2020年黑龙江龙东地区中考物理全真模拟试卷有答案解析

1、2020年黑龙江省龙东地区中考物理全真模拟试卷一、单选题（本大题共 13小题，共27.0分）1.关于声现象的说法正确的是（）A.物体振动越快，发出的声音响度越大B.声音在真空中的传播速度是340»小C.人耳可以听到超声，不能听到次声D. “闻其声而知其人”，主要是因为不同的人音色不同2.在下列现象中，与所对应的物态变化相吻合的是（）A.冬天，室外盆中的水结冰-凝华B.清晨梵净山的雾-汽化C.篮球场上的积水被晒干-蒸发D.寒冷的冬天，玻璃窗上的冰花 -凝固3 .根据生活经验，以下估测最接近实际的是（）A.人洗澡时感觉舒适的水温约为70B.九年级物理课本长约 6cmC.成年人正常步行的速

2、度约为11力D. 一枚一元硬币的质量约为60g4 .关于光现象的说法正确的是（）A.物体逐渐靠近平面镜，所成的像逐渐变大B.光发生漫反射时，反射角一定等于对应的入射角C.光发生折射时，折射角一定小于入射角D.我们看到“红花绿叶”，是由于花吸收红光，叶子吸收绿光5 .下列说法中，不正确的是 （）A.托里拆利实验精确测量出了大气压强的值B.鞋底凹凸不平的花纹是为了增大有益摩擦C.小轿车安全带是为了减小惯性而设计的D.水坝上窄下宽是因为液体压强随深度增加而增大AG600是一款大型水陆两栖12t；可以满足森林灭火和水6 .如图7所示是我国研制的大型特种用途民用飞机“鲸龙”AG600,飞机，最大航速是

3、mkrn/h ；最大起飞质量时53.左，一次可吸水 上救援的需要。下面说法错误的是A.飞机飞行时，机翼上表面受到酌气压小于机翼下表面的气压B.飞机静止在水面上，吸水后飞机底部受到水的压强将变大C.飞机在空中水平匀速飞行时，受到的升力最大为x 心D.飞机静止在水面上，吸满水后浸入水中的体积将增大7 .如图所示的杠杆中，要提起重物最省力必须（）A.沿国方向施力B.沿瓦方向施力 C.沿入方向施力D.都一样8 .福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。这主要是因为海水与砂石相比具 有较大的D.质量A.密度B.内能C.比热容9 .在内燃机的四个冲程中，如图所示的是（）A.吸气冲程B.压缩冲

4、程C.做功冲程N极指向正确的是（：1D.排气冲程10 .在下列通电螺线管中，小磁针静止时D.11 .某小组同学利用由硫化镉半导体材料制成的光敏电阻、电压恒定的电源、电流表、电键和导线组成电路，并用强度相同的不同光，做了如图 、附）、0）所示的三次实验。下列说法不正确 的是'桐（1）（2）（亡）4A. “探究由光敏电阻的阻值特性与照射的光线种类的关系”B.比较S）和（卜）两图可以发现：该光敏电阻的电阻值特性与红外光线无关C.比较仙j和（两图可以发现：在电压一定时，用强度相同的可见光线或紫外光线照射到由硫 化镉半导体材料制成的光敏电阻上，通过光敏电阻的电流是不相等的，用紫外光线照射时通过

5、的电流较大，因此该光敏电阻的电阻特性与紫外光线有关，用紫外光线照射时其电阻值较大D.根据上述研究情况，可以提出一个进一步研究的问题是“是否所有的光敏电阻的电阻特性与 紫外光线有关？ ”。12.某同学利用如图甲所示的电路进行实验，电源电压恒为3伏，更换5个定值电阻，得到如图乙所示的图象。以下有关叙述正确的是13.A.该同学研究的是电流和电压的关系B.实验中电压表的示数保持伏不变C.滑动变阻器阻值变化范围为1欧欧D.将 几从5欧换成10欧后，应将滑片P向左移在如图所示的电路中，闭合开关S,电压表V的示数恒为6V,电流表的示数为U.54 ,电压表环的示数为4K当把滑动变阻器的滑 片移至最右端时，电流

