21年高考数学新高考Ⅰ卷真题试卷含答案及解析-【学生版】

1、2021年高考数学真题试卷（新高考卷）一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。（共8题；共40分）1.设集合A= x|-2<x<4. B = 2,3,4,5,则AB=（   ） A. 2                              &#

2、160;     B. 2,3                                    C. 3,4,    

3、60;                               D. 2,3,42.已知z=2-i，则( z(z+i) =（   ） A. 6-2i        &

4、#160;                            B. 4-2i                   &

5、#160;                 C. 6+2i                              &

6、#160;      D. 4+2i3.已知圆锥的底面半径为 2 ，其侧面展开图为一个半圆，则该圆锥的母线长为（   ） A. 2                               

7、;        B. 2 2                                       C.

8、0;4                                       D. 4 24.下列区间中，函数f(x)=7sin( x6 )单调递增的区间是（   ） A.&

9、#160;(0, 2     )                          B. ( 2  , )               &#

10、160;          C. ( , 32 )                          D. ( 32 , 2 )5.已知F1,F2是椭圆C： x29+y24=1 的两个焦点，点M在C 上，则|MF1|&#

11、183;|MF2|的最大值为（   ） A. 13                                          B. 

12、12                                          C. 9      &

13、#160;                                   D. 66.若tan =-2,则 sin(1+sin2)sin+cos  =（   ） A. 65  

14、;                                     B. 25           &

15、#160;                           C. 25                    

16、60;                  D. 657.若过点（a,b)可以作曲线y=ex的两条切线，则（   ） A. eb<a                    &#

17、160;           B. ea<b                                C. 0<a<eb

18、60;                               D. 0<b<ea8.有6个相同的球，分别标有数字1,2,3,4,5,6,从中有放回的随机取两次,每次取1个球，甲表示事件“第一次取出的球的数字是1”，乙表示事件“第二次取出的球的数字是2”，丙表示事

19、件“两次取出的球的数字之和是8”，丁表示事件“两次取出的球的数字之和是7”，则（   ） A. 甲与丙相互独立             B. 甲与丁相互独立             C. 乙与丙相互独立       &#

20、160;     D. 丙与丁相互独立二、选择题：本题共4小题。每小题5分，共20分。在每小题给出的选项中，有多项符合 题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。（共4题；共20分）9.有一组样本数据x1 ， x2,xn,由这组数据得到新样本数据y1 ， y2,yn,其中yi=xi+c(i=1,2,n),c为非零常数，则（   ） A. 两组样本数据的样本平均数相同B. 两组样本数据的样本中位数相同C. 两组样本数据的样本标准差相同D. 两组样本数据的样本

21、极差相同10.已知O为坐标原点，点P1(cos,sin),P2(cos，-sin),P3(cos(+),sin(+)，A(1，0),则（   ） A. | OP1| = |OP2|           B. |AP1| = |AP2|           C. OA·OP3 = OP1·OP2 &#

22、160;         D. OA·OP1=OP2·OP311.已知点P在圆 (x5)2 + (y5)2  =16上，点A（4,0），B（0,2），则（   ） A. 点P到直线AB的距离小于10B. 点P到直线AB的距离大于2C. 当PBA最小时，|PB|=3 2D. 当PBA最大时，|PB|=3 212.在正三棱柱ABC- A1B1C1 中，AB=A A1=1 ，点P满足 PB=BC+BB1 ，其中0

23、,1， 0,1，则（   ） A. 当=1时， AB1 P的周长为定值B. 当 =1时，三棱锥P-A1BC的体积为定值C. 当= 12 时，有且仅有一个点P，使得 A1PBPD. 当 = 12 时，有且仅有一个点P，使得 A1 B平面A B1 P三、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分（共4题；共20分）13.已知函数f(x)= x3(a·2x2x) 是偶函数，则a=_ 14.已知O为坐标原点，抛物线C: y2=2px(p>0） 的焦点为F,P为C上一点，PF与x轴垂直，Q为x轴上一点，且PQOP,若|FQ|=6

