九年级物理上学期期末试卷含解析 新人教版五四制

1、山东省泰安市新泰市2015-2016学年九年级（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共22题，共44分，每小题2分；在每小题提供的四个选项中，只有一项符合题目的要求）1生活中需要对一些物理量进行估测，以下估测最接近实际的是（）A家用电冰箱中的电流约为100AB液晶电视机的电功率约为100WC家用空调两端的电压约为36VD手电筒的电功率约为50W2有关分子热运动，下列说法正确的是（）A液体很难被压缩，说明分子间有引力B水会结冰，是因为结冰时水分子静止不动C打扫卫生时房间内尘土飞扬，这种现象说明分子在不停地做无规则运动D长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这种现象是扩散现象3下列物理现象中，属于通

2、过做功途径改变物体内能的是（）A锯木头时锯条会变热B饮料放入冰箱冷藏室会变凉C冬天晒太阳人会感到暖和D烧红的铁块放入水中会变凉4用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近甲，乙两个轻小物体，结果甲被排斥，乙被吸引，由此我们可以判定（）A甲带正电，乙带负电B甲带负电，乙带正电C甲带负电，乙不带电或带正电D甲带正电，乙不带电或带负电5下列有关热的说法正确的是（）A晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变B用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大C内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能D柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大6两个质量相同的物体，让它们放出相同的热量后（）A比热

3、容小的物质，温度降低的多B比热容大的物质，温度降低的多C二者降低的温度一样多D无法比较谁降低的温度多7随着人们生活水平的逐步提高，家用电器的不断增多，在家庭电路中，下列说法正确的是（）A灯与控制它的开关是并联的，与插座是串联的B使用测电笔时，不能用手接触到笔尾的金属体C电路中电流过大的原因之一是使用的电器总功率过大D增加大功率用电器时，只需换上足够粗的保险丝即可8如图是玩具汽车的电路图，以下有关说法中正确的是（）A开关S2控制整个电路B电动机与灯泡工作时两端的电压不相等C电动机与灯泡是串联的D电动机与灯泡是并联的9如图所示的电路中，开关S闭合时电压表所测得的电压是（）A电灯L1两端的电压B电灯

4、L2两端的电压C电灯L1和L2两端的电压D电源电压10李明同学在一次用有03V和015V两个量程的电压表测电压时，电压表的“”接线柱已接入电路，在用015V量程试触时，指针位置如图所示，则下一步的实验操作应该是（）A直接接入C接线拄，然后读数B断开开关，接入C接线柱；闭合开关后读数C直接接入b接线柱，然后读数D断开开关，接入b接线柱；闭合开关后读数11同学在制作简易（直流）电动机的过程中，若要改变电动机的转动方向，可以（）A将电源的正负极对调B改变通电电流的大小C换用磁性更强的磁铁D增加电动机的线圈匝数12用酒精灯给试管加热，如图所示，试管口软木塞冲出的过程中，下列说法正确的是（）A水蒸气对软

5、木塞做功，水蒸气内能增大B能量转化与热机压缩冲程能量转化相同C水蒸气的内能转化为软木塞的机械能D试管口的“白气”是水蒸气汽化形成的13楼道里的声光控开关工作原理是：“光控开关（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）；“声控开关”（有声音时自动闭合，一分钟后，若再无声音就自动断开）小明利用这两种开关设计了一个“聪明”的电路：白天灯不亮；晚上有人走动发出声音时，灯自动亮起来，一分钟后，若再无声音就自动断开请判断小明设计的电路图是图中的（）ABCD14如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S后，灯泡L1、L2都发光一段时间后，其中一只灯泡突然熄灭，另一只灯泡仍然发光，而电压表V1的示数变小，V2的示数变大

6、则产生这一现象的原因是（）A灯L1开路B灯L2开路C灯L1短路D灯L2短路15图所示电路中，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，示数之比U甲：U乙=3：2，当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，则两表的示数之比I甲：I乙为（）A2：1B3：1C2：3D1：316如图是一些研究电现象和磁现象的实验下列关于这些实验的叙述正确的是（）A图1中小磁针被铁棒吸引，说明铁棒本身具有磁性B图2中小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场C图3中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的南极D图4中铁钉B吸引的大头针比A多，说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关17如图所示的四个家庭电路，正确的是（）ABCD

7、182008年10月9日，瑞典皇家科学院诺贝尔奖委员会宣布，将2007年度诺贝尔物理奖授予法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔，以表彰他们发现巨磁电阻效应的贡献，如图所示是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后并使滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，则下列说法正确的是（）A电磁铁右端为N极B滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性增强C巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显增大D巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显减小19规格分别为“3.8V 1.9W”和“2.5V 1.25W”的甲、乙两只小灯泡，将它们串联后接到6V的电源上，两灯都发光，则（）A甲灯较亮B乙灯较亮C两灯一样亮D

