人教版初中数学中考经典好题难题

1、精选优质文档-倾情为你奉上一填空题（共2小题）1如图，矩形纸片ABCD中，AB=，BC=第一次将纸片折叠，使点B与点D重合，折痕与BD交于点O1；O1D的中点为D1，第二次将纸片折叠使点B与点D1重合，折痕与BD交于点O2；设O2D1的中点为D2，第三次将纸片折叠使点B与点D2重合，折痕与BD交于点O3，按上述方法折叠，第n次折叠后的折痕与BD交于点On，则BO1=_，BOn=_2如图，在平面直角坐标系xoy中，A（3，0），B（0，1），形状相同的抛物线Cn（n=1，2，3，4，）的顶点在直线AB上，其对称轴与x轴的交点的横坐标依次为2，3，5，8，13，根据上述规律，抛物线C2的顶点坐标为

2、_；抛物线C8的顶点坐标为_二解答题（共28小题）3已知：关于x的一元二次方程kx2+2x+2k=0（k1）（1）求证：方程总有两个实数根；（2）当k取哪些整数时，方程的两个实数根均为整数4已知：关于x的方程kx2+（2k3）x+k3=0（1）求证：方程总有实数根；（2）当k取哪些整数时，关于x的方程kx2+（2k3）x+k3=0的两个实数根均为负整数？5在平面直角坐标系中，将直线l：沿x轴翻折，得到一条新直线与x轴交于点A，与y轴交于点B，将抛物线C1：沿x轴平移，得到一条新抛物线C2与y轴交于点D，与直线AB交于点E、点F（1）求直线AB的解析式；（2）若线段DFx轴，求抛物线C2的解析式

3、；（3）在（2）的条件下，若点F在y轴右侧，过F作FHx轴于点G，与直线l交于点H，一条直线m（m不过AFH的顶点）与AF交于点M，与FH交于点N，如果直线m既平分AFH的面积，又平分AFH的周长，求直线m的解析式6已知：关于x的一元二次方程x2+（m+4）x4m=0，其中0m4（1）求此方程的两个实数根（用含m的代数式表示）；（2）设抛物线y=x2+（m+4）x4m与x轴交于A、B两点（A在B的左侧），若点D的坐标为（0，2），且ADBD=10，求抛物线的解析式；（3）已知点E（a，y1）、F（2a，y2）、G（3a，y3）都在（2）中的抛物线上，是否存在含有y1、y2、y3，且与a无关的等

4、式？如果存在，试写出一个，并加以证明；如果不存在，说明理由7点P为抛物线y=x22mx+m2（m为常数，m0）上任一点，将抛物线绕顶点G逆时针旋转90°后得到的新图象与y轴交于A、B两点（点A在点B的上方），点Q为点P旋转后的对应点（1）当m=2，点P横坐标为4时，求Q点的坐标；（2）设点Q（a，b），用含m、b的代数式表示a；（3）如图，点Q在第一象限内，点D在x轴的正半轴上，点C为OD的中点，QO平分AQC，AQ=2QC，当QD=m时，求m的值8关于x的一元二次方程x24x+c=0有实数根，且c为正整数（1）求c的值；（2）若此方程的两根均为整数，在平面直角坐标系xOy中，抛物线

5、y=x24x+c与x轴交于A、B两点（A在B左侧），与y轴交于点C点P为对称轴上一点，且四边形OBPC为直角梯形，求PC的长；（3）将（2）中得到的抛物线沿水平方向平移，设顶点D的坐标为（m，n），当抛物线与（2）中的直角梯形OBPC只有两个交点，且一个交点在PC边上时，直接写出m的取值范围9如图，已知AD为ABC的角平分线，EF为AD的垂直平分线求证：FD2=FBFC10如图，AD是ABC的角平分线，EF是AD的垂直平分线求证：（1）EAD=EDA（2）DFAC（3）EAC=B11已知：关于x的一元二次方程（m1）x2+（m2）x1=0（m为实数）（1）若方程有两个不相等的实数根，求m的取值

6、范围；（2）在（1）的条件下，求证：无论m取何值，抛物线y=（m1）x2+（m2）x1总过x轴上的一个固定点；（3）关于x的一元二次方程（m1）x2+（m2）x1=0有两个不相等的整数根，把抛物线y=（m1）x2+（m2）x1向右平移3个单位长度，求平移后的解析式12已知ABC，以AC为边在ABC外作等腰ACD，其中AC=AD（1）如图1，若DAC=2ABC，AC=BC，四边形ABCD是平行四边形，则ABC=_；（2）如图2，若ABC=30°，ACD是等边三角形，AB=3，BC=4求BD的长；（3）如图3，若ACD为锐角，作AHBC于H当BD2=4AH2+BC2时，DAC=2ABC是