24、，则C的准线方程为_ 15.函数f(x) =|2x-l|-2lnx的最小值为_ 16.某校学生在研究民间剪纸艺术时，发现此纸时经常会沿纸的某条对称轴把纸对折。规格为20dm×12dm的长方形纸.对折1次共可以得到10dm×2dm、20dm×6dm两种规格的图形，它们的面积之和 S1 =240 dm2 ， 对折2次共可以得5dm×12dm，10dm×6dm，20dm×3dm三种规格的图形，它们的面积之和 S2=180dm2。以此类推.则对折4次共可以得到不同规格图形的种数为_；如果对折n次，那么 k=1nsk =_dm. 四、解答题：本

25、题共6小题，共70分。（共6题；共70分）17.已知数列 an 满足 a1 =1， an+1an+1，n为奇数an+2，n为偶数（1）记 bn = a2n ，写出 b1 ， b2 ，并求数列 bn 的通项公式； （2）求 an 的前20项和 18.某学校组织"一带一路”知识竞赛，有A，B两类问题每位参加比赛的同学先在两类问题中选择类并从中随机抽収一个问题冋答，若回答错误则该同学比赛结束；若 回答正确则从另一类问题中再随机抽取一个问題回答，无论回答正确与否，该同学比赛 结束.A类问题中的每个问题回答正确得20分，否则得0分：B类问题中的每个问题 回答正确得80分，否则得0分。 己知小明

26、能正确回答A类问题的概率为0.8 ,能正确回答B类问題的概率为0.6.且能正确回答问题的概率与回答次序无关。（1）若小明先回答A类问题，记X为小明的累计得分，求X的分布列： （2）为使累计得分的期望最大，小明应选择先回答哪类问题？并说明理由。 19.记ABC的内角A，B，C的对边分别为a.，b.，c,已知 b2 =ac,点D在边AC 上，BDsinABC=asinC. （1）证明：BD = b： （2）若AD = 2DC .求cosABC. 20.如图，在三棱锥A-BCD中.平面ABD丄平面BCD，AB=AD.O为BD的中点. （1）证明：OACD： （2）若OCD是边长为1的等边三角形.点E

27、在 棱AD上.DE=2EA.且二面角E-BC-D的大小为45°，求三棱锥A-BCD的体积. 21.在平面直角坐标系xOy中，己知点 F1 (- 1 7,0)， F2 ( 1 7,0),点M满足|MFt|-|MF2|=2.记M 的轨迹为C. （1）求C的方程; （2）设点T在直线 x=12 上，过T 的两条直线分别交C于A，B两点和P，Q两点,且|TA|·|TB|=|TP|·|TQ| ,求直线AB的斜率与直线PQ的斜率之和 22.已知函数f(x)=x（1-lnx) （1）讨论f(x)的单调性 （2）设a,b为两个不相等的正数,且blna-alnb=a-b证明: 2&

28、lt;1a+1b<e答案解析部分一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。1.【答案】 B 【考点】交集及其运算 【解析】【解答】解：根据交集的定义易知AB是求集合A与集合B的公共元素，即2,3， 故答案为：B 【分析】根据交集的定义直接求解即可.2.【答案】 C 【考点】复数的基本概念，复数代数形式的混合运算 【解析】【解答】解：zz+i=2i2+2i=4+4i2i2i2=6+2i 故答案为：C 【分析】根据复数的运算，结合共轭复数的定义求解即可.3.【答案】 B 【考点】旋转体（圆柱、圆锥、圆台） 【解析】【解答】解：根据底面周长等于侧面展开图弧长，设母线为l，底面半径为r，则

29、有2r=180°360°×2l ， 解得l=2r=22 故答案为：B 【分析】根据底面周长等于侧面展开图弧长，结合圆的周长公式与扇形的弧长公式求解即可.4.【答案】 A 【考点】正弦函数的单调性 【解析】【解答】解：由2+2kx62+2k得3+2kx23+2k ， kZ，当k=0时，3，23是函数的一个增区间，显然0，23，23 ， 故答案为：A 【分析】根据正弦函数的单调性求解即可.5.【答案】 C 【考点】基本不等式在最值问题中的应用，椭圆的定义 【解析】【解答】解：由椭圆的定义可知a2=9,b2=4,|MF1|+|MF2|=2a=6， 则由基本不等式可得|M