8、无法判断20如图，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由右端向左滑向中点处的过程中（）A电压表V的示数不变，灯泡亮度不变B电压表V的示数变小，电流表A2示数变大C电流表A1示数不变，电流表A2示数变大D灯泡变亮，电流表A2示数变小21如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为1A到2A之间，电压表示数范围为6V到9V之间则定值电阻R的阻值及电源电压分别为（）A3，15VB6，15VC3，12VD6，12V22如图所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的UI关系图象如图所示则下列判断正确的是（）图线甲是电阻R1的“UI”关系图象

9、电源电压为12V电阻R1的最小电功率为2.7W滑动变阻器R2的最大阻值为30A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确二、填空题23将一根镍铬合金丝均匀拉长接入电路，其电阻将_；若将这根镍铬合金丝对折后接入电路，其电阻将_（填“增大”、“减小”或“不变”）24小刚家的电费是每度0.45元，小刚观察自家的电能表，他家第一天早8：00和第二天早8：00这两个时刻的读数如图所示，则他家这一天共消耗电能_kWh，应付电费_元25酒精的热值是3.0×107J/kg，100g酒精完全燃烧放出的热量是_三、作图题26根据图中通电螺线管的南北极，标出小磁针的N极和电源的“+”极27如图，电源电压为12

10、V，灯泡电阻约为10，用笔画线代替导线，将图乙中元件按图甲连接成电路四、实验探究题28某实验小组在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图，实验中他们选用的定值电阻分别是6、8、10，电源电压是3V，滑动变阻器的阻值范围是015（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：保持电阻不变，探究电流与_的关系；保持电压不变，探究电流与_的关系；（2）实验中电流表的量程应选_A，电压表的量程应选_V；（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由6换成10，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持_不变（4）该小组的同学在完成上述实验后，把定值电阻改成小灯泡，然

11、后测量小灯泡的电阻，得到的三组数据如表所示，请你将表中的空白格补上实验次数123电压/V1.52.02.5电流/A0.230.270.3电阻/6.57.4_灯泡亮度暗较亮亮（5）小明处理完数据后发现，三次测得的灯丝电阻相差较大，与其他同学交流也是同样的情况，你认为出现这种结果的原因是_29小明用图甲所示电路“测量小灯泡电功率”，在实验中，小灯泡额定电压为2.5V（1）小明同学连接好电路后，闭合开关，他发现无论怎样移动滑片，灯泡都很暗，且两表示数不变，出现上述故障的原因可能是：_（写出一种即可）（2）故障排除后，小明同学闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某点，电压表的示数如图乙所示，为_V；若他想

12、测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片向_（选填“左”或“右）端移动，使电压表示数为2.5V（3）他又移动滑片，记下了几组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的IU图象，根据图象信息可以计算出小灯泡的额定功率是_W五、计算题（第30题4分.第31题8分，第32题8分，共20分）30如图，电源电压为6V，电阻R1的阻值为10闭合开关后，电流表的示数为0.9A，则通过电阻R1的电流为_A，R2的电功率为_W31在一次课外活动中，小华同学对家里的电磁炉进行了相关的观察和研究，并记录了电磁炉及她家电能表的有关数据，如表所示（水的比热容为c=4.2×103J/（kg）观察对象有关记录研

13、究活动电磁炉铭牌U额=220VP额=1kW用电磁炉加热一壶水（水的质量m=2kg，初温t0=30）关闭家里其它用电器只将该电磁炉接入电路烧水，观察到电能表表盘在5min内转了150r，最后测得水的温度 t=50电能表铭牌220V 10（40）A50Hz 2000r/kWh请你根据小华同学在活动中获得的有关资料，求解在这段时间内：（1）水所吸收的热量；（2）电磁炉的实际功率；（3）电磁炉烧水的效率32如图所示，电源电压恒定不变，电阻R1的阻值为5，小灯泡上标有“12V 6W”字样，闭合开关S（1）当开关S1、S2都闭合，滑动变阻器的滑片P移到最右端时，电流表的读数为1.7A，小灯泡恰能正常发光，

14、求滑动变阻器的最大阻值（2）当开关S1、S2都断开，滑动变阻器的滑片P在最右端，求电流表的读数和滑动变阻器消耗的电功率2015-2016学年山东省泰安市新泰市九年级（上）期末物理试卷（五四学制）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共22题，共44分，每小题2分；在每小题提供的四个选项中，只有一项符合题目的要求）1生活中需要对一些物理量进行估测，以下估测最接近实际的是（）A家用电冰箱中的电流约为100AB液晶电视机的电功率约为100WC家用空调两端的电压约为36VD手电筒的电功率约为50W【考点】电流的大小；电压；电功率【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可

