黑龙江省牡丹江一中高二上学期期中物理试卷文

1、黑龙江省牡丹江一中20152016学年度高二上学期期中物理试卷（文）一.单项选择题（本题共20小题；每小题3分，共60分）1在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是：（）A赫兹B法拉第C麦克斯韦D爱因斯坦2下列说法中，正确的是（）A只有体积小到可以忽略的带电体才能看成点电荷B丝绸摩擦过的玻璃棒带正电C将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和消失了D带电体的电荷量可能为2.4×1019C3在电场中的某点放入电量为q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为+2q的试探电荷，此时测得该点的场强为（）A大小为2E，方向和E相反B大小为2E，

2、方向和E相同C大小为E，方向和E相同D大小为E，方向和E相反4有人根据公式B=，提出以下看法，其中正确的是（）A磁感应强度的数值跟通电导线受到的磁场力F的大小成正比B磁感应强度的数值跟通电导线的电流I成反比C磁感应强度的数值跟通电导线的长度L成反比D磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与外加导线的长度、电流的强弱和受力情况均无关5关于电场线和磁感线，下列说法正确的是（）A电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B电场线和磁感线都是闭合的曲线C磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷6真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增

3、大一倍，并把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为（）A16FB8FC4FD2F7某电场的电场线如图所示，则某点电荷在A点和B点所受电场力的大小关系是（）AFAFBBFAFBCFA=FBD电荷正负不明无法判断8下列现象中，不属于防止静电危害的是（）A在很高的建筑物顶端装上避雷针B在高大的烟囱中安装静电除尘器C油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴9下列物理量的单位是“特斯拉”的是（）A安培力B电场强度C电容D磁感应强度10关于电源，下面说法中正确的是（）A因为电容器能够储存电荷，所以电容器也是电源B电源是将其他形式的能量转化成电能的装置C接入电路

4、中时电池两端的电压等于该电池的电动势D以上说法都不对11如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是（）ABCD12下列关于电流的说法中，正确的是（）A电荷移动的方向就是电流的方向B国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D由I=可知，时间越长，电流越小13有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示其中哪一个小磁针的指向是正确的（）AaBbCcDd14通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（）A温度传感器B压力传感器C红外线传感器D声音传感器15某正弦交流电的图

5、象如图所示，则由图象可知不正确的是（）A该交流电的频率为50HzB该交流电的有效值为14.14AC该交流电的瞬时值表达式为i=20sin（0.02t）AD该交流电的周期是0.02s16一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的（）A磁感应强度大B磁通量较大C磁通量的变化量较大D磁通量的变化较快17如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（）ABCD18电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台能够发射波长为15m的无线电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在（）A45MHzB50MHzC20MHzD6MHz19变压器原、副线圈匝数比例如图所

6、示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ABCD20电容器电容表达式为（）AC=QUBC=CC=DC=二、双项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，多选、错选、少选均不给分）21如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流（）A向左或向右平动B以O1O2为轴转动C垂直纸面向里或向外运动D以ab为轴转动22在下列各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的是（）ABCD23远距离输电为了减少输

7、电线上的能量损失都采用的措施有（）A降低导线电阻B可加快输电速度C可增大输电功率D高压输电24如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A带正电电量为Q1，固定在绝缘的支架上，B质量为m，带电量为Q2，用长为L的绝缘细线悬挂，两者均处于静止，静止时悬线与竖直方向成角，且两者处在同一水平线上相距为R，静电力常量为k，重力加速度为g以下说法正确的是（）A小球B带正电荷B细线的拉力为mgcosC小球受到的库仑力是mgtanD小球受到的库仑力是三填空题（本题共2小题，每空3分，共12分）25一定值电阻R=10，流过它的电流I=10A则该电阻的电功率是W，经过2秒，电阻R生成的焦耳热为J，经过1小时

8、，电阻消耗电能为度26一个匝数为100的导体线圈垂直磁场放置，在0.5s内穿过它的磁通量从1.0×103Wb增加到9.0×103Wb则线圈中的感应电动势大小为V四计算题（本题共1道题，共12分）27如图，一根质量为1kg的金属棒MN，两端用细软导线连接后悬挂于a、b两点、棒的中部处于垂直纸面向里的宽为10cm的正方形匀强磁场中，棒中通有电流，方向从M流向N，则：（1）当导线中通以如图所示I1=2A的电流时，导线受到的安培力大小为4N，则该磁场的磁感应强度为多少？若该导线中通以I2=3A的电流，则此时导线所受安培力大小是多少？方向如何？（3）若要两侧悬线上拉力为0，则导体棒应

