表示数为 1.5V,图丙电流表示数为 0.34A,灯泡的实际功率 P=UI=1.5VX 0.34A=0.51W;此时电压表示数为1.5V,小于灯泡的额定电压 2.5V,应增大灯泡的电压，电电压不变，则 应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联分压知识可知，应减小变阻器接入电路的阻值，所以

38、应向A端移动滑片，使灯泡两端的电压为额定电压2.5V;即正确的操作为：向 A端移动滑片，直到电压表示数为2.5V .(4)改变小灯泡两端的电压小灯泡的实际功率随之发生变化，改变小灯泡两端电压，是为 了测出不同电压下小灯泡的实际功率.(5)由电路图知，电压表并联在灯泡两端，电压表测得的电压是准确的；电流表测的是灯泡与电压表的总电流，电流表测得的电流偏大；因此，由P=UI求出的功率测量值比真实值偏大； 故答案为：(1)如上图所示；(2)小灯泡断路；(3) 0.51 ;向A端移动滑片，直到电压表示数为 2.5V;(4)测出小灯泡在不同电压下的实际功率；(5)偏大.四、计算与推导(19题5分，20题6分，21题8分，共19分，解答要有必要的公式和解 答过程，只有最后答案不能得分)19 . n个相同的电阻R串联，其总电阻可以用一个等效电阻R表示，请根据串联电路中电流、电压规律和欧姆定律推证：Ro=nR.【考点】欧姆定律的应用.【分析】根据串联电路电流、电压特点和根据欧姆定律即可推证串联电路电阻特点.【解答】证明：由于 n个相同白电阻R串联，则流过每个电阻的电流相等，设为I,由于Rp R、R是相等的，都为 R根据1=卫可知每个电阻R两端的电压为：RU1二IR, U2=IR,，Un=IR,而U总二IR总，因