15、根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：A、家用电冰箱的功率在100W左右，通过电冰箱的电流约为I=0.4A左右，故A不符合实际；B、液晶电视机的电功率约为100W左右，故B符合实际；C、家庭电路的电压为220V，所以家用空调两端的电压为220V，故C不符合实际；D、手电筒的电功率约为0.5W左右，故D不符合实际故选B【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可2有关分子热运动，下列说法正确的是（）A液体很难被压缩，说明分子间有引力B水会结冰，是因为结冰时水分子静止不动C打扫卫生时房间

16、内尘土飞扬，这种现象说明分子在不停地做无规则运动D长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这种现象是扩散现象【考点】分子的运动【分析】由分子的基本性质可知，分子在不停地做无规则运动，分子的运动速度与温度有关；分子间存在相互作用的引力和斥力，分子间还存在着间隙【解答】解：A、液体很难被压缩，说明分子间有斥力，而不是引力，故A错误；B、一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，水结冰后，分子仍是运动的，故B错误；C、打扫卫生时房间内尘土飞扬，这是固体小颗粒的运动，不能说明分子在不停地做无规则运动，故C错误；D、长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这种现象是扩散现象，故D正确故选D【点评】本题考查了分子动

17、理论的一些基本观点，要注意将分子的运动、分子的间隙、分子间的作用力与一些宏现象的区分3下列物理现象中，属于通过做功途径改变物体内能的是（）A锯木头时锯条会变热B饮料放入冰箱冷藏室会变凉C冬天晒太阳人会感到暖和D烧红的铁块放入水中会变凉【考点】做功改变物体内能【分析】改变内能的方法：一是做功，对物体做功（克服摩擦做功、压缩气体做功），物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少；二是热传递据此分析判断【解答】解：A、锯木头时，克服摩擦做功，使锯和木头内能增加、温度升高，是通过做功途径改变物体内能，符合题意；B、饮料放入冰箱冷藏室，饮料放出热量、内能减少、温度降低，是通过热传递改变物体的内能，不符

18、合题意；C、冬天晒太阳人会感到暖和，人从太阳吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意；D、烧红的铁块放入水中，铁块放出热量、内能减少、温度降低，是通过热传递改变物体的内能，不符合题意故选A【点评】本题考查了学生对两种改变物体内能的方法的了解和掌握做功属于能量的转化、热传递属于能量的转移，但在改变内能上是等效的4用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近甲，乙两个轻小物体，结果甲被排斥，乙被吸引，由此我们可以判定（）A甲带正电，乙带负电B甲带负电，乙带正电C甲带负电，乙不带电或带正电D甲带正电，乙不带电或带负电【考点】物体带电情况的判断【分析】与丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电荷，用

19、它去靠近甲和乙，可利用电荷间作用规律以及带电体吸引轻小物体的性质，可以确定物体的带电情况【解答】解：与丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电荷，用它去靠近甲和乙，甲被排斥，根据同种电荷相互排斥的特点说明甲与玻璃棒带的是同种电荷，即甲带正电；乙被吸引，根据异种电荷相互吸引和带电体具有吸引轻小物体的性质可知：乙可能带负电荷、也可能不带电故选D【点评】此题考查摩擦起电的实质和电荷间的相互作用规律，是一道好题5下列有关热的说法正确的是（）A晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变B用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大C内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能D柴油机的效率比汽油机的效率高，

20、是因为柴油的热值比汽油的热值大【考点】热机的效率；熔化与熔化吸热特点；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程【分析】（1）改变内能的方法主要有两种，一是对物体做功，二是热传递同一物体，内能越大，温度越高（2）比热容大的物体，在吸收或放出相同热量时，温度变化不大（3）内能转化为机械能是利用内能对外做功从而产生机械能（4）热值是燃料的一种特性，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时放出的热量越多；热机效率是有用功与燃料燃烧释放能量的比值，它代表热机性能的好坏 我的试题篮【解答】解：A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递都可以改变内能，晶体熔化需要吸收热量，有热传递现象发生，所以内能改变，故

21、A错误B、水的比热容大，它在吸收大量热量时，温度可以保持在一个比较低的状态，这样就可以使水的温度始终低于发动机的温度，起到很好的冷却效果，故B正确；C、内燃机压缩冲程中是利用机械能对燃料做功转化为内能，故C错误D、热机效率是内燃机转化为有用功的能量与燃料完成燃烧释放的能量的比值，柴油机的效率比汽油机高，就是说完成相同的有用功，柴油机所用燃料完全燃烧放出能量比汽油机少，而不是因为柴油的热值比汽油的热值大故D错误故选B【点评】本题考查学生的全面知识，需要掌握内能、比热容、热值、热机效率这些物理量或物理现象的内容，并和生活现象进行联系6两个质量相同的物体，让它们放出相同的热量后（）A比热容小的物质，

