2020届新高考物理模拟仿真卷(山东卷)第2卷

1、2020届新高考物理模拟仿真卷（山东卷）第 2卷1、下列关于近代物理知识的描述中，正确的是（）A.康普顿效应实验说明了光不但具有粒子性，还具有能量和动量B. 一个处于n=3能级状态的氢原子自发跃迁时，能发出3种频率的光子C.结合能越大，原子核越稳定D.衰变中产生的3射线实际上是原子核外电子挣脱原子核形成的A.动量不变2、如图广州塔摩天轮位于塔顶 450米高空处 摩天轮由16个 水晶”观光球月组成，沿着倾斜 的轨道做匀速圆周运动，则在观光球舱中的某游客（）B.线速度不变D.机械能不守恒C.所受的合外力不变3、如图，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下。当磁铁向下运动时（但未插入线圈

2、内部）（）A.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥C.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引 D.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥 4、下列说法错误的是（）A.空调机既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性B.第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量守恒定律C.对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能就一定增大D.用温度计测量温度是根据热平衡的原理 5、套圈游戏是一项趣味活动。某次游戏中，一小孩从距地面高 0.45m处水平抛出半径为 0.1m的圆环（圆环面始终水平

3、，套住了距圆环前端水平距离为1.2m、高度为0.25m的竖直细圆筒。若重力加速度大小 g i0m/s 2 ,不计空气阻力，则小孩抛出圆环的速度可能是（）A.4.3m/sB.4.6m/sC.6.5m/sD.7.5m/s6、一定质量的理想气体由平衡状态1(PiP。，Vi V。）变化到状态 2（ P2 0.5p0,V22V0）的过程，下列说法正确的是（）A.气体的压强一定是先增大后减小B.气体的体积一定是先增大后减小C.气体的温度可能是先降低后升高D.气体内能一定是先增加后减小7、如图所示，一束红光从空气射向折射率J2的某种玻璃的表面 淇中i为入射角，则下列说法不正确的是（）A.无论入射角i为多大，

4、折射角r都不会超过45B.当人射角的正切值tani 灰 时,反射光线与折射光线恰好相互垂直C.光从空气射入玻璃，速度减小D.若将入射光换成紫光，则在同样入射角i的情况下，折射角r将变大8、如图所示，质量为 m的小车静止于光滑水平面，车上半径为R的四分之一光滑圆弧轨道和水平光滑轨道平滑连接，另一个质量也为m的小球以水平初速度 v0从小车左端进入水平轨道，整个过程中不考虑系统机械能损失，则下列说法正确的是（）A.小球运动到最高点的速度为零B.小球最终离开小车后向右做平抛运动VoC.小车能获得的最大速度为D.若v0 2JgR时小球能到达圆弧轨道最高点p9、与行星绕太阳做匀速圆周运动类似，处于基态的氢

5、原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，其轨道半径为小速度大小为v,加速度大小为& ,周期为Ti ,形成的环形电流为Ii,;处于n=2 的激发态的氢原子的核外电子绕核做匀速圆周运动，其轨道半径为r2，速度大小为v2 ,加速度大小为a2,周期为T2 ,形成的环形电流为I 2 ,已知ri :2 1:4,则以下关系正确的是（）A. vi : V2 2:1B. ai :a2 4:1C. Ti :T2 1: 4D.Ii : I28:110、如图所示为模拟远距离输电的部分测试电路。a,b端接电压稳定的正弦交流电源（内阻不计），定值电阻阻值分别为 Ri, R2,且Ri R2理想变压器的原、副线圈匝数的比值

6、为 k（k < 1）, 电流表、电压表均为理想电表，其示数分别用 I和U表示。当向下调节滑动变阻器R3的滑动端P时，电流表、电压表示数变化分别用I和U表示。则以下说法正确的是 （）C.电源的输出功率减小D.电压表示数减小11、甲、乙两个物体在同一直线上运动，其X t图象如图所示，其中直线b与曲线a相切于点（4,-15）.已知甲做匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A.前4s内两物体运动方向相同15速度的15倍7C. t 0时刻，甲的速度大小为 9m/sB.前4s内甲的平均速度是乙的平均D.甲的加速度大小为 2m/s212、如图所示，光滑水平面上直线 O1O2两侧对称固定放置两根载有电流大

7、小恒定、方向相同的平行长直导线.单匝正方形线圈从 P位置以一初速度水平向右滑出，线圈到达Q位置速度为零，则（）A.在O1O2左侧的磁场方向垂直水平面向上B.线圈中始终产生顺时针的感应电流C.线圈的中心在 QO2位置时，磁通量为零，感应电流为零D.仅仅增加线圈的匝数，线圈仍能从P滑到Q点13、图甲为测量物块与水平桌面之间动摩擦因数的实验装置示意图.实验步骤如下d光电门光电门用天平测量物块和遮光片的总质量M、重物的质量M用游标卡尺测量遮光片的宽度d,用s；米尺测量两光电门之间的距离 调整轻滑轮，使细线水平让物块从光电门A的左侧由静止释放，用数字毫秒计分别测出遮光片经过光电门A和B光 电门所用的时间