7、否成立？若不成立，请说明你的理由；若成立，证明你的结论13已知关于x的方程mx2+（32m）x+（m3）=0，其中m0（1）求证：方程总有两个不相等的实数根；（2）设方程的两个实数根分别为x1，x2，其中x1x2，若，求y与m的函数关系式；（3）在（2）的条件下，请根据函数图象，直接写出使不等式ym成立的m的取值范围14已知：关于x的一元二次方程x2+（n2m）x+m2mn=0（1）求证：方程有两个实数根；（2）若mn1=0，求证：方程有一个实数根为1；（3）在（2）的条件下，设方程的另一个根为a当x=2时，关于m的函数y1=nx+am与y2=x2+a（n2m）x+m2mn的图象交于点A、B（

8、点A在点B的左侧），平行于y轴的直线L与y1、y2的图象分别交于点C、D当L沿AB由点A平移到点B时，求线段CD的最大值15如图，已知抛物线y=（3m）x2+2（m3）x+4mm2的顶点A在双曲线y=上，直线y=mx+b经过点A，与y轴交于点B，与x轴交于点C（1）确定直线AB的解析式；（2）将直线AB绕点O顺时针旋转90°，与x轴交于点D，与y轴交于点E，求sinBDE的值；（3）过点B作x轴的平行线与双曲线交于点G，点M在直线BG上，且到抛物线的对称轴的距离为6设点N在直线BG上，请直接写出使得AMB+ANB=45°的点N的坐标16如图，AB为O的直径，AB=4，点C在

9、O上，CFOC，且CF=BF（1）证明BF是O的切线；（2）设AC与BF的延长线交于点M，若MC=6，求MCF的大小17如图1，已知等边ABC的边长为1，D、E、F分别是AB、BC、AC边上的点（均不与点A、B、C重合），记DEF的周长为p（1）若D、E、F分别是AB、BC、AC边上的中点，则p=_；（2）若D、E、F分别是AB、BC、AC边上任意点，则p的取值范围是_考点：翻折变换（折叠问题）；矩形的性质。专题：规律型。分析：（1）结合图形和已知条件，可以推出BD的长度，根据轴对称的性质，即可得出O1点为BD的中点，很容易就可推出O1B=2；（2）依据第二次将纸片折叠使点B与点D1重合，折痕

10、与BD交于点O2，O1D的中点为D1，可以推出O2D1=BO2=；以此类推，即可推出：BOn=解答：解：矩形纸片ABCD中，BD=4，（1）当n=1时，第一次将纸片折叠，使点B与点D重合，折痕与BD交于点O1，O1D=O1B=2，BO1=2=；（2）当n=2时，第二次将纸片折叠使点B与点D1重合，折痕与BD交于点O2，O1D的中点为D1，O2D1=BO2=，设O2D1的中点为D2，第三次将纸片折叠使点B与点D2重合，折痕与BD交于点O3，O3D2=O3B=，以此类推，当n次折叠后，BOn=点评：本题考查图形的翻折变换，解直角三角形的有关知识，解题过程中应注意折叠是一种对称变换，它属于轴对称，根

11、据轴对称的性质推出结论考点：二次函数的性质。专题：规律型。分析：根据A（3，0），B（0，1）的坐标求直线AB的解析式为y=x+1，因为顶点C2的在直线AB上，C2坐标可求；根据横坐标的变化规律可知，C8的横坐标为55，代入直线AB的解析式y=x+1中，可求纵坐标解答：解：设直线AB的解析式为y=kx+b则解得k=，b=1直线AB的解析式为y=x+1抛物线C2的顶点坐标的横坐标为3，且顶点在直线AB上抛物线C2的顶点坐标为（3，2）对称轴与x轴的交点的横坐标依次为2，3，5，8，13，每个数都是前两个数的和抛物线C8的顶点坐标的横坐标为55抛物线C8的顶点坐标为（55，）点评：此题考查了待定系

12、数法求一次函数的解析式，还考查了点与函数关系式的关系，考查了学生的分析归纳能力考点：根的判别式；解一元二次方程-公式法。专题：计算题；证明题。分析：（1）先由k0，确定此方程为一元二次方程要证明方程总有两个实数根，只有证明0，通过代数式变形即可证明；（2）先利用求根公式求出两根，x1=1，只要2被k整除，并且有k1的整数，即可得到k的值解答：证明：（1）k1，k0，此方程为一元二次方程，=44k（2k）=48k+4k2=4（k1）2，而4（k1）20，0，方程恒有两个实数根（2）解：方程的根为，k1，x1=1，k1，若k为整数，当k=1或k=2时，方程的两个实数根均为整数点评：本题考查了一元二

