必修二立体几何较难题汇总(共15页)

1、精选优质文档-倾情为你奉上1.四面体ABCD四个面的重心分别为E、F、G、H，则四面体EFGH的表面积与四面体ABCD的表面积的比值是（）A) B) C) D)如图，连接AF、AG并延长与BC、CD相交于M、N，由于F、G分别是三角形的重心，所以M、N分别是BC、CD的中点，且AF：AM=AG：AN=2：3，所以FG：MN=2：3，又MN：BD=1：2，所以FG：BD=1：3，即两个四面体的相似比是1：3，所以两个四面体的表面积的比是1：9；故选C如图，平面平面平面，两条直线l，m分别与平面，相交于点A，B，C和点D，E，F已知AC15cm，DE5cm，ABBC13，求AB，BC，EF的长设平

2、面,A、C,B、D直线AB与CD交于S，若AS=18,BS=9,CD=34,则CS=?68/3或68与空间四边形ABCD四个顶点距离相等的平面共有多少个?七个你可以把它想象成一个四个顶点各对应一个 有四个，两条相对棱对应一个 共三组相对棱 因此有三个总共有七个如图，在四棱锥P-ABCD中，平面PAD平面ABCD，ABDC，PAD是等边三角形，已知BD=2AD=8， AB=2DC=。（1）设M是PC上的一点，证明：平面MBD平面PAD；（2）求四棱锥P-ABCD的体积解：（1）证明：在中，由于，所以故又平面平面，平面平面，平面，所以平面，又平面，故平面平面。（2）过作交于O，由于平面平面，所以平

3、面因此为四棱锥的高，又是边长为4的等边三角形因此在底面四边形中，所以四边形是梯形，在中，斜边边上的高为，此即为梯形的高，所以四边形的面积为故。（2008福建）(6)如图，在长方体ABCD-A1B1C1D1中，AB=BC=2,AA1=1,则BC1与平面BB1D1D所成角的正弦值为 A.B. C. D. .（15）如图，二面角的大小是60，线段.，与所成的角为30.则与平面所成的角的正弦值是 .19（本小题满分12分）如图，直三棱柱ABCA1B1C1中，AC=BC=AA1，D是棱AA1的中点，DC1BD。（1）证明：DC1BC；（2）求二面角A1BDC1的大小。【解析】（1）在中， 得：， 同理：

4、， 得：。又DC1BD，所以平面。而平面，所以。（2）解法一：（几何法）由面。 取的中点，连接，。 因为，所以，因为面面，所以面，从而，又DC1BD，所以面，因为平面，所以。由，BDDC1，所以为二面角A1BDC1的平面角。 设，则，在直角，所以。 因此二面角的大小为。(2007)2、(北京市西城区2012年4月高三抽样测试)下列四个正方体图形中，为正方体的两个顶点，分别为其所在棱的中点，能得出 平面的图形的序号是（ ） A. 、 B. 、 C. 、 D. 、 答案：B3、(吉林省吉林市2012届上期末)三棱锥PABC的高PO=8，AC=BC=3，ACB=30，M、N分别在BC和PO上，且CM

5、=x，PN=2CM，试问下面的四个图像中哪个图像大致描绘了三棱锥NAMC的体积V与x的变化关系（）（ ）答案：AABCD是平行四边形,点P是平面ABCD外一点,M是PC的中点,在DM上取一点G,过G和AP作平面交平面BDM于GH.求证:APGH.平面过正方形ABCD- A1B1C1D1的三个顶点B,D, A1,与底面A1B1C1D1的交线为L,则L与B1D1的位置关系？如图，正方形ABCD与正方形ABEF所在平面相交于AB，在AE，BD上各有一点P，Q，且AP=DQ。求证：PQ面BCE4下列各图是正方体或正四面体，P，Q，R，S分别是所在棱的中点，则四个点不共面的一个图是()空间三条直线，其中

6、一条和其他两条都相交，那这三条直线中的两条能确定的平面个数是多少1、 若三条直线只有一个交点，则可以确定一个或三个平面；2、 若这三条直线有两个不同的交点，则可以确定一个或三个平面。3、 若这三条直线有三个不同的交点，则可确定以一个平面。答案：一个或三个的判定定理证明的判定定理是：若平面外的一条直线与平面内的一条直线平行，那么这条直线与这个平面平行。的定义是：若直线与平面没有公共点，则称此直线与该平面平行。证明：设直线a直线b，a不在平面内，b在平面内。用反证法证明a。假设直线a与平面不平行，则由于a不在平面内，有a与相交，设a=A。则点A不在直线b上，否则ab=A与ab矛盾。过点A在平面内作

7、直线cb，由ab得ac。而Aa，且Ac，即ac=A，这与ac相矛盾。于是假设错误，故原命题正确。（反证法）例题2从正方体的棱和各个面上的对角线中选出k条，使得其中任意两条线段所在直线都是异面直线，求k的最大值解答 考察如图所示的正方体上的四条线段AC，BC1，D1B1，A1D，它们所在直线两两都是异面直线又若有5条或5条以上两两异面的直线，则它们的端点相异且个数不少于10，与正方体只有8个顶点矛盾故 K的最大值是4练习1 在正方体的8个顶点、12条棱的中点、6个面的中心及正方体的中心共计27个点中，问共线的三点组的个数是多少解答 两端点都为顶点的共线三点组共有个；两端点都为面的中心共线三点组共