30、F1|MF2|MF1|MF2|MF1|+|MF2|22=9 ， 当且仅当|MF1|=|MF2|=3时，等号成立. 故答案为：C 【分析】根据椭圆的定义，结合基本不等式求解即可.6.【答案】 C 【考点】二倍角的正弦公式，同角三角函数间的基本关系，同角三角函数基本关系的运用 【解析】【解答】解：原式=sinsin2+2sincos+cos2sin+cos=sinsin+cos2sin+cos=sinsin+cos=sin2+sincossin2+cos2=tan2+tantan2+1=25 故答案为：C 【分析】根据同角三角函数的基本关系，结合二倍角公式求解即可.7.【答案】 D 【考点】极限及

31、其运算，利用导数研究曲线上某点切线方程 【解析】【解答】解：由题意易知，当x趋近于-时，切线为x=0，当x趋近于+时，切线为y=+，因此切线的交点必位于第一象限，且在曲线y=ex的下方. 故答案为：D 【分析】利用极限，结合图象求解即可.8.【答案】 B 【考点】相互独立事件，相互独立事件的概率乘法公式，古典概型及其概率计算公式 【解析】【解答】解：设甲乙丙丁事件发生的概率分别为P(A)，P(B)，P(C)，P(D)， 则P(A)=P(B)=16，P(C)=56×6=536，P(D)=66×6=16 ， 对于A，P(AC)=0； 对于B，P(AD)=16×6=13

32、6； 对于C，P(BC)=16×6=136； 对于D，P(CD)=0. 若两事件X,Y相互独立，则P(XY)=P(X)P(Y), 故B正确. 故答案为：B 【分析】根据古典概型，以及独立事件的概率求解即可二、选择题：本题共4小题。每小题5分，共20分。在每小题给出的选项中，有多项符合 题目要求。全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分。9.【答案】 C,D 【考点】众数、中位数、平均数，极差、方差与标准差 【解析】【解答】解：对于A，x=x1+x2+xnn，y=y1+y2+ynn=x1+x2+xnn+c=x+c ， 因为c0，所以xy ， 故A错误； 对于B，若x1,x2,

33、xn的中位数为xk ， 因为yi=xi+c，因为c0，所以y1,y2,yn的中位数为yk=xk+cxk ， 故B错误； 对于C，y1,y2,yn的标准差为Sy=1ny1y2+y2y2+yny2=1nx1+cx+c2+x2+cx+c2+xn+cx+c2=1nx1y2+x2y2+xny2=Sx ， 故C正确； 对于D，设样本数据x1,x2,xn中的最大为xn ， 最小为x1,因为yi=xi+c，所以y1,y2,yn中的最大为yn ， 最小为y1, 极差为yn-y1=(xn+c)-(x1+c)=xn-x1 ， 故D正确. 故答案为：CD 【分析】根据平均数，中位数，标准差的定义求解即可.10.【答案

34、】 A,C 【考点】平面向量数量积的坐标表示、模、夹角，平面向量数量积的运算，两角和与差的余弦公式，两角和与差的正弦公式 【解析】【解答】解：|OP1|=cos2+sin2=1，|OP2|=cos2+sin2=1 ， 故A正确； 因为|AP1|=cos12+sin2=22cos，|AP2|=cos12+sin2=22cos ， 故B错误； 因为OA·OP3=1×cos+0×sin+=cos+ ， OP1·OP2=coscossinsin=cos+ ， 所以OA·OP3=OP1·OP2 故C正确； 因为OA·OP1=1

35、5;cos+0×sin=cos ， OP2·OP3=cos，sin·cos+，sin+=cos×cos+sin×sin+=cos+2 ， 所以D错误 故答案为：AC. 【分析】根据向量的数量积，及向量的求模直接求解即可.11.【答案】 A,C,D 【考点】直线的截距式方程，点到直线的距离公式，直线与圆的位置关系 【解析】【解答】解：直线AB为：x4+y2=1 ， 即x+2y-4=0， 设点P（5+4cos，5+4sin），则点P到直线AB的距离为d=5+4cos+25+4sin412+22=11+45sin+5 ， 则dmax=11+455&l