13、次方程ax2+bx+c=0（a0，a，b，c为常数）根的判别式=b24ac当0，方程有两个不相等的实数根；当=0，方程有两个相等的实数根；当0，方程没有实数根同时考查了解方程的方法和整数的整除性质考点：根的判别式；解一元二次方程-公式法。专题：证明题；分类讨论。分析：（1）分两种情况讨论，当k=0时为一元一次方程，方程有一个实数根；当k0时，利用根的判别式计算出0，得到方程总有实数根；（2）先判断出方程为一元二次方程，然后利用求根公式求出方程的两个根，再根据方程两根均为负数得出k的取值范围，从而求出k的值解答：解：（1）分类讨论：若k=0，则此方程为一元一次方程，即3x3=0，x=1有根，（1

14、分）若k0，则此方程为一元二次方程，=（2k3）24k（k3）=90，（2分）方程有两个不相等的实数根，（3分）综上所述，方程总有实数根（2）方程有两个实数根，方程为一元二次方程利用求根公式，（4分）得；x2=1，（5分）方程有两个负整数根，是负整数，即k是3的约数k=±1，±3但k=1、3时根不是负整数，k=1、3（7分）点评：此题主要考查了一元二次方程根的判别式，要明确：（1）0方程有两个不相等的实数根；（2）=0方程有两个相等的实数根；（3）0方程没有实数根；同时要加以灵活运用考点：二次函数综合题；待定系数法求一次函数解析式；三角形的面积；相似三角形的判定与性质。专题

15、：综合题。分析：（1）设直线AB的解析式为y=kx+b，将直线与x轴、y轴交点求出，沿x轴翻折，则直线、直线AB交同一A点，与y轴的交点（0，）与点B关于x轴对称，求出K和b；（2）设平移后的抛物线C2的顶点为P（h，0），则抛物线C2解析式为：，求出D点坐标，由DFx轴，又点F在直线AB上，解得h的值，就能抛物线C2的解析式；（3）过M作MTFH于T，可证三角形相似，得FT：TM：FM=FG：GA：FA，设FT=3k，TM=4k，FM=5k，求得FN，又由，求得k，故能求得直线m的解析式解答：解：（1）设直线AB的解析式为y=kx+b，将直线与x轴、y轴交点分别为（2，0），（0，），沿x轴

16、翻折，则直线、直线AB与x轴交于同一点（2，0），A（2，0），与y轴的交点（0，）与点B关于x轴对称，B（0，），解得，直线AB的解析式为；（2）设平移后的抛物线C2的顶点为P（h，0），则抛物线C2解析式为：=，D（0，），DFx轴，点F（2h，），又点F在直线AB上，解得h1=3，抛物线C2的解析式为或；（3）过M作MTFH于T，MP交FH于NRtMTFRtAGFFT：TM：FM=FG：GA：FA=3：4：5，设FT=3k，TM=4k，FM=5k则FN=FM=165k，=48，又解得或k=2（舍去）FM=6，FT=，MT=，GN=4，TG=M（，）、N（6，4）直线MN的解析式为：点评：

17、本题二次函数的综合题，涉及的知识有求直线的解析式和抛物线关系式，三角形相似等考点：二次函数综合题。专题：开放型。分析：（1）在0的前提下，用求根公式进行计算即可（2）根据（1）的结果可得出A、B的坐标，然后求出AD、BD的长，代入ADDB=10中，即可求得m的值，也就得出了抛物线的解析式（2）分别将E、F、G的坐标代入抛物线的解析式中，可得出含a的y1、y2、y3的表达式，进而判断出y1、y2、y3的等量关系解答：解：（1）将原方程整理，得x2（m+4）x+4m=0，=b24ac=（m+4）24（4m）=m28m+16=（m4）20；x=m或x=4；（2分）（2）由（1）知，抛物线y=x2+b

18、x+c与x轴的交点分别为（m，0）、（4，0），A在B的左侧，0m4，A（m，0），B（4，0）则AD2=OA2+OD2=m2+22=m2+4，BD2=OB2+OD2=42+22=20；ADBD=10，AD2BD2=100；20（m2+4）=100；（3分）解得m=±1；（4分）0m4，m=1b=m+1=5，c=4m=4；抛物线的解析式为y=x2+5x4；（5分）（3）答：存在含有y1、y2、y3，且与a无关的等式，如：y3=3（y1y2）4（答案不唯一）；（6分）证明：由题意可得y1=a2+5a4，y2=4a2+10a4，y3=9a2+15a4；左边=y3=9a2+15a4；右边=

