2019年高考物理一轮复习基础夯实练含解析新人教版

1、2019 年高考物理（人教）一轮基础夯实练（1）李仕才、选择题1、在研究二力合成的实验中，AB 是一根被拉长的橡皮筋，定滑轮是光滑的，如图所示,若改变拉力 F而保持 O点位置不变，则下列说法中正确的是（）B.要使 0 减小，增大拉力C.要使 0 减小，必须改变D.要减小 0 而保持 a 不变，则只改变 F 的大小是不可能保持 O 点的位置不变的解析：绳子对 O 点的拉力 F2与 F 的合力和 Fi等大、反向，如图所示，O 点位置不变，则橡皮筋白拉力 Fi不变，绳子拉力 E 的方向不变，即a角不变，若要减小0,必使 F 的大小和方向以及 F2的大小发生改变，故 D 选项正确.答案：D2、如图所示

2、，水平传送带以恒定速度 v 向右运动.将质量为 m 的物体 Q 轻轻放在水平传送带的左端 A 处，经过 t 秒后，Q 的速度也变为 v,再经 t 秒物体 Q 到达传送带的右端 B 处，则（）A.前 t 秒内物体做匀加速运动，后 t 秒内物体做匀减速运动B.后 t 秒内 Q 与传送带之间无摩擦力C.前 t 秒内 Q 的位移与后 t 秒内 Q 的位移大小之比为 1:13D.Q 由传送带左端运动到右端的平均速度为 4V解析：前 t 秒内物体 Q 相对传送带向左滑动，物体 Q 受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律 Ff=ma 可知，物体 Q 做匀加速运动，后 t 秒内物体 Q 相对传送带静止，做匀速运动

3、，V 一不受摩擦力作用，选项 A 错促、B 正确；刖 t 秒内 Q 的位移 X1=t,后 t 秒内 Q 的位移 X2v二 t+vtF 即可F 即可”，同时改变 F 的大小才有可能X11-X1-bX22=vt,故 2=1,选项 C 错误；Q 由传送带左端运动到右端的平均速度 v=X222t2t3广，选项 D 正确.答案：BD3、甲、乙疗九，两物体分别在恒力 Fi、F2的作用下，沿同一直线运动.它们的动量随时间变化如图所示.设甲在 ti时间内所受的冲量为 Ii,乙在 12时间内所受的冲量为 I2,则 F、I 的大小关系是（）A.FiF2,Ii=12B.FiF2,IiF2,IiI2D.Fi=F2,I

4、i=I2解析：冲量I=Ap,从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小 Ii=I2,又因为 Ii=Fiti,I2=F2t2,t2ti,所以 FiF2.答案：A4、69L*r4n在如图所示电路中 E 为电源，其电动势 E=9.0V,内阻可忽略不计；AB 为滑动变阻器，其电阻R=30Q;L 为一小灯泡，其额定电压 U=6.0V,额定功率 P=i.8W;S 为开关，开始时滑动变阻器的触头位于 B 端，现在接通开关 S,然后将触头缓慢地向 A 端滑动，当到达某一位置 C 处时，小灯泡刚好正常发光.则 CB 之间的电阻应为（）A.10aB.20aC.15aD.5a解析：本题中小灯泡刚好正常发光，说明此时小灯

5、泡达到额定电流 I 额=p=粤 A=0.3U6.0A,两端电压达到额定电压 U 额=6.0V,而小灯泡和电源、滑动电阻 AC 串联，则电阻 AC 的E电流与小灯泡的电流相等，RAc=i0Q,RB=R-FAC=20Q,B 项正确.I 额答案：B其正中心的上方有一固定的环形电流 A,A 与螺线管垂直.A 中电流方向为顺时针方向，开关 S 闭合瞬间.关于圆盘的运动情况（从上向下观察），下列说法正确的是（）A.静止不动 B.顺时针转动C.逆时针转动 D.无法确定解析：环形电流可等效为里面的 N 极、外面为 S 极的小磁针，通电螺线管可等效为右边为 N 板，左边为 S 极的条形磁铁，根据磁极间的相互作用

6、，圆盘将顺时针转动，选项 B 正确.答案：B6、（2018湖南长沙市高三统一模拟）金属钙的逸出功为 4.3X1019J,普朗克常量 h=6.6X1034J-s,光速 C=3.0X108m/s,以下说法正确的是（）A.用波长为 400nm 的单色光照射金属钙，其表面有光电子逸出B.用波长为 400nm 的单色光照射金属钙，不能产生光电效应现象C.若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则增大光的强度将会使光电子的最大初动能增大D.若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则减小光的强度将会使单位时间内发射的光电子数减少解析：波长为 400nm 的单色光的光子能量为 E=h=4.95X101