36、t;10，dmin=11455<2 所以A正确B错误； 又圆心O为（5,5），半径为4，则OB=502+522=34 ， 所以当直线PB与圆相切时，PBA取得最值，此时，PB=OB2r2=3416=32 所以CD正确 故答案为：ACD. 【分析】根据直线的截距式，利用点到直线的距离公式，以及直线与圆的位置关系求解即可.12.【答案】 B,D 【考点】棱柱、棱锥、棱台的体积，直线与平面垂直的判定 【解析】【解答】解：由 点P满足 PB=BC+BB1 可知点P在正方形BCC1B1内， 对于A，当=1时，可知点P在CC1（包括端点）上运动，如下图所示，AB1P中，AB1=2，AP=1

37、+2，B1P=1+12 ， 因此周长L=AB+AP+B1P不为定值，故A错误. 对于B，当=1时，可知点P在B1C1（包括端点）上运动，如下图所示， 易知B1C1/平面A1BC，即点P到平面A1BC的距离处处相等， A1BC的面积是定值，所以三棱锥P-A1BC的体积为定值，故B正确； 对于C，当=12时，分别取线段BB1 ， CC1的中点M,N，可知点P在线段DD1（包括端点）上运动，如下图所示， 很显然若点P与D,D1重合，均满足题意，故C正确； 对于D，当=12时，分别取线段BB1 ， CC1的中点D,D1 ， 可知点P在线段DD1（包括端点）上运动，如下图所示， 此时，有且只有点P与点N

38、重合时，满足题意，故D正确. 故答案为：BD 【分析】根据三角形的周长，棱锥的体积的求法，利用特殊点进行判断AB即可,根据线线垂直及线面垂直的判定定理，利用特殊点进行判断CD即可.三、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分13.【答案】 1 【考点】函数奇偶性的判断，函数奇偶性的性质 【解析】【解答】解：设  gx=a·2x2x ， 则题意可知函数g(x)为奇函数，则g(0)=a·20-2-0=a-1=0，故a=1 故答案为：1 【分析】根据函数的奇偶性的判定，结合奇函数的性质求解即可.14.【答案】x=32【考点】直线的点斜式方程，抛物线的定义 【解析】【解

39、答】解：由题意可设Pp2,p ， 则KOP=2,KQP=12, 因此直线PQ的方程为：yp=12xp2 令y=0，得x=52p 因此FQ=52PP2=2P=6 则p=3 因此抛物线C的准线方程为：x=p2=32 【分析】根据抛物线的定义及几何性质，结合直线的方程求解即可.15.【答案】 1 【考点】利用导数研究函数的单调性，利用导数求闭区间上函数的最值，分段函数的应用 【解析】【解答】解：当x>12时，f（x）=2x-1-2lnx，则f'x=22x=2x1x ， 当x>1时，f'(x)>0，当12<x<1时，f'(x)<0，所以f（x

40、）min=f（1）=1； 当0<x12时，f（x）=1-2x-2lnx，则f'x=22x=2x+1x<0 ， 此时函数f（x）=1-2x-2lnx在(0,12上为减函数，则f（x）min=f12=2ln2>1 ， 综上，f（x）min=1 故答案为：1 【分析】根据分段函数的定义，分别利用导数研究函数的单调性与最值，并比较即可求解16.【答案】 5；720240n+32n【考点】数列的求和，类比推理 【解析】【解答】解：对折3次有2.5×12，6×5，3×10，20×1.5共4种，面积和为S3=4×30=120dm2;

41、 对折4次有1.25×12,2.5×6,3×5,1.5×10,20×0.75共5种，面积和为S4=5×15=75dm2; 对折n次有n+1中类型，Sn=2402nn+1, 因此Skk=1n=240·221+322+n+12n，12Skk=1n=240·222+323+n+12n+1 ， 上式相减，得12Skk=1n=240·1+122+123+12nn+12n+1=24032n+32n+1 则Skk=1n=2403n+32n=720240·n+32n 故答案为：5，720240·n+3