22、温度降低的多B比热容大的物质，温度降低的多C二者降低的温度一样多D无法比较谁降低的温度多【考点】热量的计算【分析】由物体降低温度放热公式Q放=cmt可知：t=，而题目告诉两个物体质量的相同、放出的热量相同，据此分析温度变化与物质比热容的关系【解答】解：Q放=cmt，t=，两个物体质量的相同、放出的热量相同，比热容小的物质，温度降低的多故选A【点评】本题考查了学生对物体放热公式Q放=cmt掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；吸收相同的温度，比热容大的物体吸收或放出相同的热量多7随着人们生活水平的逐步提高，家用电器的不断增多，在家庭电路中，下

23、列说法正确的是（）A灯与控制它的开关是并联的，与插座是串联的B使用测电笔时，不能用手接触到笔尾的金属体C电路中电流过大的原因之一是使用的电器总功率过大D增加大功率用电器时，只需换上足够粗的保险丝即可【考点】家庭电路的连接；测电笔的使用；熔断器的作用及保险丝的选择方法；家庭电路电流过大的原因【分析】A、电灯与开关是串联，与插座是并联；B、测电笔在使用时，手应接触笔尾金属体；C、家庭电路中电流过大的原因是发生短路和总功率过大；D、保险丝应用合适的保险丝才行【解答】解：A、说法错误，开关要控制电灯，应与电灯串联，插座与电灯是并联；B、说法错误，使用测电笔时，要用手接触到笔尾的金属体；C、说法正确，电

24、器总功率过大是电流过大的原因之一；D、说法错误，应换上合适的保险丝，否则起不到保险作用故选C【点评】本题考查了家庭电路中安全用电的知识家庭电路中各用电器是并联关系，保险丝应选择合适，太细会常停电，太粗又会起不到保险作用8如图是玩具汽车的电路图，以下有关说法中正确的是（）A开关S2控制整个电路B电动机与灯泡工作时两端的电压不相等C电动机与灯泡是串联的D电动机与灯泡是并联的【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】根据电路图可知，电动机和小灯泡并联，开关S2控制小灯泡，开关S1控制电动机；根据并联电路中各支路互不影响、并联电路电压的特点以及开关所在并联电路中的位置决定其作用【解答】解：A、开关S2在

25、小灯泡所在的支路中，因此开关S2控制小灯泡所在的支路，故A错误；B、电动机与灯泡工作时两者并联，因为并联电路各支路两端电压都相等，因此电动机与小灯泡工作时两端的电压相等，故B错误；CD、两开关闭合时电动机和小灯泡并联，故C错误，D正确；故选D【点评】本题考查并联电路的特点、电压规律以及并联电路中开关的作用等，这些都属于基础知识考查9如图所示的电路中，开关S闭合时电压表所测得的电压是（）A电灯L1两端的电压B电灯L2两端的电压C电灯L1和L2两端的电压D电源电压【考点】电压表的使用【分析】电压表是测量用电器两端电压的仪表，使用电压表测量用电器两端电压时，必须使电压表与用电器并联【解答】解：要测量

26、某一用电器两端电压，必须使电压表与此用电器并联由电路图知：闭合的开关相当于导线，电压表与灯泡L2并联，也就是测量灯泡L2两端电压故选B【点评】正确理解并联的本质是判断电压表测量位置的关键因为导线电阻为零，所以不能以远近作为判断电压表测量位置的标准10李明同学在一次用有03V和015V两个量程的电压表测电压时，电压表的“”接线柱已接入电路，在用015V量程试触时，指针位置如图所示，则下一步的实验操作应该是（）A直接接入C接线拄，然后读数B断开开关，接入C接线柱；闭合开关后读数C直接接入b接线柱，然后读数D断开开关，接入b接线柱；闭合开关后读数【考点】电压表的使用【分析】在不知电压多大时，用试触的

27、方法来确定使用那个量程，若指针偏转较大，就用大量程，若指针偏转较小，就用小量程【解答】解：电压表的指针偏转较小，这里读书的误差较大，即应该选用小量程进行测量，所以用03V的量程，即操作是：断开开关，接入b接线柱；闭合开关后读数故选D【点评】本题考查了用试触的方法来确定电压表应使用什么量程注意在试触时，动作要快，以免损坏电压表11同学在制作简易（直流）电动机的过程中，若要改变电动机的转动方向，可以（）A将电源的正负极对调B改变通电电流的大小C换用磁性更强的磁铁D增加电动机的线圈匝数【考点】直流电动机的构造和工作过程【分析】电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，影响转动方向的因素有磁场方向和