8、 tA和tB ,求出加速度a;多次重复步骤，求a的平均值a根据上述实验数据求出动摩擦因数科回答下列问题： (1)测量d时,某次游标卡尺(主尺的最小分度为1mm)的示数如图乙所示，其读数为cm。I 23乙(2)物块的加速度 a可用d、s、tA和tB表示为a (3)动摩擦因数科可用M、m、a和重力加速度g表示为 (4)如果细线没有调整到水平，由此引起的误差属于 .(填偶然误差”或系统误差”)14、如图甲所示是一个多量程多用电表的简化电路图，请完成下列问题。(1)测量直流电流、直流电压和电阻各有两个量程。当选择开关S旋到位置5,6时，电表用来测量(选填“直流电流” “直流电压”或“电阻”)10 &q

9、uot;倍率的欧姆挡测量，发现多用电表指针偏转角很小，因此需选择(选填“ 1”或" 100”)倍率的欧姆挡。(2)某同学用另一多用电表测量某电学元件的电阻，选用(3)某实验小组利用下列器材研究欧姆挡不同倍率的原理，组装如图乙、图丙所示的简易欧 姆表。实验器材如下A.干电池(电动势E1为3.0 V,内阻r不计);B.电流计 G(量程300 g,内阻99;C.可变电阻器R;D.定值电Ro 1E.导线若干，红、黑表笔各一只。如图乙所示，表盘上 100 g刻度线对应的电阻刻度值是 Q.如果将Ro与电流计并联，如图丙所示，这相当于欧姆表换挡，换挡前、后倍率之比为15、一简谐横波以4m/s的波速

10、沿水平绳向 x轴正方向传播。已知t=0时的波形如图所示，3绳上两质点M ,N的平衡位置相距 3波长。设向上为正，经时间t1 （小于一个周期），质点M4（2） ti时刻质点N的位移大小。16、在高速公路上据经验丰富的司机总结，一般可按车速来确定与前车的距离.如车速为80km/h,就应与前车保持 80m的距离，以此类推.现有一辆客车以大小 v0 90km/h的速度行驶一般司机反应时间t=0.5s（反应时间内车被视为匀速运动，刹车时最大加速度 &5m/s2求:1 .若司机发现前车因故突然停车，则从司机发现危险到客车停止，求客车通过的最短位移大小， 并说明按经验，车距彳持90m是否可行；2 .

11、若客车超载，刹车最大加速度减为 a24m/s2,速度达到Vi 144 km / h ;夜间行车，反应时间增为t'=1.5 s,则从司机发现危险到客车停止，求客车通过的最短位移大小，并说明在此情况下 经验是否可靠.17、如图所示，竖直半圆形光滑轨道 BC与水平面AB相切，AB间距离x=1m,质量m = 0.1kg的小滑块1放在半圆形轨道底端的 B点，另一质量也为 m= 0.1kg的小滑块2,从A点以v0 25而/s的初速度在水平面上滑行，两滑块相碰，碰撞时间极短，碰后两滑块粘在一起滑上半圆形轨道，恰好能通过半圆形轨道最高点C.已知滑块2与水平面之间的动摩 擦因数科=0.2.取重力加速度g

12、=10 m/s2.两滑块均可视为质点.求:A k片(1)碰后瞬间两滑块共同的速度大小V;(2)两滑块在碰撞过程中损失的机械能AE；半圆形轨道的半径 R.18、如图，在平面直角坐标系 xOy内，第1象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第IV象限以ON 为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场 ，磁感应弓11度为B. 一质量为m、 电荷量为q的带正电的粒子，从y轴正半轴上y=h处的M点,以速度Vo垂直于y轴射入电场, 经x轴上x=2h处的P点进入磁场，最后以速度v垂直于y轴射出磁场.不计粒子重力.求：此稿孰育1.电场强度大小E；2.粒子在磁场中运动的轨道半径3 .粒子离开磁场时的位置坐标

13、答案以及解析1答案及解析：答案：A解析：A、康普顿效应说明光具有粒子性，且有动量和能量，动量大小为 P -,能量大小为E hv,故A正确；B、一个处于n=3能级状态的大量氢原子自发跃迁时，最多只能发出2种频率的光，分别为n=3跃迁到n=2, n=2跃迁到n=1 ,故B错误；C、原子核的结合能越大，原子核的核子数越多，原子核的稳定性用比结合能来表示，比结合能越大表示该原子核越稳定，故C错误；D、3衰变中产生的3射线实际上是原子的核中的一个中子转化为质子同时生成一个电子，故D错误。2答案及解析：答案：D解析：随摩天轮做匀速圆周运动的游客，动量、线速度方向不断发生变化，A、B项错误；游客所受合外力始

