2018高考全国1卷物理试题及答案

1、2018年高考全国I卷物理试题一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分，第14-18只有一项符 合题目要求，第19-21有多项符合题目要求，全部选对得 6分，选对但 不全得3分，有选错得0分。14 .高铁列车在启动阶段的运动可看作初速度为零的匀加速度直线运动，在启动阶段，列车的动能 （B ）A.与它所经历的时间成正比 B. 与它的位移成正比C.与它的速度成正比D.与它的动量成正比解析：初速度为零的匀加速度直线运动，说明它的加速度保持不变，也就是a一定, 根据牛顿第二定律，高铁的牵引力保持 F保持不变，根据动能定能FS=E-0 即动能与位移成正比。与时间的关系为 1/2Fat2=Ek-0,

2、与速度的关系为 1/2FVt=Ek-0,动量与动能的关系为P2=2mE因些只有B项符合题意点评：物理试题与实际生活相结合，考查的知识点主要是必修1运动学的知 识和必修2的动能定理，属于基础题。15 .如图，轻弹簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物块P,系统处于静止状态，现用一竖直向上的力 F作用在P上，使其向上做匀加速 直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下 列表示F和x之间关系的图像可能正确的是（A ）解析：物理受向上的拉力F和F弹，向下的重力mg,由于物体匀加速直线运动则F合保持不变，由牛顿运动定律： F+F?it-mg=F=ma又由系统原处于静止状态，则 Fwmg

3、F0=ma,且随着X增加，F弹变小，F变大,则ma-x图像如图A所示，所以A项正确16 .如图，三个固定的带电小球 a、b和c,相互间的距离分别为 ab=5cmbc=3cm, ca=4cm小球c所受库仑力的合力的方向平衡于a、b的连线。设小球a、b所带电荷量的比值的绝对值为 K,则（D ）。A. a、b的电荷同号，k=16/9/IF ifB. a、b的电荷异号，k=16/9,A * v « v rC. a、b的电荷同号，k=27/64D. a、b的电荷异号，k=27/64解析：由于合力的方向平行于a、b的连线，所以a、b不可能同号,a与c之间力Fac=kAC/16b与c之间力Fbc=

4、kBC/9Fac设a,b,c带电量为A, B, C,则由受力关系由此可以解得A/B=27/64tanSc17 .如图，导体轨道OPQ明定，其中PQS半圆弧，Q为半圆弧的中心，。为圆 心。轨道的电阻忽略不计。OM1有一定电阻。可绕。转动的金属杆。M端位于 PQS±, OMt轨道接触良好。空间存在与半圆落在平面垂直的匀强磁场，磁感应强度的大小为B,现使O帜OQS置以恒定的角速度逆时针转到 OS位置并固定（过程1）:再使磁感应强度的大小以一定的变化率从 B增加到B'（过程II ）。 在过程I、II中，流过OM勺电荷量相等，则B' /B等于（B ）A.5/4B.3/2C.7/

5、4D.2解析：由公式可知电荷量：q=it, E电流：i =E= n -iRt过程1:棒。飒OQ专至OS磁场B恒定，面积增加BUS过程2:磁场B增加到B',即|_B=B'-B面积S=1nr2 =2LS恒定， 2',(B'-B)2USq 二 由于 q=q',联立可得 B|_|S=(B'-B ) 2|_|S由此解得：B' /B=3/2,因而B项正确。点评：本题重点考查引起电磁感应的两种变量，和电量与电流的关系18 .如图，abc是竖直面内的光滑固定轨道，ab水平，长度为2R,bc是半径为R 的四分之一圆弧，与ab相切于b点，一质量为m的小球，始