19、3（y1y2）4=3（a2+5a4）（4a2+10a4）4=9a2+15a4；左边=右边；y3=3（y1y2）4成立（7分）点评：此题主要考查了一元二次方程的解法、二次函数与坐标轴交点的求法、二次函数解析式的确定等知识考点：二次函数综合题。专题：综合题。分析：（1）首先根据m的值确定出原抛物线的解析式，进而可求得P、G的坐标，过P作PEx轴于E，过Q作QFx轴于F，根据旋转的性质知：GQFPGE，则QF=GE、PE=GF，可据此求得点Q的坐标（2）已知了Q点坐标，即可得到QF、FG的长，仿照（1）的方法可求出点P的坐标，然后代入原抛物线的解析式中，可求得a、b、m的关系式（3）延长QC到E，使

20、得QC=CE，那么AQ=QE；由于OD、QE互相平分，即四边形OEDQ是平行四边形（或证QCDECO），那么QD=OE=m，而AQ=QE，且QO平分AQC，易证得AQOEQO，则OA=OE=m，即A点坐标为（0，m），然后将点A的坐标代入（2）的关系式中，即可求得m的值解答：解：（1）当m=2时，y=（x2）2，则G（2，0），点P的横坐标为4，且P在抛物线上，将x=4代入抛物线解析式得：y=（42）2=4，P（4，4），（1分）如图，连接QG、PG，过点Q作QFx轴于F，过点P作PEx轴于E，依题意，可得GQFPGE；则FQ=EG=2，FG=EP=4，FO=2Q（2，2）（2分）（2）已知Q

21、（a，b），则GE=QF=b，FG=ma；由（1）知：PE=FG=ma，GE=QF=a，即P（m+b，ma），代入原抛物线的解析式中，得：ma=（m+b）22m（m+b）+m2ma=m2+b2+2mb2m22mb+m2a=mb2，故用含m，b的代数式表示a：a=mb2（4分）（3）如图，延长QC到点E，使CE=CQ，连接OE；C为OD中点，OC=CD，ECO=QCD，ECOQCD，OE=DQ=m；（5分）AQ=2QC，AQ=QE，QO平分AQC，1=2，AQOEQO，（6分）AO=EO=m，A（0，m），（7分）A（0，m）在新的函数图象上，0=mm2m1=1，m2=0（舍），m=1（8分）点

22、评：此题主要考查了图形的旋转变换、全等三角形的判定和性质、函数图象上点的坐标意义等知识，难度较大考点：二次函数综合题。专题：综合题。分析：（1）若关于x的一元二次方程有实数根，那么根的判别式必大于等于0，可据此求出c的取值范围，由于c为正整数，即可求出符合条件的c值（2）首先根据方程有两个整数根以及抛物线与x轴有两个不同的交点，确定c的值，从而得到抛物线的解析式和对称轴方程；由于四边形OBPC是直角梯形，且CPOB，P在抛物线的对称轴上，那么PC的长正好与抛物线对称轴的值相同，由此得解（3）首先将（2）所得抛物线的解析式化为顶点坐标式，即可得到此时顶点D的坐标；抛物线向左平移，可先设出平移后抛

23、物线的解析式；当点P位于抛物线对称轴右侧的函数图象上时，可将点P坐标代入抛物线的解析式中，即可求得平移的距离；当点O位于抛物线对称轴右侧的函数图象上时，将点O的坐标代入抛物线的解析式中，同样能求出此时平移的距离；根据上面两种情况所得的m值，即可得到m的取值范围抛物线向右平移，方法同解答：解：（1）关于x的一元二次方程x24x+c=0有实数根，=164c0，c4（1分）又c为正整数，c=1，2，3，4（2分）（2）方程两根均为整数，c=3，4；（3分）又抛物线与x轴交于A、B两点，c=3；抛物线的解析式为y=x24x+3；（4分）抛物线的对称轴为x=2四边形OBPC为直角梯形，且COB=90&#

24、176;，PCBO，P点在对称轴上，PC=2（5分）（3）由（2）知：y=x24x+3=（x2）21；当抛物线向左平移时，设平移后的抛物线解析式为：y=（x2+k）21；易知P（2，3），当抛物线对称轴右侧的函数图象经过点P时，则有：（22+k）21=3，解得k=2（负值舍去）；即y=x21，此时m=0；当抛物线对称轴右侧的函数图象经过点O时，则有：（02+k）21=0，解得k=1（舍去），k=3；即y=（x1）21，此时m=1；故当抛物线向作平移时，2m0（或1m0）当抛物线向右平移时，同可求得2m4；综上所述，2m0或2m4（7分）（写对一个给1分）点评：此题考查了根的判别式、直角梯形的性

25、质、二次函数解析式的确定以及函数图象的平移等知识在（3）题中，抛物线向左或向右平移都有符合条件的m值，因此需要分类讨论，以免漏解考点：相似三角形的判定与性质；线段垂直平分线的性质。专题：证明题。分析：连AF，则DF=AF，再由ACFBAF，对应边成比例，即可求证解答：证明：连接AF，AD是角平分线，BAD=CAD，又EF为AD的垂直平分线，AF=FD，DAF=ADF，DAC+CAF=B+BAD，CAF=B，AFC=AFC，ACFBAF，即=，AF2=CFBF，即FD2=CFBF点评：本题主要考查了相似三角形的判定及性质以及垂直平分线的性质问题，应熟练掌握考点：线段垂直平分线的性质。专题：证明题