14、终指向圆心，C项错误；游客的动能不变，但重力势能不断变化，所以机械能不守 恒,D项正确。3答案及解析：答案：B解析：当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，故可判断出产生了如图中箭头所示的感应电流。根据愣次定律"来拒去留"可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥。综上所述：线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥。故选：B4答案及解析：答案：A解析：根据热力学第二定律可知， 一切与热现象有关的宏观自然过程都存在方向性，空调机制冷，

15、是通过压缩机工作完成的，选项 A错误;第一类永动机不可能制成，是因为它违反了 能量守恒定律，选项 B正确；由于理想气体的内能只与温度度有关，所以对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能一定增大，选项C正确；用温度计测童温度是根据热平衡原理选项D正确。5答案及解析:答案：C解析：由题意可知，圆环刚套住细圆筒时，在竖直方向下落的高度为 h 0.2m,则圆环下落的时间为t2h 2 0.2g ' 100.2s。圆环欲套住细圆筒水平位移的最小值为 xi1.2m则圆环抛出时的最大速度为v1 ± L2m/s 6m/s ;水平位移的最大值为 X2 1.4m,则t 0.2圆环抛出时的最大速度

16、为 v2 & 14 7m/s,所以C正确。t 0.26答案及解析:答案：C解析：由pV C可知Ti T2,在p-V图中画三条图线，由图看出气体自状态1变化到状态2时，可经过先等压升温再等容降温，也可先等容降势再等压升温，还可以沿曲线等温减压和增容，故C正确.选项A,B错误；因理想气体的内能只跟温度有关，自状态1变化到状态2的过程中，气体的内能随温度的变化而变化，气体的内能可能先增大后减小，也可能先减小后增大，还可能保持不变，所以选项D不正确。V1 -07答案及解析：答案：D解析：由n 典 可知，当入射角最大时，折射角也最大，故当入射角为90。时，折射角最大，由 sin rsn90- 2

17、2可知，rmax 45 ,故A正确；当反射光线与折射光线相互垂直时，折射角r 90 i ,sin rmaxsin i.一c .故由n 可得，tani V2,B正确；由v -可知,C正确；当将入射光由红光换成紫光时，玻sin rn璃对紫光的折射率n°较大，故由n0 典 可知，折射角r将变小，D错误。sin r8答案及解析：答案：D解析：A、小球运动到最高点小球和小车的速度相同，设为Vo以小车和小球组成的系统为研究对象，取水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得mvo (m m)v得：v %.故A错误。2B、设小球最终离开小车速度为v,小车的速度为V2 .取水平向右为正方向，由水平方向动量

18、守恒得： mv0 mv1 mv2。根据机械能守恒定律得：1 mv2 1 mv2 1 mv2222联立解得：v10小车的速度为：V2 v0,所以小球最终离开小车后向右做自由落体运动，故B错误。C、小球在圆弧轨道上运动的过程中，小车一直在加速，所以小球最终离开小车时小车的速 度最大，最大速度为 v0 .故C错误。D、当小球恰能到达圆弧轨道最高点P时，由水平方向动量守恒得：mv0 (m m) v根据机械能守恒定律得：1mv2 mgR - (m m)v'22 2解得：v 2 gR所以若将 2jgR时小球能到达圆弧轨道最高点p,故d正确。9答案及解析:答案：AD解析：原子核的引力提供电子做匀速圆

19、周运动的向心力，由库仑定律和牛顿第二定律有22ev 一k - m ，得v rr2ai r2”,2 16:1 5a2ri22 e 2：1,选项A正确；由k-2 r/口 ke L rma得a -工，则mrB错误;由k与 r324兀 /白丁 Omr，得 T 2TkeT2ri3, 小了1:8，选项C错e庆；由电流的7E 乂式可知I一，则Ii：l2 T1 ：T2 8:1，选项D正确。T10答案及解析：答案：AC解析：由理想变压器电压与匝数的关系可得，理想变压器原、副线圈电压变化之比-U里=业 k；由理想变压器压电流与匝数的关系可得，理想变压器原、副线圈电流变化之U副n221cdU 副rU 原1U原11比

20、上=n2 1,则丁二丁二 十,将R1视为输入端电源内阻，则& R, I副 ni kI副nI原k I原l原所以 U£ ,这也是Ri耦合到副线圈的电阻值，即等效电源内阻.选项A正确；。根据欧I副 k姆定律有子 U R2 R3,选项B错误；电源电压不变，电流减小，故电源的输出功率减小，选项C正确；当向下调节滑动变阻器 R3的滑动端P时，滑动变阻器接入电路的电阻增大。变压器副线圈输出功率减小 .根据变压器愉出功率决定输入功率可知.输入电流减小，变压器的输入电压增大、输出电压增大，电压表示数一定增大.选项D错误。11答案及解析：答案：AD解析：x t图象的斜率的正负表示运动的方向，故前