42、2n 【分析】根据类比推理可求对折4次及对折n次的图形种数，运用错位相减法可求Skk=1n.四、解答题：本题共6小题，共70分。17.【答案】 （1）2n 为偶数， 则 a2n+1=a2n+2 ， a2n+2=a2n+1+1 ，a2n+2=a2n+3 ，即 bn+1=bn+3 ，且 b1=a2=a1+1=2 ，bn 是以 2 为首项，3为公差的等差数列，b1=2 ， b2=5 ， bn=3n1 （2）当 n 为奇数时， an=an+11 ， an 的前 20 项和为a1+a2+a20=(a1+a3+a19)+(a2+a4+a20)=(a21)+(a41)+(a201)+(a2+a4+a20)=

43、2(a2+a4+a20)10 由（1）可知，a2+a4+a20=b1+b2+b10=2×10+10×92×3=155 an 的前20项和为 2×15510=300 【考点】等差数列，等差数列的通项公式，数列的求和 【解析】【分析】（1）根据等差数列的定义及通项公式即可求解； （2）运用分组求和法，结合项之间的关系即可求解. 18.【答案】 （1）X 的取值可能为 0 ， 20 ， 100 ， P(X=0)=10.8=0.2 ，P(X=20)=0.8×(10.6)=0.32 ，P(X=100)=0.8×0.6=0.48 ，X

44、的分布列为X020100  P0.20.320.48（2）假设先答 B 类题，得分为 Y ， 则 Y 可能为0，80，100，P(Y=0)=10.6=0.4 ，P(Y=80)=0.6×(10.8)=0.12 ，P(Y=100)=0.6×0.8=0.48 ，Y 的分布列为Y080100P0.40.120.48E(Y)=0×0.4+80×0.12+100×0.48=57.6 ，由（1）可知 E(X)=0×0.2+20×0.32+100×0.48=54.4 ，E(Y)>E(X) ，应先答B类题【考点】相互

45、独立事件的概率乘法公式，离散型随机变量及其分布列，离散型随机变量的期望与方差 【解析】【分析】（1）根据独立事件的概率，并列出X的分布列即可； （2）根据独立事件的概率，并列出Y的分布列，根据期望公式求得E(X),E(Y)并比较即可判断.19.【答案】 （1）在 ABC 中， ACsinABC=ABsinC ，BDsinABC=asinC ，BDsinC=asinABC ，联立 得 ABBD=ACa ，即 ac=bBD ，b2=ac ，BD=b （2）若 AD=2DC ， ABC 中， cosC=a2+b2c22ab ，BCD 中， cosC=a2+(b3)2b22ab3 ，= ，(a2+b2

46、c2)=3a2+(b3)2b2 ，整理得 a2+b2c2=3a2+b233b2 ，2a2113b2+c2=0 ，b2=ac ，6a211ac+3c2=0 ，即 a=c3 或 a=32c ，若 a=c3 时， b2=ac=c23 ，则 cosABC=a2+c2b22ac=c29+c2c2323c2=79c223c2=76 （舍），若 a=32c ， b2=ac=32c2 ，则 cosABC=a2+c2b22ac=94c2+c232c23c2=74c23c2=712 .【考点】正弦定理的应用，余弦定理的应用 【解析】【分析】（1）根据正弦定理求解即可； （2）根据余弦定理，结合方程思想和分类讨论思

47、想求解即可.20.【答案】 （1）AB=AD ， O 为 BD 中点， AOBD ，AO 面 ABD ，面 ABD 面 BCD 且面 ABD 面 BCD=BD ，AO 面 BCD ，AOCD （2）以 O 为坐标原点， OD 为 y 轴， OA 为 z 轴，垂直 OD 且过 O 的直线为 x 轴， 设 C(32,12,0) ， D(0,1,0) ， B(0,1,0) ， A(0,0,m) ， E(0,13,23m) ,EB=(0，43,23m) ， BC=(32,32,0) ，设 n1=(x1,y1,z1) 为面 EBC 法向量，EBn1=43y123mz1=0BCn1=32x1+32y1=0 ，2y1+mz1=0x1+3y1=0 ，令 y1=1 ， z1=2m ， x1=3 ，n1=(3，1，2m) ，面 BCD 法向量为 OA=(0,0,m) ，cosn1,OA=|2m4+4m2|=22 ，解得 m=1 ，OA=1 ，SABD=12×BD×OA=12×2×1=1 ，VABCD=13SABD|xc|=3