26、。分析：（1）根据垂直平分线上任意一点，到线段两端点的距离相等可得到AE=DE，再根据等角对等边可得到EAD=EDA；（2）根据线段垂直平分线的性质证明AF=DF，进而得到BAD=ADF，再利用角平分线的性质可得到BAD=CAD，利用等量代换可得ADF=CAD，再根据平行线的判定即可得到DFAC；（3）根据三角形内角与外角的关系可得到结论解答：证明：（1）EF是AD的垂直平分线，AE=DE，EAD=EDA；（2）EF是AD的垂直平分线，AF=DF，BAD=ADF，AD是ABC的角平分线，BAD=CAD，ADF=CAD，DFAC；（3）由（1）EAD=EDA，即ADE=CAD+EAC，ADE=B

27、AD+B，BAD=CAD，EAC=B点评：此题主要考查了线段的垂直平分线的性质，等腰三角形的性质，平行线的判定以及三角形内角与外角的关系，题目综合性较强，但是难度不大，需要同学们掌握好基础知识考点：抛物线与x轴的交点。专题：计算题；证明题。分析：（1）根据b24ac与零的关系即可判断出的关于x的一元二次方程（m1）x2+（m2）x1=0（m为实数）的解的情况；（2）用十字相乘法来转换y=（m1）x2+（m2）x1，即y=（m1）x+1（x1），则易解；（3）利用（2）的解题结果x=1，再根据两根之积等于是整数，得出m的值，进而得出平移后的解析式解答：解：（1）根据题意，得=（m2）24

28、5;（m1）×（1）0，即m20解得，m0或m0 又m10，m1 由，得m0，0m1或m1证明：（2）由y=（m1）x2+（m2）x1，得y=（m1）x1（x+1）抛物线y=（m1）x1（x+1）与x轴的交点就是方程（m1）x1（x+1）=0的两根解方程，得，由（1）得，x=1，即一元二次方程的一个根是1，无论m取何值，抛物线y=（m1）x2+（m2）x1总过x轴上的一个固定点（1，0）（3）x=1是整数，只需是整数m是整数，且m1，m0，m=2，当m=2时，抛物线的解析式为y=x21，把它的图象向右平移3个单位长度，则平移后的解析式为y=（x3）21点评：（1）在解一元二次方程的根

29、时，利用根的判别式=b24ac与0的关系来判断该方程的根的情况；（2）用十字相乘法对多项式进行分解，可以降低题的难度；（3）函数图象平移规律是向右或向左平移时X=|x+d|；向上或向下平移时Y=|y+d|考点：全等三角形的判定与性质；线段垂直平分线的性质；等边三角形的判定与性质；勾股定理；矩形的判定与性质。专题：计算题。分析：（1）由AC=AD得D=ACD，由平行四边形的性质得D=ABC，在ACD中，由内角和定理求解；（2）如图2，在ABC外作等边BAE，连接CE，利用旋转法证明EACBAD，可证EBC=90°，BE=AB=3，在RtBCE中，由勾股定理求CE，由三角形全等得BD=C

30、E；（3）DAC=2ABC成立，过点B作BEAH，并在BE上取BE=2AH，连接EA，EC并取BE的中点K，连接AK，仿照（2）利用旋转法证明EACBAD，利用内角和定理证明结论解答：解：（1）45；（2）如图2，以A为顶点AB为边在ABC外作BAE=60°，并在AE上取AE=AB，连接BE和CEACD是等边三角形，AD=AC，DAC=60°BAE=60°，DAC+BAC=BAE+BAC即EAC=BADEACBADEC=BDBAE=60°，AE=AB=3，AEB是等边三角形，EBA=60°，EB=3，ABC=30°，EBC=90

31、76;EBC=90°，EB=3，BC=4，EC=5BD=5（3）DAC=2ABC成立，以下证明：如图3，过点B作BEAH，并在BE上取BE=2AH，连接EA，EC并取BE的中点K，连接AKAHBC于H，AHC=90°BEAH，EBC=90°EBC=90°，BE=2AH，EC2=EB2+BC2=4AH2+BC2BD2=4AH2+BC2，EC=BDK为BE的中点，BE=2AH，BK=AHBKAH，四边形AKBH为平行四边形又EBC=90°，四边形AKBH为矩形AKB=90°AK是BE的垂直平分线AB=AEAB=AE，EC=BD，AC=AD