8、有个；两端点都为各棱中点的共线三点组共有个，且没有别的类型的共线三点组，所以总共有个例题3在单位正方体ABCD-A1B1C1D1的面对角线A1B上存在一点P使得AP+D1P最短，求AP+D1P的最小值解答 将等腰直角三角形AA1B沿A1B折起至，使三角形与四边形A1BCD1共面，联结，则的长即为AP+ D1P的最小值，所以，练习3已知单位正方体ABCD-A1B1C1D1的对棱BB1、D1上有两个动点E、F，BE=D1F=（）设EF与AB所成的角为，与BC所成的角为，求的最小值解答 当时，不难证明是单调减函数因此的最小值为例十七、（2000年全国联赛一试）一个球与正四面体的六条棱都相切，若正四面

9、体的棱长为，则这个球的体积是 分析：由正四面体的图象的对称性可知，内切球的球心必为正四面体的中心，球与各棱相切，其切点必为各棱中点，考查三组对棱中点的连线交于一点，即为内切球的球心，所以每组对棱间的距离即为内切球的直径，于是有： ROEDCAPB 练习：同样可用体积法求出棱长为的正四面体的外接球和内切球的半径分析可知，正四面体的内切球与外接球球心相同，将球心与正四面体的个顶点相连，可将正四面体划分为四个全等的正三棱锥，于是可知内切球的半径即为正四面体高度的四分之一，外接球半径即为高度的四分之三故只要求出正四面体的高度即可又：，所以，例二十三、（1991年全国联赛一试）设正三棱锥PABC的高为P

10、O，M为PO的中点，过AM作与棱BC平行的平面，将三棱锥截为上、下两个部分，试求此两部分的体积比FEOMDCBAPHG分析：取BC的中点D，连接PD交AM于G，设所作的平行于BC的平面交平面PBC于EF，由直线与平面平行的性质定理得：EFBC，连接AE，AF，则平面AEF为合乎要求的截面作OHPG，交AG于点H，则：OH=PG；故：；于是：8、如果空间三条直线a，b，c两两成异面直线，那么与a，b，c都相交的直线有(A) 0条 (B) 1条 (C)多于1 的有限条 (D) 无穷多条解：在a、b、c上取三条线段AB、CC、AD，作一个平行六面体ABCDABCD，在c上取线段AD上一点P，过a、P

11、作 一个平面，与DD交于Q、与CC交于R，则QRa，于是PR不与a平行，但PR与a共面故PR与a相交由于可以取无穷多个点P故选D3. 设四棱锥的底面不是平行四边形, 用平面去截此四棱锥, 使得截面四边形是平行四边形, 则这样的平面 ( )(A) 不存在 (B)只有1个 (C) 恰有4个 (D)有无数多个例一、（1991年全国联赛一试）由一个正方体的三个顶点所能构成的正三角形的个数为（A）4； （B）8； （C）12； （D）24分析：一个正方体一共有8个顶点，根据正方体的结构特征可知，构成正三角形的边必须是正方体的面对角线考虑正方体的12条面对角线，从中任取一条可与其他面对角线构成两个等边三角

12、形，即每一条边要在构成的等边三角形中出现两次，故所有边共出现次，而每一个三角形由三边构成，故一共可构成的等边三角形个数为个例 1在桌面上放着四个两两相切、 半 径均为r的球， 试确定其顶端离桌面的高度；并求夹在这四个球所组成图形空隙中与四个 球均相切的小球的半径 (2012重庆)9.设四面体的六条棱的长分别为1,1,1,1，和，且长为的棱与长为的棱异面，则的取值范围是（ A ）A. B. C. D. （2010全国）(6)直三棱柱中，若，则异面直线与所成的角等于（ C ）(A)30 (B)45(C)60 (D)906.C【命题意图】本小题主要考查直三棱柱的性质、异面直线所成的角、异面直线所成的

13、角的求法. 【解析】延长CA到D，使得，则为平行四边形，就是异面直线与所成的角，又三角形为等边三角形，过正方体ABCD-A1B1C1D1的顶点A作直线a，使 a与棱AB, AD, A A1所在直线所成的角都相等，这样的直线a可以作（ D ）A)1条 B）2条 C）3条 D）4条(2010重庆)（9）到两互相垂直的异面直线的距离相等的点( D )（A）只有1个 （B）恰有3个（C）恰有4个 （D）有无穷多个11如图，M是正方体的棱的中点，给出下列命题过M点有且只有一条直线与直线、都相交；过M点有且只有一条直线与直线、都垂直；过M点有且只有一个平面与直线、都相交；过M点有且只有一个平面与直线、都平行. 其中真命题是：A B C D 3、 如图：在正方体中，EF分别是棱BC与的中点.求证：EF /平面(方法两种)ABCDA1B1C1D1E