2019届高三物理二轮复习练习：恒定电流单元质量检测(含解析)

1、单元质量检测（八）恒定电流、选择题（第 15 题只有一项正确，第 68 题有多项正确）1.有两个标有“ 110 V 25 W ”和“ 110 V 60 W ”字样的灯泡，要把它们接在220 V电源上，灯泡既正常发光，又最省电的连接方式是下图中的220V-A220B2560 W220 VD56解析：选 B 25 W 和 60 W 的两灯泡的额定电流分别为Ii= 22 A , I2=齐 A，故选项中两灯泡不能同时正常发光，C 错误；A选项中电阻的功率为P= iiox22+-61W=85W, D 选项中两电阻消耗的功率和为56P=110 x22W+110 x石W=85 W，选项A、D 中电路消耗的总

2、功率都是 170 W; B 选项中电阻消耗的功率为 P = 110X-22 W = 35 W，该 电路消耗的总功率为 120 W，故选项 B 满足条件。2如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S 闭合后，在变阻器 R0的滑动端向下滑动的过程中（）A .电压表与电流表的示数都减小B .电压表与电流表的示数都增大C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D .电压表的示数减小，电流表的示数增大解析：选 A 由变阻器 Ro的滑动端向下滑动可知，Ro连入电路的有效电阻减小，R总减小，由 1=可知 I 增大，由 U内=Ir 可知 U内增大，由 E = U内+ U外可知 U外减小，故电R总+ r压表示数减小。由

3、 6 = IR1可知 U1增大，由 U外=U1+ U2可知 U2减小，由 I2=屮可知电流R2表示数减小，故 A 正确。3. （2019 东北三校模拟）如图所示，C1= 6（iF, C2= 3（iF, R1= 3Q,R2= 6Q,电源电动 势E= 18 V，内阻不计。下列说法正确的是（）A 开关 S 断开时，a、b 两点电势相等B开关 S 闭合后，a、b 两点间的电流是 4 AC.开关 S 断开时 Cl带的电荷量比开关 S 闭合后 Ci带的电荷量大D .不论开关 S 断开还是闭合，Ci带的电荷量总比 C2带的电荷量大解析：选 C S 断开时外电路处于断路状态，两电阻中无电流通过，电阻两端电势相

4、等，由题图知 a 点电势与电源负极电势相等，而 b 点电势与电源正极电势相等， A 错误；S 断开 时两电容器两端电压都等于电源电动势，而 Ci C2,由 Q= CU 知，此时 Qi Q2,当 S 闭合时，稳定状态下 Ci与 Ri并联，C2与 R2并联，电路中电流 1=昱 =2 A，此时两电阻Ri十尽尽2两端电压分别为 Ui= IRi= 6 V、U2= IR2= i2 V，则此时两电容器所带电荷量分别为Qi=CiUi= 3.6Xio_5c、Q2 = C2U2= 3.6xio%,对电容器 Ci来说，S 闭合后其两端电压减小， 所带电荷量也减小，故 C 正确，B、D 错误。4. （20i9 烟台联

5、考）如图所示的电路中，开关闭合时，灯Li、L2正常发光。由于电路出现故障，灯 Li突然变亮，灯 L2变暗，电流表的读数变小。则发生的故障可能是（）Al1|-CH敎日h?iR3HgH_c2戶1A . Ri断路 B . R2断路C. R3断路D . R4断路解析：选 A 由题图知，Ri与灯 Li并联，若 Ri断路则电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律 I总=旦，知电路的总电流减小，则并联电路R3、R4的总电流减小，并联电路两R总端的总电压减小，由欧姆定律可知电流表的读数变小，流过灯L2电流变小，灯 L2变暗，同理 R2两端的电压也减小，由路端电压增大，得到灯Li两端的电压增大，灯 Li的功率增大

6、，灯 Li变亮，A 对；若 R2断路，则电路断开，两灯不亮，电流表没有读数，B 错；若 R3断路则灯 L2不亮，C 错；若 R4断路则电流表没有读数，D 错。5. （20i9 山东模拟）如图所示，平行金属板中带电质点P 原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向 b 端移动时，则（）A .电压表读数减小B .电流表读数减小C.质点 P 将向上运动D . R3上消耗的功率逐渐增大解析：选 A 滑动变阻器 R4的滑片向 b 端移动时，外电路电阻变小，电路总电阻变小， 电路电流变大，内电压变大，外电压变小。电路电流变大使得电阻R1两端电压变大，从而电阻 R3两端电压变