6、表的示数为034.则下列物理量的结果计算 错误的是A.0的阻值为羽七14.B.滑动变阻器的最大电阻值为16nC.电路消耗的最小总功率为D.当滑动变阻器的滑片移至最左端时,多选题（本大题共 2小题，共6.0分）为在5min内消耗的电能为2.7 x IflV地热是一种新能源，怎样利用地热，还是正在探索的一个重大课题。如图所示的是一种地热发 电装置。下列说法正确的是 A.地热发电过程中的能量转化是电能转化为机械能，机械能转化为内能B.与火力发电相比，地热发电有成本高，污染大的优点C.地热发电过程中的能量转化是内能转化为机械能，机械能转化为电能 D.与火力发电相比，地热发电有成本低，污染小的优点。15

7、 .在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛、凸透镜、光屏位于如图所示的位置时在光屏上呈现一个清晰的烛焰的像。下列说法正确的是A.此时成倒立、放大的实像，与投影仪原理相同17.图中纽扣的直径是cm。B.此凸透镜的焦距范围 MLw” << 20rmC.透镜右移，眼睛在光屏和透镜间，通过透镜看到正立的像D.若在透镜和蜡烛之间放近视镜片，应将光屏适当右移，可再次出现清晰的像 三、填空题（本大题共 11小题，共22.0分）16 .如图所示，将竖直悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉，会看到乒乓球该实验说明了声音是由物体的振动产生的。请你再设计一个显示声源振动 的实验：。18 . 6月4日的南海日报：

8、:报道：“今年“荔枝王”重 2两2”，即单颗荔枝的质量达到 5助11例/尤若这颗荔枝的体积是又1口产，它的密度是 柚".19 .经典力学和实验物理学的先驱 ,率先用望远镜观察天空，由此得到的关于天体运行的结 果支持了哥白尼的日心说；他还通过理想实验说明了：运动物体如果不受其他物体的作用，它就会。20 .如图所示，在水平拉力 尸I 一 1。州作用下，木板甲在水平地面上匀 速向右运动，同时物块乙相对于地面静止，已知此时墙壁对物块 乙的拉力 B 4N.则木板甲与地面间的摩擦力是 No21 .如图所示，一物体在水平向右的拉力Q作用下以3。"序的速度在水平地面I F上匀速运动了 10

9、m,拉力石所做的功为,功率为乃.若该物体在水平:向右的拉力 月作用下以2m八一的速度在同一水平地面上匀速运动了10m,拉力 网所做的功为II，功率为小,则,3 凸（选填> "、"C ”或“二22 .海南有丰富的太阳能资源，太阳能热水器使用广泛。太阳能是 :选填“可再生”或“不可再生” 3能源。太阳能热水器在加热水时，把太阳能转化为 。23 .如图所示的希罗喷泉，用3根管子连接3个容器，容器a是敞口的，容器b和c是密闭的。容器中有一些水，管B有水喷出。管A中水流的方向是向 , 容器b中气体压强的大小比外界大气压 ,要增大喷泉的高度，应增加容 器 的高度。24 .小丽同学

10、用水平力 F拉动如图所示装置，使重100N的A物体4s内在水平地面上匀速运动了 80cm,物体B重50N（物体B与A始终接触），此过程中地面受到的摩擦力为10N,弹簧测力计的示数为&V,若不计轮重、弹簧测力计重、绳重和绳与滑轮间摩擦， 则滑轮移动的速度为W。25.26.如图所示，在探究并联电路的电流、电压关系时，小明把阻值不等的两个灯泡接入电路中，用电流表测出通过 A、B、C三点的电流分别为 1、 廿、无，一用电压表测出两个灯泡和电源两端电压分别为 匚以、:、口则 口、加、了小三者之间的关系是 ; U*、Uc > U三者之间的关系如图所示，电源电压保持不变，灯泡 L标有“&quo