6、终受到与重力大小相等的水平外力作用，自a点处从静：艮止开始向右运动。重力加速度大小为 g,小攻打A a点开始 量运动到其轨道最高点，机械能的增量为(C )A.2mgR B.4mgR C.5mgR D.6mgR解析：小球到C点后会继续向上运动，假设运动到最高点 d,则：对小球由a->c过程中，由动能定理可得：F*3R-mgR=0.5mV 由于 F=mg,解得 Vc=2jgR在C点时，有：小球坚直方向以Vc = 2&R , a=g做匀减速直线运动，可求得：t=vc=2,.R g . g小球水平方向以a=g做匀加速直线运动，运动到 D点时水平位移为1 2Xcd 二axt2 =2R2全过

7、程小球机械能的增加量等于水平外力所做的功，即LEk =WF =F(2R R 2R) =5mgR一线圈与远处沿南北向水平放置在纸面内的直导线连接成回路。将一小磁针悬挂19.如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另外在直导线正上方，开关未闭合时小磁针池处于静止状态。下列说法正确的是（ADA.开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里 的方向转动B.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的 N极指向垂 直纸面向里的方向C.开关闭合并保持一段时间后，小磁针的 N极指向垂 直纸面向外的方向D.开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间， 小磁针的N极朝垂直面向外的方向 转动 解析：开关闭合

8、瞬间，铁芯的磁场增强，右边为N极，左侧线圈将产生一个阻碍其 增强的磁场，由楞茨定律可以判断产生由南向北的电流， 再由安培定则，小磁针 N向纸面向里转动，A正解；开关闭合并保持一段时间后，铁芯中的磁场保持不变，不会产生感应电流， 小磁针会保持最原始的状态，BC都错误；开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间， 铁芯的磁场减弱，线圈将产生一 个阻碍其减弱的磁场，也即产生一个由北向南的电流，小磁针的N极朝垂直面向 外的方向转动。点评：本题重点考查楞茨定律的内容，也就是增强就阻碍增强，减弱就阻碍你减弱， 还要学会用安培定则判断磁场的方向，是一道电磁学综合性的题目。20. 2017年，人类第一次直接探测到来

9、自双中子星合并的引力波，根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并前约100S时，它们相距约400KM，绕二者连线上的某点每秒转动12圈，将两题中子星都看作是质量均匀分布的球体，由这些数据、万用引力常量并利用牛顿力学知识，可以估算出这一时刻两颗中子星（BC ）A.质量之积B质量之和C速率之和D.各自的自动角速度解析：假设两中子星的质量为M1和M2,中心点如图所示，中心点到两中子星的 距离为R1和R2, R1+R2=400KM速率为V1和V2,由题意可知周期为 T=1/12S。第6页共6页M2MlR2M1和M2之间的引力提供他们各自的向心力，则对于M1来说:GM 1M22 =m£rRi

10、R2T对于M2来说，= M1V2Ri式GM1M24二21 22 =m2 2 r =mRi R2TV22 2R2(2式这两个式子一定要注意半径，和我们平时做的有点不一样 把（1）式和（2）式相加，可以得到G(M1 M2)4二2式1:2 (R1 R2)R1 R2T由3式可求得质量之各 M1+M2,因而B项正确由速度和周期的关系：2*12 二 R24中V1 二（4）式5= （5）式TT由（4）式+ （5）式，即可以求得它们的速率之和，即 C项也正确点评：这道题重点要求掌握万有引力的来源， 以及运动半径的求法，题目不算难, 但容易出错。21.图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面

11、，已知平面 b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV,从a到d的过程中克服电场 力所做的功为6eV。下列说法正确的是（AB ）。A.平面c上的电势为零 a hB.该电子可能到达不了平面f:C.该电子经过平面d时，其电势能为4eV：D.该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍： 解析：由电子从a到d的过程克服电场力做功，说明电场力做负功为 6eV,说明电 场线由a指向d,电子在ab,bc,cd任意两线之间电场力做负功都为 2eV,由于动 能只有10eV,到d时还有4eV,所以可以到达f平面，所以B正确。|根据电子伏特的定义是电子经过1个伏特（volt）的电场加速后所获得的能量，所以Uab=2V ,也即b点的电势为零，所以A正确。到达d