7、小，其消耗功率变小，故选项 D 错误；电阻 R3两端电压变小，电容器两 端电压变小，质点 P 因所受静电力变小会向下运动，因此选项C 错误；电路电流变大，而通过电阻 R3的电流变小，故通过电阻 R2支路的电流变大，电流表示数变大，选项B 错误；通过电阻 R2支路的电流变大，从而电阻R2两端电压变大，滑动变阻器两端电压变小，电压表示数变小，选项 A 正确。6如图所示，直线I、n分别是电源 1 与电源 2 的路端电压随输出电流变化的特性图线，曲线川是一个小灯泡的伏安特性曲线，曲线川与直线I、n相交点的坐标分别为 P（5.2,3.5）、Q（6,5）。如果把该小灯泡分别与电源 1、电源 2 单独连接，

8、则下列说法正确的是（）B 电源 1 与电源 2 的电动势之比是 1 : 1C.在这两种连接状态下，小灯泡的电阻之比是1 : 2D .在这两种连接状态下，小灯泡消耗的功率之比是7 : 1055解析：选 AB 根据题图可知，E1= E2= 10 V ,门=4Q,2= 6Q,所以 r1:2= 3 : 2,E1: E2= 1 : 1，选项 A、B 正确；曲线川与其他两条直线的交点坐标，表示该小灯泡在这两种连接状态下的工作电压和工作电流，根据坐标值可求出，此时小灯泡消耗的功率分别为P1= 18.2 W 和 P2= 30 W,小灯泡的电阻分别为 R1=35Q,R2=5Q,所以选项 C、D 错误。 5267

9、. （2019 雅安联考）如图所示，D 是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器 AB 内部,原有带电微粒 P 处于静止状态。下列措施下，P 的运动情况说法正确的是（）A. U1不变，号 U1不变B. U2变大，弓 U2变大C. U2变大，晋不变D. 屮变大，弓屮不变Ri,且 Ri不变，所以半不变，不变；因为 = R2,且 R2变大，所以 屮变大，但 普 =$ 丁= Ri+ r，所以普不变；因为 半=R2+ Ri，所以屮变大，又 晋=晋=r，故不变。选项 A、C、D 正确。、实验题 9某同学通过实验测量一种合金的电阻率。A保持 S 闭B 保持 S 闭合，减少 A、B 板间距离，P 向上运动C.

10、断开 S 后，增大 A、B 板间距离，P 向下运动D 断开 S 后， 减少 A、 B 板间距离， P 仍静止 解析： 选 ABD保持 S 闭合，电源的路端电压不变。增大A、 B 板间距由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，其电量不变，由推论 E = 耆得到，板间场强&S不变，P 所受电场力不变，仍处于静止状态，故A 正确；保持 S 闭合，电源的路端电压不变，电容器的电压不变，减少 A、B 板间距离，由 E =U可知，板间场强增大，电场力增大，P 将向上运动，故 B 正确；断开 S 后，电容器的电量 Q 不变，由推论 E=生詈得到，板间 场强不变，P 所受电场力不变，仍处于静止状态，故

11、C 错误，D 正确。8. （2019 辽宁大连八中模拟）在如图所示的电路中，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片 P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、Ui、U2和 U3表示，电表示数变化量的大小分别用解析：选 ACD 因为普=屮R甲(1) 用螺旋测微器测量合金丝的直径。为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧图甲所示的部件 _ (选填“A” “B” “C 或 “D”。从图中的示数可读出合金丝的直径为_mm。(2) 图乙所示是测量合金丝电阻的电路，相关器材的规格已在图中标出。合上开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中，发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变

12、化。由此可以推断：电路 中_(选填图中表 示接线柱的数字)之间出 现了_(选填“短路”或“断路”)。由I:主 f *皿 q x3V电激 开关乙(3)在电路故障被排除后，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数分别为2.23 V和 38 mA ,由此，该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7Q。为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应作怎样的改进？请写出两条建议。解析：(1)为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先转动锁紧手柄部件B，合金丝的直径为 0.410 mm。(2)题中所述情况说明电压表被串联在电路中， 致使电流表读数很小， 电压表读数接近 电压电动势，因此

13、电路中连接合金属丝的接线柱7、9 之间部分应发生了断路。由于RxRV,因此应采用电流表的内接法，减小因电压表分流引起的系统误差，另外RARx可采用多次测量求平均值的方法，可以减小偶然误差。答案：(1)B 0.410 (2)7、9 断路(3)电流表改为内接法测量多组电流和电压值，计算出电阻的平均值10. (2019 威海模拟)某校进行实验电路设计比赛，实验台上备有下列器材:A .电压表 V1(量程约 2 V,内阻约 1 kQ)B .电压表V（量程为 6 V，内阻为 2 kQ）C.电流计 G（量程为 3 mA，内阻约 500Q）D .电流表 A（量程为 0.6 A，内阻为 0.5Q）E. 滑动变阻