11、t;字样（不考虑温度对灯丝电阻的影响），当S、晶都闭合且滑动变阻器的滑片P在A端时，电流表A的示数为1A,此时灯泡正常发光，则滑动变阻器的最大阻值为篦当S闭合、Si断开且滑动变阻器的滑片 P在B端时，电压 表的示数为 V,灯泡L的实际功率为 W。四、计算题（本大题共 4小题，共27.0分）27.在“探究水的沸腾”实验中，某实验小组观察到图1中图甲和图乙所示两种情况。（L你认为图 是水沸腾时的情景（选填甲或乙（2）实验过程中发现，从开始给水加热到水开始沸腾的时间过长，为了缩短加热时间，请你提出两条有效的操作建议：；探究结束后，四位同学分别绘制了水的温度和时间关系的曲线如图2,其中能正确反映“探究

12、水的沸腾”实验过程中温度随时间变化关系的是： 。物体A受到B施加的摩擦力水平向右，水平拉力F的功率为28 .盛夏的晚上，房间很热，小强打开电风扇，感到风吹到身上凉快。根据以上情景结合所学物理 知识分析并简要回答下列问题：(L风吹到身上感到凉快的原因；(2)电风扇内的电动机工作的原理。29 .随着电动自行车的大量普及，涉及电动自行车的交通事故也逐年上升，为此国家制定了电动自行车安全技术规范 乂以下简称 规范j ,宜昌市公安局宣布，从 2019年5月1日起，凡违 反规范，规定的车辆不允许生产和销售。规范对电动自行车的最大质量、最高速度、电池电压及电机功率作出了限制。小明家电动自行车的电机额定输出功

13、率为380W,质量为50kg。(1)规范中对整车质量及最高车速作出限制，是因为这两个因素直接影响电动自行车的(2)小明自身质量也为 50kg,当他骑着家里的电动自行车在水平路面上行驶时，轮胎接地总面积为乐时,，则车轮对地面的压强是多大？g IO"，g)(3)小明日常骑行要经过一段上坡路面，在一次骑行经过该路段时，小明发现当电机满负荷运转时额定输出功率为？切田)，速度表显示的数据是 9加切入,从坡底到达坡顶用时刚好1分钟,则该上坡路面的长度是多少？此时电机产生的向前的牵引力是多少？30 .如图甲所示的电路中，电源电压不变，L是标有“ 6V3W的电灯，当用和S3闭合、断开时,灯L正常发光

14、，电流表的示数如图乙所示。求：甲乙电源电压。（2）定值电阻R的值（3帖1和S3断开、颉闭合时，灯L的实际功率。（不考虑温度对电阻的影响）五、综合题（本大题共 1小题，共2.0分）31 .用天然气烧水，水烧开后，壶盖不断向上跳动，此过程中能量转化与四冲程汽油机的冲程的能量转化相同；若天然气完全燃烧放出的热量有50%被水吸收，在标准大气压下把5kg的水从如TC加热至沸腾，需完全燃烧 ”尸天然气。心=4.2 X 1。叮/（木津。，5飞=4 X 六、简答题（本大题共 1小题，共4.0分）32 .物理课堂上，王老师给同学们表演了一个魔术：空碗倒水.魔术揭秘时，同学们发现道具是一 个夹层中装有水的双层金属

15、碗，碗沿内外侧各有一个小孔，如图所示.王老师是怎样利用小孔 A控制水是否流出的？请你用相关的物理知识进行解释.出水口卜孔A七、实验探究题(本大题共 2小题，共12.0分)33 .如图所示，是探究“二力平衡条件”的实验装置图。(1 j实验时使用小车而不使用木块，是因为小车与桌面间的 更小，从而减小对实验结果的影响。(2)在实验开始时，由于粗心只在左盘中放入祛码，小车立即向左运动，在运动过程中，左盘中祛码的重力势能将 ,动能将 。(选填“变大”、“变小”或“不变”)(3)当两个盘中分别放上两个相同的祛码后，小车静止在桌面上， 这说明二力平衡时， 两个力的大小。34 .小雨同学进行“测量小灯泡的电功