32、，EACBADEAC=BADEACEAD=BADEAD即EAB=DACEBC=90°，ABC为锐角，ABC=90°EBAAB=AE，EBA=BEAEAB=180°2EBAEAB=2ABCDAC=2ABC点评：本题考查了全等三角形的判定与性质，线段垂直平分线的性质，等边三角形的判定与性质，矩形的判定与性质，勾股定理的运用关键是根据已知条件构造全等三角形考点：根的判别式；根与系数的关系；反比例函数的图象。专题：证明题；代数综合题。分析：（1）本题需先求出的值，再证出0，即可得出结论（2）本题需先求出x的值，再代入y与x的关系式即可得出结果（3）本题需先分别画出反比例函

33、数和正比例函数的图象，再根据图象即可求出使不等式ym成立的m的取值范围解答：（1）证明：由题意可知，=（32m）24m（m3）=90，即0方程总有两个不相等的实数根（2）解：由求根公式，得或x=1m0，x1x2，即为所求（3）解：在同一平面直角坐标系中分别画出与y=m（m0）的图象由图象可得，由图象可得当0m1时，ym点评：本题主要考查了一元二次方程的根的判别式，在解题时要注意综合应用根的判别式与反比例函数的关系式本题的关键考点：二次函数综合题；根的判别式。专题：综合题。分析：（1）直接运用判别式进行判断；（2）由已知得n=m1，代入方程，将方程左边因式分解求x的值即可；（3）由（2）可知a=

34、m，n=m1，把x=2代入y1、y2中，得y1=y2，列方程求m、n的值，再分别求抛物线解析式及直线AB解析式，设平行于y轴的直线L解析式为x=h，代入直线AB和抛物线解析式，求C、D两点纵坐标，表示线段CD，利用二次函数的性质求最大值解答：（1）证明：方程的判别式=（n2m）24（m2mn）=n20，方程有两个实数根；（2）证明：由已知得n=m1，代入方程，得x2（m+1）x+m2m（m1）=0，整理，得x2（m+1）x+m=0，即（x1）（xm）=0，解得x1=1，x2=m，即方程有一个实数根为1；（3）解：设平行于y轴的直线L解析式为x=h，由（2）可知a=m，n=m1，把x=2代入y1

35、、y2中，得y1=y2，即2（m1）+m2=42m（m+1）+m2m（m1），整理，得m2+m2=0，解得m=2或1，n=3或0，当m=2，n=3时，y1=3x+4，y2=x22x2，联立，解得或，A（3，13），B（2，2），直线AB：y=3x+4，CD=（3h+4）（h22h2）=h2h+6，CD最大值为=；当m=1，n=0时，y1=1，y2=x22x+1，此时抛物线顶点在x轴上，显然CD最大值为1点评：本题考查了二次函数的综合运用，根的判别式关键是由已知条件，将方程、函数式变形求m、n的值，再表示函数式及线段CD考点：二次函数综合题。专题：代数几何综合题。分析：（1）由抛物线解析式得顶点

36、坐标为（1，m2+5m3），代入双曲线y=中，可求m的值，再把A点坐标代入直线y=mx+b中，确定直线AB的解析式；（2）由旋转的性质可知，OD=OB，OE=OC，根据B、D、E三点坐标，作EHBD，垂足为H，可知BEH为等腰直角三角形，分别求EH，DE，再求sinBDE的值；（3）即AMN的顶点A的外角为45°，过M点作直线AN的垂线，得到等腰直角三角形，根据等腰直角三角形的性质求N点坐标解答：解：（1）抛物线对称轴x=1，抛物线顶点坐标为（1，m2+5m3），代入双曲线y=中，得，m2+5m3=3，解得m=2或3，二次项系数3m0，m=2，A（1，3），把A点代入直线y=2x+b

37、中，得b=1，直线AB的解析式为y=2x+1；（2）由直线AB解析式可知OB=1，OC=，由旋转的性质可知，OD=OB=1，OE=OC=，作EHBD，垂足为H，OBD=45°，BEH为等腰直角三角形，又BE=OBOE=，EH=，在RtODE中，DE=，sinBDE=；（3）N点坐标为（5，1）或（3，1）点评：本题考查了二次函数的综合运用关键是根据条件确定抛物线和直线AB的解析式，根据旋转的性质，三角形外角的性质解题考点：直线与圆的位置关系；切线的判定与性质；相似三角形的判定与性质。专题：应用题。分析：（1）根据OB=OC，可得BCO=CBO，再由FC=FB，得FCB=FBC，从而得