28、电流方向，如果只改变磁场方向或只改变电流方向，则线圈转动方向改变，如果同时改变两个因素，则转动方向不改变【解答】解：A、将电源的正负极对调，则线圈中电流方向改变，电动机的转动方向改变故A正确；B、电流方向影响线圈转动方向，电流大小影响的是转动速度改变通电电流的大小，线圈转动速度改变，但转动方向不变故B不正确；C、磁场方向影响线圈转动方向，磁性强弱影响的是转动速度，故C不正确；D、这样做可以增大转速，不改变转动方向，故D不正确故选A【点评】记住影响通电导体在磁场中受力的两个因素，是磁场方向和电流方向，不要记成磁场强弱和电流大小12用酒精灯给试管加热，如图所示，试管口软木塞冲出的过程中，下列说法正

29、确的是（）A水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能增大B能量转化与热机压缩冲程能量转化相同C水蒸气的内能转化为软木塞的机械能D试管口的“白气”是水蒸气汽化形成的【考点】做功改变物体内能；液化及液化现象【分析】当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小；在内燃机的做功冲程中能量转化关系是内能转化为机械能，“白气”是水蒸气液化形成的小液滴【解答】解：A、水蒸气对软木塞做功，水蒸气内能减小，故A错误；B、能量的转化与热机做功冲程能量转化相同，故B错误；C、软木塞冲出的过程中是水蒸气的内能转化为软木塞的机械能的过程，故C正确；D、试管口的“

30、白气“是水蒸气遇冷液化形成的小液滴，故D错误故选C【点评】此题结合木塞冲出的实验考查了能量转化关系，知道做功可以改变物体的内能，知道白气是一种液化现象13楼道里的声光控开关工作原理是：“光控开关（天黑时自动闭合，天亮时自动断开）；“声控开关”（有声音时自动闭合，一分钟后，若再无声音就自动断开）小明利用这两种开关设计了一个“聪明”的电路：白天灯不亮；晚上有人走动发出声音时，灯自动亮起来，一分钟后，若再无声音就自动断开请判断小明设计的电路图是图中的（）ABCD【考点】电路图设计【分析】根据题意可知，只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合了灯才能亮，否则灯泡不亮；这说明两开关共同控制电路，即为串联【

31、解答】解：根据题意可得，声控开关和光控开关串联后共同控制灯泡，用导线将各元件依次连接起来，如D选项中图所示故选D【点评】本题的关键是根据灯泡的工作条件确定开关的连接方式，然后根据串、并联的特点得出符合题意的电路图14如图所示电路中，电源电压不变，闭合开关S后，灯泡L1、L2都发光一段时间后，其中一只灯泡突然熄灭，另一只灯泡仍然发光，而电压表V1的示数变小，V2的示数变大则产生这一现象的原因是（）A灯L1开路B灯L2开路C灯L1短路D灯L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由图可知两灯泡串联，灯L1、L2串联，电压表V1测灯Ll电压，电压表V2测灯L2电压；则由电路电灯的明

32、暗及电压表示数的变化可知出现该现象的原因【解答】解：因两灯串联，而发生故障后仍有一只灯泡正常发光，则说明电路仍然是导通的，即不可以发生开路现象，只能为短路；因V1的示数变小，V2的示数增大，说明应是L1短路，L2正常；故选C【点评】本题应首先分析电路中是发生了开路故障还是短路故障，再根据电压表的示数变化找出发生故障的电器15图所示电路中，当开关S闭合，甲、乙两表是电压表时，示数之比U甲：U乙=3：2，当开关S断开，甲、乙两表都是电流表时，则两表的示数之比I甲：I乙为（）A2：1B3：1C2：3D1：3【考点】欧姆定律的应用【分析】若甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，甲测电源的电压

33、，乙测R2两端的电压；已知电压表示数之比，根据串联电路电压规律，以及串联电路各部分电压之比等于各电阻之比求出电阻之比若甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，甲电流表测量R2的电流，乙电流表测量R1和R2总电流；跟据并联电路各支路电流之比等于各分电阻的反比求出支路电流之比，然后再根据干路电流等于各支路电流之和求出甲、乙两表的示数之比【解答】解：当甲、乙均为电压表时，闭合开关S，R1和R2串联，U：U2=3：2，U1：U2=（32）：2=1：2又串联电路各部分电压之比等于电阻之比，R1：R2=1：2当甲、乙均为电流表时，断开开关S，R1和R2并联，并联电路中各支路电流之比等于各电阻的反比