7、9J,大于钙的逸出功，可以产生光电效应现象.根据光电效应规律，光电子的最大初动能决定于入射光的频率而与其强度无关，但强度决定了单位时间内发射的光电子数的多少，正确选项为 A、D.答案：AD7、现有两动能均为 EO=0.35MeVH 在一条直线上相向运动，两个泊发生对撞后能发33生核反应，得到2He 和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为2He 和新粒子的动能.已知2H 的质量为 2.0141u,2He 的质量为 3.0160u,新粒子的质量为 1.0087u,核反应时质量亏损 1u释放的核能约为 931MeV（如果涉及计算，结果保留整数）.则下列说法正确的是（）2231A.核反应方程为

8、IH+I+2He+0nB.核反应前后不满足能量守恒定律C.新粒子的动能约为 3MeVD.3He 的动能约为 4MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知2H+2HR3He+in,则新粒子为中子in,5、如图所示，均匀绕制的螺线管水平固定在可转动的圆盘上,所以 A 正确.核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量，仍然满足能量守恒定律，B错误；由题意可知 AE=(2.0141uX23.0160u-1.0087u)X931MeV/u=3.3MeV 根据核反应中系统的能量守恒有&He+Ekn=2ED+AE,根据核反应中系统的动量p_EkHemmmHe寸恒有 PHePn=0,

9、由 Ek=h，可知=-=，斛得 EkHe=(2E0+AE)=1MeVEkn=2mEknmHem+mHemHe(2E0+AE)=3MeV,所以 C 正确、D 错误.答案：AC二、非选择题1、(2018南昌模拟)某物理实验小组在探究弹簧的劲度系数 k 与其原长 Io的关系实验中，按示意图所示安装好实验装置，让刻度尺零刻度与轻质弹簧上端平齐，在弹簧上安装可移动的轻质指针 P,实验时的主要步骤：将指针 P 移到刻度尺的 5cm 处，在弹簧挂钩上挂上 200g 的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；取下钩码，将指针 P 移到刻度尺的 10cm 处，在弹簧挂钩上挂上 250g 的钩码，静止时读出指针所

10、指刻度并记录下来；取下钩码，将指针 P 移到刻度尺的 15cm 处，在弹簧挂钩上挂上 50g 的钩码，静止时读出指针所指刻度并记录下来；重复步骤，在每次重复时，都将指针 P 下移 5cm,同时保持挂钩上挂的钩码质量不变.将实验所得数据记录、列表如下：次数弹簧原长10/cm弹簧长度l/cm钩码质里m/g15.007.23200210.0015.56250315.0016.6750420.0022.2350525.0030.5650根据实验步骤和列表数据，回答下列问题：(1)重力加速度 g 取 10m/s2,在实验步骤中，弹簧的原长为 15cm 时，其劲度系数 kN/m.(2)同一根弹簧的原长越长

11、，弹簧的劲度系数.(弹簧处在弹性限度内)A.不变 B.越大C.越小解析：(1)挂 50g 钩码时，弹簧的弹力为 0.5N,根据胡克定律得，k=Fx(2)对第 3、4、5 次数据分析，弹簧弹力相等，同一根弹簧，原长越长，形变量越大,根据胡克定律 F=kx 知，弹簧的劲度系数越小，故选项 C 正确.答案：(1)30(2)C2、(2018河南中原名校联考)如图甲，在水平桌面上固定着两根相距 L=20cm 相互平行的无电阻轨道 P、Q,轨道一端固定一根电阻 R=0.02Q 的导体棒 a,轨道上横置一根质量 m=40g、电阻可忽略不计的金属棒 b,两棒相距也为 L=20cm.该轨道平面处在磁感应强度大小

12、可以调节的竖直向上的匀强磁场中.开始时，磁感应强度 BO=0.1T,设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g 取 10m/s2.(1)若保持磁感应强度 BO的大小不变，从 t=0 时刻开始，给 b 棒施加一个水平向右的拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动.此拉力 F 的大小随时间 t 变化关系如图乙所示.求b 棒做匀加速运动的加速度及 b 棒与轨道间的滑动摩擦力；(2)若从 t=0 开始，磁感应强度 B 随时间 t 按图丙中图象所示的规律变化，求在金属捧b 开始运动前，这个装置释放的热量.解析：(1)F 安=BOILE=BoLvEBoLvI=-=-z-dRRv=atB0L2a所以 F 安=17R当 b 棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有 F-Ff-F 安=mo皿、一小 B2L2a联立可得 F-Ff-t=maDR由图象可得：当 t=0 时，F=0.4N,当 t=1s 时，F=0.5N.2代入式，可解得 a=5m/s,Ff=0.2N.(2)当磁感应强度均匀增大时，闭合电路中有恒定的感应电流 I,以 b 棒为研究对象，它受到