38、出FBO=90°，即可证出结论；（2）由MCF+ACO=90°，M+A=90°，可得CF=MF，易证ACBABM，则由勾股定理求得BM，根据三角函数得出MCF的大小解答：证明：连接OF（1）CFOC，FCO=90°OC=OB，BCO=CBOBCO+FCB=CBO+FBC即FBO=FCO=90°OBBFOB是O的半径，BF是O的切线（2分）（2）FBO=FCO=90°，MCF+ACO=90°，M+A=90°OA=OC，ACO=AFCM=M（3分）ACB=ABM=90°，A是公共角，ACBABM，AB=4，M

39、C=6，42=AC（AC+6），AC=2（4分）AM=8，BM=cosMCF=cosM=MCF=30°（5分）点评：本题是一道综合题，考查了直线与圆的位置关系、切线的判定和性质和相似三角形的判定和性质等知识点，难度较大考点：翻折变换（折叠问题）；等边三角形的性质；三角形中位线定理。专题：规律型。分析：（1）根据三角形的中位线的性质即可求得答案；（2）根据翻折变换的性质将ABC翻折5次，再利用梯形的性质求解即可解答：解：（1）等边ABC的边长为1，AB=AC=BC=1，D、E、F分别是AB、BC、AC边上的中点，DE=AC=，EF=AB=，DF=BC=，DEF的周长为p=+=；（2）根

40、据题意与由轴对称的性质可知，D2F2+F2E3+E3D4=p，D2与D4分别是A1B1与A2B2的中点时D2、F2、E3、D4共线，当D2与D4分别是A1B1与A2B2的中点时，p最小值为：（A1B2+A2B1）=，pAB+AC+BC=3，p的取值范围是：p3故答案为：（1），（2）p3点评：此题考查了三角形与梯形中位线的性质，以及翻折变换的性质此题综合性很强，难度较大，注意数形结合思想的应用考点：抛物线与x轴的交点；解一元一次方程；根的判别式；解一元一次不等式；坐标与图形变化-对称。专题：计算题；代数综合题。分析：（1）求出b24ac的值：（m5）20，即可判断方程总有两个实数根；（2）求出

41、方程的两根x1=1，x2=m4，根据已知方程有一个根大于4且小于8，列出不等式，求出解集即可；（3）求出抛物线与Y轴的交点坐标，由（2）可知抛物线与x轴的交点为（1，0）和（m4，0），根据它们关于直线y=x的对称点分别为（0，1）和（0，4m），得出方程1=m4或4m=m4，求出即可得到答案解答：（1）证明：=b24ac=（m3）24（m4）=m210m+25=（m5）20，所以方程总有两个实数根（2）解：由（1）=（m5）2，根据求根公式可知，方程的两根为：即：x1=1，x2=m4，由题意，有4m48，即8m12答：m的取值范围是8m12（3）解：易知，抛物线y=x2（m3）x+m4与y轴

42、交点为M（0，m4），由（2）可知抛物线与x轴的交点为（1，0）和（m4，0），它们关于直线y=x的对称点分别为（0，1）和（0，4m），由题意，可得：1=m4或4m=m4，即m=3或m=4，答：m的值是3或4点评：本题主要考查对抛物线与X轴的交点，解一元一次方程，解一元一次不等式，根的判别式，对称等知识点的理解和掌握，能综合运用这些性质进行计算是解此题的关键考点：相似三角形的判定与性质；旋转的性质；锐角三角函数的定义。专题：计算题。分析：（1）由F为BD中点，DEAB，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半，即可得到CF=EF；（2）过点C作CE的垂线交BD于点G，设BD与AC的交点为Q由

43、tanBAC=，得到证明BCGACE，得到得到GB=DE，得到F是EG中点于是，即可得到BEDE=EG=2CF；（3）分类讨论：当AD=时，取AB的中点M，连接MF和CM，tanBAC=，且BC=6，计算出AC=12，AB=M为AB中点，则CM=，FM=2当且仅当M、F、C三点共线且M在线段CF上时CF最大，此时CF=CM+FM=；当AD=时，取AB的中点M，连接MF和CM，类似于情况1，可知CF的最大值为即可得到线段CF长度的最大值解答：解：（1）F为BD中点，DEAB，CF=BD，EF=BD，CF=EF，k=1；故答案为1（2）如图，过点C作CE的垂线交BD于点G，设BD与AC的交点为Q由

44、题意，tanBAC=，D、E、B三点共线，AEDBBQC=AQD，ACB=90°，QBC=EAQECA+ACG=90°，BCG+ACG=90°，ECA=BCGBCGACEGB=DEF是BD中点，F是EG中点在RtECG中，BEDE=EG=2CF；（3）情况1：如图，当AD=时，取AB的中点M，连接MF和CM，ACB=90°，tanBAC=，且BC=6，AC=12，AB=M为AB中点，CM=，AD=，AD=4M为AB中点，F为BD中点，FM=2如图：当且仅当M、F、C三点共线且M在线段CF上时CF最大，此时CF=CM+FM=情况2：如图，当AD=时，取AB