34、，I1：I2=R2：R1=2：1I2：I=1：（2+1）=1：3故选D【点评】分清开关的连接方法和电表的更换时电路的连接方法是解决本题的关键16如图是一些研究电现象和磁现象的实验下列关于这些实验的叙述正确的是（）A图1中小磁针被铁棒吸引，说明铁棒本身具有磁性B图2中小磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场C图3中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的南极D图4中铁钉B吸引的大头针比A多，说明电磁铁的磁性强弱与电流大小有关【考点】磁性、磁体、磁极；通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】认识这几幅图，明确它们所反映的实验原理，才能对号入座，判断选项中的说法是否正确【解答】

35、解：A、图1中铁棒靠近小磁针，即使铁棒没有磁性，小磁针也会吸引铁棒，不能确定铁棒是否具有磁性，故A错误；B、图2是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，故B正确；C、磁铁都具有指向性，图2中条形磁铁静止时A端总是指向北方，说明A端是条形磁铁的北极，故C错误；D、从图可知，铁芯相同、电流相同，只有线圈的匝数不同，说明电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系的，故D错误故选B【点评】四幅图分别代表了电与磁中四个重要的物理实验，分别是磁体的特性、电流的磁效应、磁体的极性、电磁铁的探究，这都是我们应重点掌握的，在学习中相互比较更能有效地进行把握17如图所示的四个家庭电路，正确的是（）ABCD【考点】家庭电路的连

36、接【分析】（1）在火线上接一根保险丝，不是为了节省，而是更安全，保险丝熔断时能切断电路的火线，接触电路不会发生触电事故（2）火线首先过保险丝再进入开关，最后进入灯泡【解答】解：A、电路中没有保险丝，在电流过大时，电路中产生的电热过多，烧坏导线，电路不能自动切断灯泡没有开关控制，接入电路时一直工作，浪费能源不符合题意B、保险丝接在零线，当保险丝熔断，电路中虽然没有电流，灯泡和火线相连，接触灯泡容易发生触电事故不符合题意C、只在火线接一根保险丝时，保险丝熔断，切断火线，使用过程中更安全火线进入开关，再进入灯泡，在更换灯泡时，断开开关，切断了火线，接触灯泡更安全符合题意D、火线接在火线上安全，开关接

37、在零线和灯泡之间，更换灯泡时，断开开关，火线还和灯泡相连，接触灯泡容易发生触电事故不符合题意故选C【点评】掌握家庭电路中保险丝、灯泡、开关、三孔插座、两孔插座的接法要同时考虑用电器能正常工作，也要考虑使用的安全性182008年10月9日，瑞典皇家科学院诺贝尔奖委员会宣布，将2007年度诺贝尔物理奖授予法国科学家阿尔贝费尔和德国科学家彼得格林贝格尔，以表彰他们发现巨磁电阻效应的贡献，如图所示是研究巨磁电阻特性的原理示意图实验发现，当闭合S1、S2后并使滑片P向右滑动的过程中，指示灯明显变暗，则下列说法正确的是（）A电磁铁右端为N极B滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性增强C巨磁电阻的阻值随磁场的减弱

38、而明显增大D巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显减小【考点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用【分析】由安培定则可确定电磁铁的磁极；由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；根据灯泡的亮度变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值与磁场强度的关系【解答】解：（1）由安培定则可知，电磁铁左端为N极，右端为S极，故A错误；（2）当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强B正确（3）通电螺线管的磁性减弱时，右边电路中的指示灯明显变暗，则

39、说明右边电路的电流变小了，巨磁电阻的电阻变大了，即巨磁电阻的阻值随磁场的减弱而明显增大故C正确，D错误故选BC【点评】在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件19规格分别为“3.8V 1.9W”和“2.5V 1.25W”的甲、乙两只小灯泡，将它们串联后接到6V的电源上，两灯都发光，则（）A甲灯较亮B乙灯较亮C两灯一样亮D无法判断【考点】实际功率【分析】由灯泡铭牌可知灯泡的额定电压与额定功率，由电功率的变形公式可以求出灯泡的阻值；由串联电路特点及电功率公式P=I2R可以比较两灯泡串联时灯泡的功率关系，然后判断哪个灯泡亮【解答】解：P=，灯

40、泡电阻R甲=7.6，R乙=5，R甲R乙，串联电路电流相等，由P=I2R可知，甲灯的实际功率大于乙灯的实际功率，故两灯泡串联时，甲灯较亮；故选A【点评】本题考查电功率的计算及串联电路的电流规律，关键熟练应用电功率公式及其变形公式、串联电路的特点20如图，当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P由右端向左滑向中点处的过程中（）A电压表V的示数不变，灯泡亮度不变B电压表V的示数变小，电流表A2示数变大C电流表A1示数不变，电流表A2示数变大D灯泡变亮，电流表A2示数变小【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2