21、4s内两物体运动方向相同，均为负方向，故A正确；甲做匀变速直线运动，则甲的X t图象对应于a;前4s内甲的平均速度为vi15m 9m6m/s,前4s乙的平均速度为：V2 5m7m 2m/s,故前4s内甲的4s4s平均速度是乙的平均速度的 3倍，故B错误;因为直线b与曲线a相切于点(4, 15)，故t 4s时,甲、乙的速度相同，甲的速度v甲 2m/s ,又因为甲做匀变速直线运动，设t 0时刻甲的速度为,Vi v2 22Vo，则在前4s内有1净，悔 vo 2a冷，解得Vo10m/s , a 2m/s ,选项C错误，D正2确。12答案及解析：答案：BD解析：A、根据安培定则可得左侧直导线在。1。2左

22、边产生的磁场向里，右侧直导线在。2左边产生的磁场向外，两磁感应强度合成，向里的磁感应强度较大，则总磁感应强度向里，故A错误；B、线框穿过O1O2的过程，在左侧为磁通量向里减小，由楞次定律可知感应电流为顺时针，在右侧为磁通量向外大，由楞次定律可知感应电流也为顺时针，故 B正确；C、O1O2离两直导线场源距离相等，由对称性可知线框的磁通量为零，但磁通量在变化，故有感应电流产生，故 C错误；D、线框从P运动到Q停止，安培力做负功发电生热，仅仅增加匝数，线框的质量加倍且受的安培力加倍，故运动的加速度a n-BIL不变，即运动过程不变，线框也能刚好到Q点ngm停止，故D正确;故本题选：BD.13答案及解

23、析：22答案：(1)0.960;(2) 1sq_d_2 tBtAmg (M m)a(4)系统误差Mg解析：(1)游标卡尺读数为9mm 12 0.05mm9.60mm0.960cm .(2)小车做匀变速直线运动，有Vb2 Va22as，又因Va ,Vb .故tAtB2 21 d d a - s °2 tBtA(3)设绳子拉力为Ft ,对M受力分析可得FtMg M a，对m受力分析可得mg Ft m3 ,联立可得mg (M m)aMg(4)偶然因素引起的误差称为偶然误差，由仪器结构缺陷、实验方法不完善造成的误差成为系统误差.本题中细线没有调整到水平，造成拉力ft不水平若此时以Ft水平来分

24、析计算，会造 成测量值总是偏大或偏小，是系统误差14答案及解析：答案:(1).直流电压;(2) x100;3.20000, 100:1解析：(1)根据图甲所示多用电表原理图可知，当选择开关S旋到位置5,6时，表头G与两个电阻并联后又与两个电阻串联，此时可用来测量直流电压。(2)测量某电学元件的电阻时，选用“x1哈率的欧姆挡测量，发现多用电表指针偏转角很小 ，说 明通过欧姆表的电流太小，电阻较大，所选挡位太小，为准确测量电阻阻值，需选择“x100暗率 的欧姆挡。(3)欧姆表的中值电阻等于其内阻，则中间刻度对应示数为% % 旦 3一61 104 ，表盘上100 MA刻度线对应满偏电流的 I,由闭合

25、电路欧Ig 300 10 63g姆定律有liE，解得R 2 104 ，即表盘上100 A刻度线对应的电阻刻度2 1043 g R内 R当电流计满偏时，流过R。的电流I 99g,电流计内阻为99则电流表量程扩大100倍，用该电流表改装成欧姆表，同一刻度对应的电阻刻度值变为原来的，所以欧姆表换挡前、后倍100率之比等于100:1.15答案及解析：答案：（1）由波形图知，波长 4m波长、波速和周期的关系为v T联立并代人数据得该波的周期为T 1s（2）结合题给条件知从t=0时刻起，质点 M做简谐振动的位移表达式为yM 0.04sin（2 大-）m 6经时间ti（小于一个周期）,M点的位移仍为0.02 m,运动方向向下。-1可解得：t1s3由于N点在M点右侧3波长处，所以N点的振动滞后 3个周期，其中振动方程为 442 Tt,3 、Tt. ,4 n、yN0.04sin （t T） m 0.04sin（2 或 一）mT 463当ti质点N的位移大小为93m。 350解析：16答案及解析：答案：1.司机发现前方危险在反应时间内前进的距离x1 :90km/h=25m/sX1Vdt25 0.5 m12.5m刹车时间前进的距离X2 :X220 V02522al25m 62.5m司机发现危险到客车停止运动，客车通过的最短路程x:x X1 X2 12.5 62.5 7