45、的中点M，连接MF和CM，类似于情况1，可知CF的最大值为综合情况1与情况2，可知当点D在靠近点C的三等分点时，线段CF的长度取得最大值为点评：本题考查了三角形相似的判定与性质也考查了旋转的性质和三角函数的定义以及直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半考点：作图应用与设计作图。专题：新定义；开放型。分析：（1）在BD上任选一点E（不与B、D重合），连接AE、CE即可；（2）根据等底等高，可得结论：S1+S4=S2+S3，S1+S3=S2+S4或S1×S3=S2×S4或等S1×S3=S2×S4或等解答：解：（1）比如：（2）S1+S4=S2+S3，S1+S3

46、=S2+S4或S1×S3=S2×S4或等分别作ABD与BCD的高，h1，h2，则=，=，S1×S3=S2×S4或等点评：此题主要考查学生的阅读理解能力和对等底等高知识的灵活应用考点：抛物线与x轴的交点；一元一次方程的解；根的判别式。专题：计算题；证明题。分析：（1）根据一元一次方程及根的条件，求k的值（2）把交点坐标代入二次函数的解析式求出值（3）根据根的判别式和一元一次方程的根为正实数得出x有两不相等的实数根解答：解：（1）由kx=x+2，得（k1）x=2依题意k10方程的根为正整数，k为整数，k1=1或k1=2k1=2，k2=3（2）依题意，二次函数

47、y=ax2bx+kc的图象经过点（1，0），0=ab+kc，kc=ba，=，（3）证明：方程的判别式为=（b）24ac=b24ac由a0，c0，得ac0（i）若ac0，则4ac0故=b24ac0此时方程有两个不相等的实数根（ii）证法一：若ac0，由（2）知ab+kc=0，故b=a+kc=b24ac=（a+kc）24ac=a2+2kac+（kc）24ac=a22kac+（kc）2+4kac4ac=（akc）2+4ac（k1）方程kx=x+2的根为正实数，方程（k1）x=2的根为正实数由x0，20，得k104ac（k1）0（akc）20，=（akc）2+4ac（k1）0此时方程有两个不相等的实数

48、根证法二：若ac0，抛物线y=ax2bx+kc与x轴有交点，1=（b）24akc=b24akc0（b24ac）（b24akc）=4ac（k1）由证法一知k10，b24acb24akc0=b24ac0此时方程有两个不相等的实数根综上，方程有两个不相等的实数根点评：考查根的判别式与根的关系和二次函数图象性质考点：二次函数综合题。专题：动点型。分析：（1）根据抛物线经过点A（0，4）、B（1，4）、C（3，2），于是可设出一般式，用待定系数法求出解析式，再根据解析式求出D点坐标；（2）设出E点坐标，作出辅助直角三角形，运用等腰三角形的性质和勾股定理建立等式，求出E点坐标；（3）由于P点为动点，故根据

49、x的不同取值会得到不同的重叠图形由于BC的中点横坐标为=2，抛物线与x轴的交点横坐标4，所以分1x2，2x4等情况讨论解答：解：（1）依题意，设所求抛物线的解析式为y=ax2+bx+4，则，（1分）解得，所求抛物线的解析式为（2分）由，解得x1=4，x2=3D（4，0）（3分）（2）如图，过点C作CNx轴于N，过点E、B分别作x轴、y轴的垂线，两线交于点MM=CNE=90度设E（a，0），EB=ECBM2+EM2=CN2+EN2（1a）2+（40）2=（20）2+（3a）2解得a=1E（1，0）（4分）（3）可求得直线BC的解析式为y=x+5从而直线BC与x轴的交点为H（5，0）如图，根据轴对

50、称性可知SEFG=SEFG，当点E在BC上时，点F是BE的中点FGBC，EFPEBH可证EP=PHE（1，0），H（5，0），P（2，0）（5分）（i）如图，分别过点B、C作BKED于K，CJED于J，则SBCE=SBEHSCEH=EH（BKCJ）=6当1x2时，PFBC，EGPECH，EFGEBC，P（x，0），E（1，0），H（5，0），EP=x+1，EH=6S=SEFG=SEFG=x2+x+（1x2）（6分）（ii）如图，当2x4时，在x轴上截取一点Q，使得PQ=HP，过点Q作QMFG，分别交EB、EC于M、N可证S=S四边形MNGF，ENQECH，EMNEBC=，=P（x，0），E（1，0），H（5，0），EH=6，PQ=PH=5x，EP=x+1，EQ=62（5x）=2x4SEMN=（7分）同（i）可得SEFG=，S=SEFGSEMN=x2+3x（2x4）（8分）综上，点评：此题不仅考查了用待定系数法求二次函数解析式，还结合等腰三角形的性质考查了运用勾股定理求线段的长，解（3）时