41、测R支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表的示数不变，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流不变、实际功率不变，进一步可知灯泡亮暗的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R支路电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化【解答】解：由电路图可知，L与R并联，电压表V测电源的电压，电流表A1测干路电流，电流表A2测R支路的电流，因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故B错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过L的电流不变，实际功率不变，灯泡的亮暗不变，故A正确，D错误；当开关S闭合，

42、滑动变阻器的滑片P由右端向左滑向中点处的过程中，接入电路中的电阻变小，由I=可知，通过R支路的电流变大，即电流表A2的示数变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路的电流变大，即电流表A1的示数变大，故C错误故选A【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键21如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数范围为1A到2A之间，电压表示数范围为6V到9V之间则定值电阻R的阻值及电源电压分别为（）A3，15VB6，15VC3，12VD6，12V【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电阻的串联【分析】

43、根据公式U=IR及U总=UR+UR变，求出当电流表示数为1A时，电压表示数为9V，并以此作为该题切入点【解答】解：电流表示数由1A到2A，表示电路电流增大根据公式UR=IR，I增大，UR也增大串联电路中，电源电压恒定不变根据公式UR变=U总UR，一个恒定的数U总减一个增大的数UR，结果UR变是减小的故电压表示数是由9V到6V的过程即当电流表示数为1A时，电压表示数为9V；当电流表示数为2A时，电压表示数为6V设定值电阻的阻值为R当电路电流为1A时，有：U总=1A×R+9V当电路电流为2A时，有：U总=2A×R+6V电源电压U总是恒定不变的1A×R+9V=2A

44、15;R+6V解得：R=3U总=1A×R+9V=1A×3+9V=12V故选C【点评】该题注重公式U=IR及U总=UR+UR变的数量关系变化的运用，即其中一个数量恒定不变，第二个量的变化必定引起第三个数量的变化22如图所示电路，电源电压保持不变闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端滑到b端的过程中，R1、R2的UI关系图象如图所示则下列判断正确的是（）图线甲是电阻R1的“UI”关系图象电源电压为12V电阻R1的最小电功率为2.7W滑动变阻器R2的最大阻值为30A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【分析】根据电压变化的范围进行判断，定值电

45、阻两端电压不会等于零；由图象找出某一电流值所对应的定值电阻与滑动变阻器的电压，由欧姆定律求出定值电阻的阻值；由串联电路的特点求出电源电压；电阻两端电压最小、通过的电流最小时，消耗的电功率最小；当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电路电流最小，由图象求出此时滑动变阻器两端的电压、电路电流，由欧姆定律可求出滑动变阻器的最大阻值【解答】解：从“UI”关系图象可以看出，甲为滑动变阻器的UI关系图象，因为最后电压变为0，此时滑动变阻器的电阻为0；乙为电阻R1的UI图象；由UI图象得，I=0.3A时，U乙=3V，U甲=9V，电源电压U=U乙+U甲=3V+9V=12V；由UI图象得，I=0.3A时，U乙=3V

46、，所以电阻R1的最小电功率为P1最小=U乙I=3V×0.3A=0.9W；当滑动变阻器的阻值最大时，两电阻串联，干路电流最小；由图象知：电路电流I=0.3A，滑动变阻器两端的电压U甲=9V；滑动变阻器的最大阻值为R2=30故选C【点评】本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“UI”关系图象在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和UI图象中的信息二、填空题23将一根镍铬合金丝均匀拉长接入电路，其电阻将增大；若将这根镍铬合金丝对折后接入电路，其电阻将减小（填“增大”、“减小”或“不变”

47、）【考点】影响电阻大小的因素【分析】导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关；同种材料的导体长度越大，横截面积越小，电阻越大；反之，电阻越小；据此即可确定该电阻丝的阻值变化情况【解答】解：导体的电阻与长度、横截面积和材料有关；当同种材料的导体长度越大，横截面积越小，电阻越大；反之，电阻越小；将一根镍铬合金丝均匀拉长后，长度变长，横截面积变小，故电阻将增大；若将这根镍铬合金丝对折后，则长度变短，横截面积变大，故电阻将会减小故答案为：增大，变小【点评】导体的电阻大小与导体的长度、横截面积和材料有关；在分析导体电阻的变化时，要从导体电阻的决定因素的变化去入手分析24小刚家的电费是每度0.45元