9、该通多大的电流？黑龙江省牡丹江一中20152016学年度高二上学期期中物理试卷（文）参考答案与试题解析一.单项选择题（本题共20小题；每小题3分，共60分）1在物理学史上，最先建立完整的电磁场理论并预言电磁波存在的科学家是：（）A赫兹B法拉第C麦克斯韦D爱因斯坦【考点】物理学史【分析】法拉第发现了法拉第电磁感应定律，爱因斯坦相对论，麦克斯韦创立了完整的电磁理论并预言了电磁波的存在，而赫兹用实验验证了电磁波的存在【解答】解：A、赫兹用实验验证了电磁波的存在，故A错误；B、法拉第发现了法拉第电磁感应定律，故B错误；C、麦克斯韦创立了完整的电磁理论并预言了电磁波的存在，故C正确；D、爱因斯坦的相对论

10、原理，故D错误故选：C【点评】注意基础知识的积累就能顺利解决此类题目2下列说法中，正确的是（）A只有体积小到可以忽略的带电体才能看成点电荷B丝绸摩擦过的玻璃棒带正电C将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和消失了D带电体的电荷量可能为2.4×1019C【考点】元电荷、点电荷【分析】摩擦起电的原因是不同物质的原子核束缚核外电子的能力不同，能力强的得电子带负电，能力弱的失电子带正电，所以摩擦起电的实质是电子的转移摩擦后的物体带什么电荷要看相互摩擦的两个物体获得电子的能力的强弱，如果两个物体获得电子能力相同，则相互摩擦的后不会带电获得电子的能力强的会得到电子带负电，获得电子的能

11、力弱的失电子带正电电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷【解答】解：A、只要带电体的大小在所研究的问题中可以忽略不计就可以看作点电荷，即与体积的相对大小有关，而与体积绝对大小无关，故A错误；B、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，故B正确；C、将分别带有等量正电和负电的物体相互接触，电荷发生中和，没有消失，故C错误；D、元电荷是带电量的最小值，e=1.6×1019C，所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍，2.4×1019C不是1.6×1019C整数倍，故D错误；故选：B【点评】本题

12、关键是要明确摩擦起电的实质是电荷的转移，摩擦起电的两个物体带等量的异号电荷，电荷总量守恒3在电场中的某点放入电量为q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为+2q的试探电荷，此时测得该点的场强为（）A大小为2E，方向和E相反B大小为2E，方向和E相同C大小为E，方向和E相同D大小为E，方向和E相反【考点】电场强度【专题】电场力与电势的性质专题【分析】电场中的场强取决于电场本身，与检验电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法来定义的【解答】解：据题意，由场强的定义式E=得该点的场强大小为E因为电场中的电场强度只取决于电场本身，与试探电荷无关，所以在该点放入电量为+

13、2q的试探电荷时，该点的场强不变，即大小为E，方向和E相同，故ABD错误，C正确故选：C【点评】明确电场中的场强取决于电场本身，与有无检验电荷无关是解本题的关键4有人根据公式B=，提出以下看法，其中正确的是（）A磁感应强度的数值跟通电导线受到的磁场力F的大小成正比B磁感应强度的数值跟通电导线的电流I成反比C磁感应强度的数值跟通电导线的长度L成反比D磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与外加导线的长度、电流的强弱和受力情况均无关【考点】磁感应强度【分析】磁感应强度反映磁场强弱的物理量，其大小只与磁场本身有关，和导线长度及电流的强弱无关【解答】解：B=为比值定义法，B与F与I、L无

14、关，磁感应强度是表示磁场强弱的物理量，它是客观存在的，它与加导线的长度、电流的强弱和受力情况无关；故只有D正确；故选；D【点评】磁感应强度采用比值定义法，要注意比值定义法中B与F、IL无关5关于电场线和磁感线，下列说法正确的是（）A电场线和磁感线都是在空间实际存在的线B电场线和磁感线都是闭合的曲线C磁感线从磁体的N极发出，终止于S极D电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；电场线【分析】（1）磁体的周围存在着看不见，摸不着但又客观存在的磁场，为了描述磁场，在实验的基础上，利用建模的方法想象出来的磁感线，磁感线并不客观存在；而电荷周围存在电场，电场也是看

15、不见，摸不着但又客观存在的利用建模的方法想象出来的电场线，电场线并不客观存在磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极（3）磁场中的一点，磁场方向只有一个，由此入手可以确定磁感线不能相交磁场的强弱可以利用磁感线的疏密程度来描述磁场越强，磁感线越密集（4）电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱【解答】解：A、电场线和磁感线都是假想的，在空间不是实际存在的线故A错误；B、磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，