14、器 Ri（015Q,0.5 A）F. 滑动变阻器 R2（01 kQ,0.1 A）G.电阻箱 R3（0999.9Q,0.1 A）H .电阻箱 R4（09 999.9Q,0.2 A）I .电源（6 V,0.5 A）J 开关、导线若干（1）利用以上器材在图中所示虚线框内设计最佳测量电路，要求既能确定电压表V1的量程，又能尽量准确地测定其内阻，在图中标明选用器材的符号，图中滑动变阻器R 应选择_（填写元件符号）。若已知电压表 V1量程为 2 V，则下列实验小组设计的电路图中，能用来测定电压表V1的内阻且设计合理的是 _。解析：（1）分压电路中，在额定电流允许的前提下选择阻值较小的滑动变阻器更方便调节，

15、因此选择 尺。给定器材中电阻箱 R4的最大阻值约为电压表 V1内阻的 10 倍，因此最简 测量电路为半偏法电路，如图所示。由于待测电压表V1量程未知，不能读数，要确定 V1的量程，需在半偏法电路两端并联电压表V2以便读取总电压 U，这样既不影响半偏法实验测量，同时又可以测出测量电路两端电压，保证此电压在调整电阻箱和滑动变阻器时保持不变，以减小实验误差。（2）若电压表 V1量程已知，则可采用伏安法直接测量， 电压表额定电流约为IV=1000 AF nI）=2 mA，可用电流计 G 测量电流，电压则由 V1读取，滑动变阻器阻值 R1远小于测量电路 总电阻，应采用分压电路，选项 A 中电路图设计合理

16、；选项 B 中，滑动变阻器用 R2接成限流电路，R2接入电路中的阻值最大时，每 1 kQ电阻的电压约为 V = 2.4 V,超过 Vi量程,2.5不合理；选项 C 中 V2与 V1串联，可将 V2当电流表使用，满偏电流Iv2= 2 000 A = 3 mA , 与电流计 G 量程相同，且 R2接入电路中的阻值最大时， 每 1 kQ电阻的电压约为6V = 1.5 V,4设计合理；同理，选项 D 中 V2与 V1并联，V2多余且只能测量电压，不能计算V1内阻，设计不合理。答案：（1）测量电路见解析图R1（2） AC11. （2019 浙江模拟）太空探测器在探索宇宙过程中,（1）分析曲线可知，该电池

17、板作为电阻器件时的阻值随通过电流的增大而（填“增大”或“减小”），若所设计的电路如图乙所示，实验时应将图乙中电压表另一端a 接在_ 点（填 b”或 C”）。（2）图乙电路中 a 端接好后还少接了一根导线，请在图乙中画出。（3）分析曲线可知， 该电池板作为电源时的电动势约为_V，若把它与阻值为1kQ的定值电阻连接构成一个闭合电路，在有光照射的情况下，该太阳能电池板的效率约为_ %（计算结果保留两位有效数字）。解析：（1）由图线可知，该电池板作为电阻器件时，通过的电流增大两端电压增加变 慢，可知其阻值随通过的电流增大而减小；无光照时太阳能电池板的阻值远大于电流表内阻，所以采用电流表内接法，即 a

18、端接 b 点。（2）描绘伏安特性曲线要求电压从零开始调节，即滑动变阻器要采用分压式接法，故应 该将滑动变阻器右端与电源正极用导线相连，如图所示。由太阳能电池板给它提供能源。某中学物理实验室有一块太阳能电池板，当有光照射它时（作为电源），其路端电压与总电流关系图像如图甲中的曲线所示;若没有光照射它时,相当于一个只有电阻的电学器件,电动势。物理实验探究小组用“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验方法,探究该太阳能电池板在没有光照射时的伏安特性曲线，利用电压表的多组数据作出的图像如图甲中曲线所示。（内阻约 3 kQ）、电流表（内阻约 100Q）测得7无朮凰电池扳d.00.00200002 2000025太阳能电池板的电动势可由图线与纵轴的交点直接读出，即1 kQ电阻的伏安特性曲线如图（b）所示，图线与图线的交点即电路的工作点，其坐标为(I.8O,I.8O)，电池板的效率n=巴XI00% =器XI00% = EXI00% =280XI00%64%。 |总、IEE2.80答案：减小 b （2）见解析图（3）2.80 64I2.（20I9 浙江高考）某同学用伏安法测量导体的电阻， 现有量程为 3 V、内阻约为 3 kQ