48、，小刚观察自家的电能表，他家第一天早8：00和第二天早8：00这两个时刻的读数如图所示，则他家这一天共消耗电能6kWh，应付电费2.7元【考点】电能表参数的理解与电能的求法【分析】电能表的示数：月末的示数等于月初的示数加上本月消耗的电能，最后一位是小数，单位kWh；一个月所交的电费等于本月消耗的电能与电费单价的乘积【解答】解：一天消耗的电能：W=1365.0kWh1359.0kWh=6kWh；这个月应交电费6kWh×0.45元/kWh=2.7元；故答案为：6；2.7【点评】本题考查了电能以及电能表的读数法，注意电能表的最后一位是小数、单位是kWh25酒精的热值是3.0×10

49、7J/kg，100g酒精完全燃烧放出的热量是3×106J【考点】热量的计算【分析】已知酒精的热值和质量，根据Q=mq可求得完全燃烧100g酒精能够放出的热量【解答】解：完全燃烧100g酒精能够放出的热量：Q=mq=0.1kg×3.0×107J/kg=3×106J故答案为：3×106J【点评】本题考查了学生对燃烧放热公式Q放=mq的理解和应用，注意燃料的热值是燃料的特性，与燃料质量的多少无关三、作图题26根据图中通电螺线管的南北极，标出小磁针的N极和电源的“+”极【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断【分析】利用螺线管的N、S极，结合磁极间作用

50、规律，确定小磁针的N、S极；利用螺线管的N、S极，和线圈绕向，根据右手螺旋定则可以确定线圈中电流方向，进一步确定电源的正负极【解答】解：（1）螺线管的下端为N极，根据磁极间作用规律可知，靠近螺线管下端的小磁针的下端为S极，上端为N极；（2）利用螺线管线圈的绕向和N、S极，结合右手螺旋定则可以确定线圈中电流的方向是从螺线管的上端流入，下端流出，从而可以确定电源的上端为正极，下端为负极答案如图所示【点评】关于右手螺旋定则，涉及三个方向：磁场方向、线圈绕向、电流方向，告诉其中的两个让确定第三个如此题：告诉了磁场方向和绕向，确定电流方向27如图，电源电压为12V，灯泡电阻约为10，用笔画线代替导线，将

51、图乙中元件按图甲连接成电路【考点】实物的电路连接【分析】由图甲知灯与变阻器串联，根据电源电压、灯泡电阻判断电表量程，依次连接即可【解答】解：由图甲可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路中电流，按电流的流径，先连成串联电路，最后把电压表并接在灯与电流表两端，电源电压12V，所以电压表选择015V量程，电路中最大电流I=1.2A，所以电流表使用03A量程，如图所示：【点评】本题考查根据电路图连接实物，要明确电路的连接方式，熟练掌握各元件的使用方法四、实验探究题28某实验小组在探究欧姆定律时，采用了如图所示的电路图，实验中他们选用的定值电阻分别是6、8、10，电源电压是3V，

52、滑动变阻器的阻值范围是015（1）他们在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法实验分两步进行：保持电阻不变，探究电流与电压的关系；保持电压不变，探究电流与电阻的关系；（2）实验中电流表的量程应选00.6A，电压表的量程应选03V；（3）在研究电阻对电流的影响时，把定值电阻由6换成10，闭合开关后，下一步的操作是：调节滑动变阻器的滑片，保持定值电阻两端电压不变（4）该小组的同学在完成上述实验后，把定值电阻改成小灯泡，然后测量小灯泡的电阻，得到的三组数据如表所示，请你将表中的空白格补上实验次数123电压/V1.52.02.5电流/A0.230.270.3电阻/6.57.48.3灯泡亮度暗较

53、亮亮（5）小明处理完数据后发现，三次测得的灯丝电阻相差较大，与其他同学交流也是同样的情况，你认为出现这种结果的原因是灯泡电阻受温度的影响，即随着温度的升高而增大【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【分析】（1）电流的大小与电压和电阻有关，所以我们在探究其中一个因素变化对电流的影响时，必须保持另一个因素不变，这就是控制变法；（2）因为电源电压为3V，电压表使用小量程即可；定值电阻最小为6，利用欧姆定律可知电路中的最大电流为0.5A，电流表用小量程即可；（3）在研究电阻对电流的影响时，更换电阻后电阻两端的电压会随之变化，为了控制变量，要调节滑动变阻器的滑片保持电阻两端的电压不变；（4）由表格可知灯泡两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出实验三中灯泡的电阻；（5）导体电阻大小跟导体的长度、横截面积、材料、温度有关，灯丝电阻受温度影响比较大【解答】解：（1）电流的大小与导体两端的电压和导体的电阻有关，在探究某一因素变化对电流的影响时，采用控制变量法：