16、回到N极所以磁感线是闭合的，而电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不相交不闭合，故B错误；C、磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极在磁体的内部，磁感线是从磁体的S极出发，回到N极故C错误；D、电场线从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，故D正确故选：D【点评】记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念此题考查了磁感线的引入目的，磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便6真空中两个点电荷的相互作用力为F，若每个电荷的带电量都增大一倍，并把它们之间的距离减少一半，则它们之间的作用力变为（）A16FB8FC4FD2F【考点

17、】库仑定律【专题】电场力与电势的性质专题【分析】本题比较简单，直接根据库仑力公式得出两次作用力的表达式，则可求得距离减小后的相互作用力，从而解出正确结果【解答】解：由库伦定律可得：变化前：变化后：，故BCD错误，A正确故选A【点评】本题考查库仑定律的直接应用，对于库伦定律公式要注意公式的适用条件以及公式中各个物理量的含义7某电场的电场线如图所示，则某点电荷在A点和B点所受电场力的大小关系是（）AFAFBBFAFBCFA=FBD电荷正负不明无法判断【考点】电场线【分析】电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小【解答】解：电场

18、线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，A点的电场线密，所以A点的电场强度大，电荷在A点受到的电场力大，所以FAFB，所以A正确故选：A【点评】加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，知道电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小即可解决本题8下列现象中，不属于防止静电危害的是（）A在很高的建筑物顶端装上避雷针B在高大的烟囱中安装静电除尘器C油罐车后面装一根拖在地上的铁链条D存放易燃品的仓库的工人穿上导电橡胶做的防电靴【考点】静电场中的导体【分析】在打雷时，由于静电感应再楼顶会积累大量的电荷，会对建筑物造成危害，同样像运动的油罐车等物体由于不断的摩擦也会产生大

19、量的静电，所以要及时的把产生的静电导走【解答】解：A、当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，所以A属于防止静电危害B、在高大的烟囱中安装静电除尘器，利用静电除去废气中的粉尘，这是对于静电的应用，所以B不属于防止静电危害C、油罐车在运动的过程中，由于里面的油再晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，所以C属于防止静电危害D、利用导电橡胶做的防电靴及时的把产生的静电导走，防止工人在走动中产生静电，导致事故所以D属于防止静电危害该题选择不属于防止静电危害

20、的，故选：B【点评】掌握住基本的知识，对于生活中的一些现象要能够用所学的知识来解释此题属于基础题9下列物理量的单位是“特斯拉”的是（）A安培力B电场强度C电容D磁感应强度【考点】磁感应强度【分析】“特斯拉”是磁感应强度的单位，不是电场强度、电动势、电容的单位【解答】解：A、安培力的单位是牛顿，不是特斯拉故A错误； B、电场强度的单位是牛/库，不是特斯拉故B错误 C、电容的单位是法拉，不是特斯拉故C错误 D、磁感应强度的单位是特斯拉故D正确故选：D【点评】本题考查对物理量的掌握程度单位是物理量的组成部分，对名称和符号都要记住，可结合物理公式加强记忆10关于电源，下面说法中正确的是（）A因为电容器

21、能够储存电荷，所以电容器也是电源B电源是将其他形式的能量转化成电能的装置C接入电路中时电池两端的电压等于该电池的电动势D以上说法都不对【考点】电源的电动势和内阻【专题】恒定电流专题【分析】电源是通过非静电力做功将其他形式的能量转化为电能的一种装置，电源电动势的数值等于内、外电压之和，【解答】解：A、电容器是能够储存电荷的装置，但电容器不是电源，故A错误；B、电源是将其他形式的能量转化成电能的装置，故B正确；C、接入电路中时电池两端的电压等于路端电压，比电动势小，故C错误；D、根据上述分析可知，D错误故选：B【点评】电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的

22、本领，特别注意外电路断开时的路端电压在数值上等于电源的电动势11如图，是直线电流、环形电流磁场的磁感线分布图，其中电流方向与磁感线方向关系正确的是（）ABCD【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布，并注意平面图及立体图的区分即可正确判断【解答】解：A、电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看），故A正确；B、电流方向向下，由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故B错误；C、图中电流为环形电流，由右手螺旋定则可知内部磁场应向右，故C错误；D、由右手螺旋定则可知，由右手螺旋定则可知内部磁感线方向向右，故D正确；故选：AD【点