16、率”实验，现有器材：额定电压为6V的同规格小灯泡(电阻约为”0)若干个，电压为12V的电源1个，电流表、电压表、开关各1个，规格分别为“ 2COL4 ” 和“ 50R仇54”的滑动变阻器各1个，导线若干。(1!实验中应选择规格为 的滑动变阻器。(2)图1中已经连接了部分电路，请用笔画线代替导线，将电路连接完整。(务小雨正确连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表示数为 0,经检查电表完好，则故障可能是 。(小故障排除后，再次闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图 2所示，则电流表的示数为 A,小灯泡的额定功

17、率是 W,此时小 灯泡的电阻为答案与解析1答案：D解析：【分析】本题考查声音的三个特征，声音的传播速度及人耳听到的范围等知识，综合性强，但是难度不大，属于基础知识的考查。(1；响度是指声音的强弱，它与振幅有关；(2j声音的传播需要介质，不能在真空中传播，声音在1GT的空气中传播速度是311用“启(3,，人的听觉频率范围在 20口w-20000牙之，低于20Hz的声音为次声，高于20000Hz的声波为超声，都是人耳听不到4,音色是指声音的品质与特色，不同物体发出的声音音色是不同的。【解答】A.音调的高低与频率有关，频率越快，音调越高，故 A错误；B.声音不能在真空中传播，故声音在真空中的传播速度

18、是白。故B错误；C.超声波和次声波，不在人耳的听觉范围之内，都是人耳听不到的，故 C错误；D.不同人说话的特点不同，“闻其声知其人”，说明可以根据音色来判断说话者，故D正确。故选D。2答案：C解析：解：A、冬天室外盆中的水结冰是由原来的液态变成了固态的过程，是凝固现象，故A错误。B、清晨梵净山的雾是由原来的气态的水蒸气遇冷变为液态的过程，是液化现象，故B错误。C、篮球场上的积水被晒干是由原来的液态变为气态的过程，是汽化 (蒸发)现象，故C正确；D、寒冷的冬天，玻璃窗上的冰花是空气中的水蒸气遇冷变成固态的冰，是升华现象，故D错误。故选：Co首先判断每一个现象原来和现在的状态，然后根据熔化、凝固、

19、汽化、液化、升华、凝华定义进行判断：物质从固态变为液体的过程是熔化；物质从液体变为固态的过程是凝固；物质从液体变为气态的过程是汽化；物质从气态变为液态的过程是液化；物质从固态直接变为气态的过程是升华；物质从气态直接变为固态的过程是凝华分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态。3答案：C解析：解：A、人体正常体温在3VC左右，洗澡水的温度应该略高于体温，在左右，不可能达到O'C.此选项不符合实际；B、中学生伸开手掌， 大拇指指尖到中指指尖的距离大约18cm,物理课本的长度比18cm大一些，在26cm左右.此选项不符合实际；C、成年人正常步行的速度在施

20、= 1 X /E*忆l,lm/s左右.此选项符合实际；J»UD、一块橡皮的质量在 6g左右，一枚一元硬币的质量与此差不多，在 6g左右.此选项不符合实际.故选C.首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，如自己的身 高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较，只要相差不 大，即该数据就是合理的.4答案：B解析：【分析】n物体在平面镜中成像，像的大小跟物体大小有关，跟物体到平面镜

21、的距离、平面镜的大小都没有 关系；(21镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律。(3;根据光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角， 折射光线远离法线来分析此选项。光从空气垂直水面射入水中时，入射角和折射角都为0° ,即传播方向不变。(可不透明物体的颜色由它反射的色光所决定，而透明物体的颜色由透过它的色光的颜色所决定。本题主要考查了光的反射、折射规律，特别要清楚光的折射现象，入射光线与折射光线及入射角与折射角的关系。特别注意当光线垂直射向介质表面时，传播方向不改变这一知识点的理解和掌握。【解答】A、由于物体在平面镜中成像，像的大小跟物体大小相等，所以小明向平面镜靠近时，人的大小不变，则小

