2019-2020学年广东省珠海市高一上学期期末考试物理

1、绝密启用前珠海市2019 -2020学年度第一学期期末普通高中学生学业质量监测高一物理本试卷共20小题，满分100分。考试用时90分钟。第I卷（选择题，共50分）一、单项选择题（本题包括10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求。选对的得3分，选错或不答的得 0分。）1 .下列各组物理量中，全部是矢量的是A.时间、位移、质量B.加速度、速度的变化量、速度C.长度、速率、加速度D.路程、动摩擦因数、位移.场驾车前往珠海金湾机2 .人们越来越多地使用手机进行导航，右图所示是某人从珠海唐家市场的手机导航截屏画面，该地图提供了、三种驾车线路规划方案及相对应的数据,

2、实际行驶中导航提示：“前方有测速，限速 80公里，下列说法不正确 的是 A.研究汽车在导航图中的位置时，汽车可以被看成质点B.三条线路方案的位移相等C.图中显示1小时13分钟和59公里分别指的是时间间隔和路程80km/hD.导航提示“限速80公里”指的是限制汽车的平均速度不超过3 .一个做匀加速直线运动的质点，在第1s末的速度比第 2s末的速度小4m/s ，则质点的加速度大小为A.1m/sB.2m/sC.3m/sD.4m/s4 .下列共点力作用在物体上，一定不能.使物体保持平衡的是A.2N、3N、5N B.3N、4N、8N C.10N、10N、10N D.4N、6N、7N5 .-辆汽车在平直公

3、路上行驶，突然发现前方有障碍，司机紧急制动。从制动开始计时，该汽车的位移x与时间t的关系为x=6t-t 2,则下列判断正确的是A.该汽车的初速度为 6m/sB.4s内该汽车行驶了 8mC.该汽车制动后的加速度大小为1m/s 2 D.在汽车停止前任意相邻 1s内的位移之差都是1m6 .一本书放在水平桌面上，桌面对书有支持力N,书对桌面有压力 F,则下列说法中正确的是A.压力F实际上是由于桌面发生微小的弹性形变而对桌面产生的向下的弹力B.压力F实际上是由于书发生微小的弹性形变而对桌面产生的向下的弹力C.支持力N实际上就是书受到的重力D.压力F和支持力N是一对平衡力7 .如图所示，用细绳将重球悬挂在

4、光滑墙壁上，当绳子稍许变长（小球仍处于静止状态），细绳对小球白拉力F、墙壁对小球的支持力F的变化情况为B.F变大、Fn变小 C.F、Fn都变小 D.F变小、Fn变大8 .甲、乙两物体从同一位置出发且在同一直线上运动，它们的位移一时间图象如图所示，由图象可知0 1 2 3 4 5 6A.甲、乙两物体始终同向运动C.第3s末时，甲比乙的速度要小B.第4s末时，甲、乙两物体相遇D.在04s内，甲、乙的平均速率相等9.如图所示，物体在水平推力F的作用下静止在斜面上，若稍微增大水平力静止，则下列判断中正确的是F而物体仍保持A.斜面对物体的静摩擦力一定增大B.斜面对物体的支持力一定增大C.物体所受合力逐渐

5、增大D.以上说法都不对10 .如图中甲图所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连接），初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力 F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力 F与物体位移x之间的关系如图乙所示（g取10m/s 2）,则下列结论正确 的是A.物体的质量为0.1kgB.物体的加速度大小为 2m/sC.弹簧的劲度系数为 300N/mD.物体与弹簧分离瞬间的速度大小为4m/s二、多项选择题（本题包括5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求。全选对得4分，选不全得2分，有选错或不答的得 0分。11 .下列

6、关于速度和加速度的说法中，正确的是A.物体加速度增大，速度一定增大B.物体加速度不断减小，速度可以不断增大C.物体的速度变化量越大，加速度越大D.物体的速度变化越快，加速度越大12 .某物体做直线运动的 vt图象如图所示。则关于物体在前8s内的运动，下列说法正确的是A.物体在第4s末改变运动方向B.前8s内的位移为8mC.第6s末物体离出发点最远13.、下列说法正确的是A.质量越大的物体惯性也越大C.物体只有受到力的作用才会运动D.4s6s内与68s内的加速度方向相反B.单位m、kg、s是国际单位制中的基本单位D.几个共点力的合力大小可能比这几个共点力都要小14.升降机地板上放着一个弹簧秤，盘

7、中放一质量为m的物体，当秤的读数为 1.5mg时，升降机的运动可能是A.加速上升B.减速上升C.减速下降D.加速下降m的小球A用轻质细线15.如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，质量为悬挂于支架前端，右端质量为 M的物块B始终相对于小车静止。B与小车平板间的动摩擦因,777777777777777777771数为八若某段时间内观察到轻质细线偏离竖直方向。角，且保持不变，则在这段时间内A.小车一定正在做加速运动B.轻质细线对小球A的拉力大小为-mg-C.物块B所受摩擦力大小为科Mg,方向水平向右D.小车对物块B的作用力大小为Mgjl tan2 ,方向为斜向右上方第I卷（共50分）三