23、评】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图12下列关于电流的说法中，正确的是（）A电荷移动的方向就是电流的方向B国际单位制中，电流的单位是安培，简称安C电流既有大小又有方向，所以电流是矢量D由I=可知，时间越长，电流越小【考点】电流、电压概念；欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】电荷的定向移动形成电流，电流与电荷量及时间无关；电流的单位为安培，安培是国际单位制的基本单位【解答】解：A、电流中电流的方向是正电荷的定向移动方向；故A错误；B、国际单位制中，电流的单位是安培，简称安；故B正确；C、电流有方向，但电流的运算不适用

24、平行四边形定则，故电流是标量；故C错误；D、电流的定义采用比值定义法，I与t无关；故D错误；故选：B【点评】本题考查电流的定义，要注意明确电流的定义及电流的方向规定13有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部，如图所示其中哪一个小磁针的指向是正确的（）AaBbCcDd【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；安培定则【专题】应用题【分析】由电源的极性可得出电流的方向，则由安培定则可得出磁场的方向，即可判出小磁场的方向是否正确【解答】解：由图可知，电流由右侧流入，则由安培定则可知，螺线管的左侧为N极，右侧为S极；而螺线管的磁感线外部是由N极指向S极，内部由S指向N极，而小磁

25、针静止时N极所指方向与磁感线方向一致，故可知D正确，其他均错；故选D【点评】本题考查安培定则及通电螺线管磁感线的特点，要求明确内部磁感线和外部磁感线的不同之处，熟记相应磁场的磁感线形状14通常当人走向银行门口时，门就会自动打开，是因为门上安装了下列那种传感器（）A温度传感器B压力传感器C红外线传感器D声音传感器【考点】传感器在生产、生活中的应用【分析】一般人体都有恒定的体温，一般在37度，所以会发出特定波长10UM左右的红外线，被动式红外探头就是靠探测人体发射的10UM左右的红外线而进行工作的【解答】解：人走向门口时，门会自动打开，是因为安装了红外线传感器从而能感知红外线，导致门被打开故选：C

26、【点评】一切物体都能发出红外线，随着温度越高发出红外线越强15某正弦交流电的图象如图所示，则由图象可知不正确的是（）A该交流电的频率为50HzB该交流电的有效值为14.14AC该交流电的瞬时值表达式为i=20sin（0.02t）AD该交流电的周期是0.02s【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系【专题】交流电专题【分析】根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量，然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等【解答】解：A、由图可知，T=0.02s，故f=50Hz，=2f=100 rad/s，所以其表达式为u=20sin（100t）V，故AD正确，C错误B、由图象可知交流电的最大值为20V，因

27、此其有效值为：U=V=10V=14.14V，故B正确；本题选择错误的，故选：C【点评】题考查了有关交流电描述的基础知识，要根据交流电图象正确求解最大值、有效值、周期、频率、角速度等物理量，同时正确书写交流电的表达式16一个闭合电路产生的感应电动势较大，是因为穿过这个闭合电路的（）A磁感应强度大B磁通量较大C磁通量的变化量较大D磁通量的变化较快【考点】法拉第电磁感应定律【分析】根据法拉第电磁感应定律，分析感应电动势大小的决定因素磁通量变化率反映磁通量变化的快慢，与磁通量没有直接的关系【解答】解：根据法拉第电磁感应定律可知，闭合电路中产生的感应电动势的大小与穿过电路的磁通量的变化率成正比，与磁通量

28、、磁感应强度没有直接关系所以D正确，ABC错误故选D【点评】本题考查对法拉第电磁感应定律的掌握程度，比较简单17如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（）ABCD【考点】洛仑兹力；左手定则【分析】左手定则的内容：伸开左手，使四指与大拇指垂直，且在同一个平面内，让磁感线穿过掌心，四指方向与正电荷的运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力的方向【解答】解：根据左手定则知，A选项不受洛伦兹力B选项洛伦兹力水平向右C选洛伦兹力水平向右，D选项洛伦兹力方向垂直纸面向外故B、C、D正确，A错误故选BCD【点评】解决本题的关键掌握左手定则判定电荷在磁场中运动速度、磁场和电荷受到洛仑兹力三者之间的方

29、向关系18电磁波在空气中的传播速度为3×108m/s，某广播电台能够发射波长为15m的无线电波，那么收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在（）A45MHzB50MHzC20MHzD6MHz【考点】电磁波的周期、频率和波速【分析】根据波速、波长、频率的关系式v=f求出无线电波的频率，接收电台的调谐频率等于电磁波的频率【解答】解：根据v=f得，f=20MHz所以收音机接收这个电台时调谐的频率应工作在20MHz故选：C【点评】解决本题的关键知道电磁波波速、频率、波长的关系明确单位的换算关系19变压器原、副线圈匝数比例如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ABCD【考点】变压器的构造

30、和原理【专题】交流电专题【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为：原副线圈电压与匝数成正比且电流与电压均是有效值，电表测量值也是有效值【解答】解：A、图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；B、图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；C、图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；D、图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误；故选：C【点评】理想变压器是理想化

31、模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定20电容器电容表达式为（）AC=QUBC=CC=DC=【考点】电容【专题】电容器专题【分析】电容是反映电容器容纳电荷本领大小的物理量；由Q和U定义【解答】解：电容的定义式C=，故选：C【点评】本题考查电容器的定义式及平行板电容器的决定式，属基础内容，应牢记二、双项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分每题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，多选、错选、少选均不给分）21如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2

32、和O3O4都是线圈的对称轴，应使线圈怎样运动才能使其中产生感生电流（）A向左或向右平动B以O1O2为轴转动C垂直纸面向里或向外运动D以ab为轴转动【考点】感应电流的产生条件【分析】本题比较简单，考查了产生感应电流的条件，通过判断线圈中的磁通量是否变化，即可得出正确结果【解答】解：A、由于磁场为匀强磁场，无论线圈在平面内如何平动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故A错误；B、当线圈绕O1O2转动时，磁通量将发生变化，如转过90°时磁通量为零，因此有感应电流产生，故B正确；C、由于磁场为匀强磁场，无论线圈垂直纸面向里或向外运动，其磁通量都不变化，因此不会产生感应电流，故C错误；D

33、、以ab为轴转动时，磁通量将发生变化，有感应电流产生，故D正确故选：BD【点评】根据产生感应电流的条件判断线圈中是否有感应电流产生是电磁感应中的基本要求，要把握实质问题，不要受其它条件的干扰22在下列各图中，分别标出了磁场B的方向，电流I方向和导线所受安培力F的方向，其中正确的是（）ABCD【考点】左手定则【专题】电磁学【分析】左手定则的内容：伸开左手，使大拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使四指指向电流的方向，这时拇指所指的方向就是通电导线在磁场中所受安培力的方向根据左手定则的内容判断安培力的方向【解答】解：根据左手定则可知，A图中安培力方向垂直磁场向

34、下，B图中安培力方向垂着磁场向右，C图中安培力方向垂着电流方向向左，D图中由于磁场和电流方向共线，不受安培力作用，故ABD错误，C正确故选C【点评】判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直23远距离输电为了减少输电线上的能量损失都采用的措施有（）A降低导线电阻B可加快输电速度C可增大输电功率D高压输电【考点】远距离输电【专题】交流电专题【分析】远距离输电过程中，电能耗损主要是由于电流的热效应而造成的；根据功率公式P=I2R分析减小远距离输电电能损失的措施即可【解答】解：A、在输电电流I输一定的情况下，由公式P输=I输2R

35、知，减小导线电阻能减少输电电能损失，故A正确；B、加快速度不会减小功率损失，并且也无法增大输电的速度；故B错误；C、一般来说我们所输送的功率均是一定的，并且增大输电功率的同时，电流也将随之增大，损失的功率同样很多；故C错误；D、在输电功率P输一定的情况下，U输越大，输电电流I输越小，由公式P输=I输2R知，输电电流越小，电能损失越小，所以应该高压输电，故D正确故选：AD【点评】本题考查减小输电线路电功率损失的方法，用高压输电不仅可以减少线路中电能的损耗，同时降低热损耗和材料成本，都是在输电过程中节约了能源，这是一种非常有效的做法24如图所示，真空中有两个可视为点电荷的小球，其中A带正电电量为Q

36、1，固定在绝缘的支架上，B质量为m，带电量为Q2，用长为L的绝缘细线悬挂，两者均处于静止，静止时悬线与竖直方向成角，且两者处在同一水平线上相距为R，静电力常量为k，重力加速度为g以下说法正确的是（）A小球B带正电荷B细线的拉力为mgcosC小球受到的库仑力是mgtanD小球受到的库仑力是【考点】库仑定律【分析】A、根据受力分析与平衡条件相结合，即可求解小球B的电性；B、由力的平行四边形定则，结合受力分析，运用三角函数，即可求解细线的拉力大小；CD、根据库仑定律，即可求解库仑力的大小，或根据平衡条件，结合三角知识求解【解答】解：A、对B受力分析，根据平衡条件，可知，电场力方向水平向右，因此B球带负电荷，故A错误；B、对B球受力分析，则有：Tcos=mg解得：T=，故B错误；CD、由库仑定律，则有：F=；当然，也可根据受力平衡条件，结合三角知识，则库仑力的大小F=mgtan，故CD正确；故选：CD【点评】考查对研究对象的受力分析，掌握平衡条件与库仑定律