8、、实验题（本题共2小题，第16题6分，第17题9分，共计15分。）16.（6分）“研究共点力的合成实验”如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的示意图。（1）图乙中的F与F'两力中，方向一定沿 AO方向的是（2）用Fi和F2两个力或用一个力拉橡皮条时，结点都必须达到。点，这是因为 。（3）同学们在操作过程中有如下议论，其中有两个有利于减小实验误差的说法（填字母代号）A.两条细绳必须等长B.实验前先对弹簧测力计指针调零C.用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差尽可能大D.拉橡皮条的细绳要适当长一点，标记同一细绳方向的

9、两点要适当远一点17.（9分）学校物理兴趣小组利用如图甲所示的实验装置完成“探究加速度与力的关系”的实验。他们所用的器材有小车、一端带有滑轮的导轨、打点计时器和几个已知质量的钩码，另有学生电源和其它相关实验器材（图中未画出）。（1）下列做法有两个正确的是 （填字母代号）。A.调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B.在长木板带定滑轮的一端下面垫上一块薄木块，使小车在不受牵引力时能匀速下滑C.实验时，先放开小车再接通打点计时器的电源D.每次改变拉小车的拉力后都不需要重新平衡摩擦力（2）图乙是实验中得到的一条纸带，图中相邻两计数点的时间间隔为 0.10s ,由图中数据可得 打点计时器打下

10、C点时小车的速度大小 vc=m/s，小车的加速度大小 a=m/s 2。 （结果均保留三位有效数字）（3）实验小组A、B分别以各自测得的加速度a为纵轴，小车所受的合力F为横轴，作出图象如图丙中图线1、2所示，则图线1、2中对应小车（含车内的钩码）的质量较大的是图线 （选 填 “1” 或 “2”）。四、计算题（本题共3小题，18题10分，19题12分，20题13分，共计35分。解答题应 写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。） 18.（10分）物体从离地面20m高处做自由落体运动（g=10m/s 2）,求:(1)物体落地所需时

11、间t;(2)物体落地时的速度v;(3)物体在整个下落过程中的平均速度v。19 .(12分)如图所示，质量为 m的物体放在水平地面上，在水平向右、大小为 F的推力作用下，以速度v向右做匀速直线运动，重力加速度为g。求：地面对物块的支持力 N的大小；(2)金属块与地面间的动摩擦因数科；(3)如果从某时刻起撤去拉力，则撤去拉力后物体在地面上滑行的最大距离S。20 .(13分)如图所示，一物体从高为h=1.2m，倾角。=37 °斜坡上的A点由静止开始下滑，物块与斜面间摩擦因数科1=0.25 ,经过B点后进入水平向右运动的传送带上(设经过B点前后速度大小不变)，物体与传送带的摩擦因数口=0.4

12、，传送带长度L=3m，传送带匀速运动的速度为 v=2m/s(g 取 10m/s 2, cos37 ° =0.8 , sin37 ° =0.6),求：(1)物块在斜面上运动时的加速度大小a1;(2)物块运动到B点时的速度大小 vb;B点后能够沿斜面上升的最大(3)通过计算判断物体能否滑离传送带：若不滑离，求物体返回高度hm。珠海市2019 2020学年度第一学期期末高一年级学生学业质量监测物理科参考答案、二选择题题号123456789101112131415答案BDDBABCBBBBDBCABDACBD三、实验题'16 .（共6分）（1 ）匚（2分）（2 ）为了使两个

13、力和一个力的作用效果相同（2分）（3） B （2分，对一个得1分，有错误不得分）17 .（共9分）（1 ） AD （2分，对一个得1分，有错误不得分）（2 ） 0.121（2 分）0.195（ 3 分）（3） J （2 分）四、计算题18. （10 分）【答案】2s；20m/s； 15 m/s.12（1）物体做自由落体运动，根据 h gt2 （2分）2可解得t 2 2 s（2分）一 2（2）根据 v 2gh 或者 v gt ,（2 分）v 20m/s（1 分）（3）根据平均速度公式可求得：最_ hv -（2 分）2 mvv 10m/ s（1 分）19. (12 分)答案：(1) mg (2)

14、-Fg (3) s（1） 物体受力示意图，根据平衡条件得：竖直方向有：N mg 0（2分）解得：N mg（2分）（2）水平方向有：F f 0. （2分）滑动摩擦力：f N （1分）联立解得:mg（3）物块滑行加速度大小为（1分）a,撤去拉力后在地面上还能滑行最大距离为牛顿第二定律得：mg ma （2分）根据运动学公式：v2 2as（1分）2联立得：smv_（1分）2F20. （13分）【答案】（1） 4m/s 2 （2） 4m/s （3）物块不会滑离传送带，上升的最大高 度为0.15m（1） 物块沿斜面加速下滑，由牛顿第二定律得：mgsin mg cos ma1（2分）解得斜面下滑加速度大小：2a1 g sin1g cos4m/s （2 分）2h（2）由速度位移的关系式得：vB2a1 0 （2分）sin 370解得：VB=4m/s（2 分）（3 ）物块在传送带上做减速运动，由牛顿第二定律得：2mg ma2解得传送带上加速度大小：a22g 4m/s2 （1分）设物块在传送带上能滑行的最大距离为x由速度位