22、明在平面镜中的像大小也不变，故A错误；B、镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，所以光发生漫反射时，反射角等于入射角，故B正确;C、光从空气垂直水面射入水中时，光的传播方向将不变，入射角和折射角都为01故C错误；D、红花绿叶是由于红花只能反射红光，而绿叶只能反射绿光，故 D错误；故选：Bo5答案：C解析：解：A、托里拆利实验最先精确测量出了大气压强的值，故 A正确B、鞋底凹凸不平的花纹，是通过增大接触面的粗糙程度增大摩擦，故 B正确；C、小轿车安全带是为了防止惯性造成伤害，但不能减小惯性，故 C错误；D、液体的压强随深度的增加而增加，越往下，深度越深，压强越大，水对水坝的压力越大，因此水坝越往下

23、越宽，故 D正确。故选：Con)托里拆利实验最早测出了大气压的值；(2)滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度有关，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；f百物体保持运动状态不变的性质叫惯性，只与物体的质量有关， 而与物体是否受力、 物体的运动状态无关；(4；液体的压强随深度的增加而增加。此题涉及到大气压的测量、增大或减小摩擦的方法、惯性、液体压强的特点，是一道综合性较强的 题目，但难度不大。6答案：C解析：解：A、机翼的形状是上凸下平，相同时间内空气通过机翼上方的路程大于下方的路程，则机翼上方的空气流速大于下方的空气流速，机翼上方的压强小于

24、下方的压强，从而产生向上的升力作用，故A正确；B、飞机静止在水面上，吸水后，飞机底部所处的深度变大，由” =pyJ，可知水对飞机底部的压强将变大，故B正确；C、由于飞机的最大起飞质量是515f ,则飞机的最大重力G提工=m最丈。=53 5 x 1叫 乂 lONjkg = 5.35 乂 10*飞机在空中水平匀速飞行时，受力平衡，则受到的最大升力：F卜最大=白的大一435 x WN ,故C错误；D、飞机静止在水面上时处于漂浮状态，浮力等于重力，所以，吸满水后静止在水面上时增加的浮力£学=。水；根据阿基米德原理可得：”.人"I。h "W ,则浸入水中体积的增大量：% =

25、 -S;故D正确。1 x故选：Co(1;机翼的形状是上凸下平， 相同时间内空气通过机翼上方时的路程大于下方的路程，通过上方的速度大于下方的速度，上方的压强小于下方的压强，机翼受到向上的压力差的作用。(2)利用p =闻h分析水对飞机底部的压强的变化；15飞机在空中水平匀速飞行时受力平衡，根据飞机的重力即可判断；(也根据漂浮时浮力等于重力算出吸满水后静止在水面上时增加的浮力，根据阿基米德原理的变形公式算出排开水的体积增加量。本题为力学综合题，考查重力公式、液体压强公式和物体漂浮条件的应用，要求认真审题，灵活应用相关公式。7答案：B 解析：解：因为重物的重力和阻力臂一定，所以该杠杆的动力臂与动力的乘

26、积是一个定值，则力臂越长，作用力就越小，所以在B点施加垂直于杠杆的力时，力臂为 OB,此时力臂最长，即 Fa方向的力最小。故选：Bo根据杠杆的平衡条件可知在动力臂和动力的乘积是一个定值时，力臂越长，作用力就越小，据此分 析。会根据杠杆平衡的条件分析作用在杠杆上最小的力。8答案：C 解析：解：沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和 沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使 得沿海地区昼夜的温差小。故选：Co沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量， 水的温度升高或降低的

27、少，据此分析。关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等。9答案：C解析：解：由图可以看出：内燃机的两个气阀关闭，活塞向下运动，所以是做功冲程.故选C.内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程 中内能转化为机械能.判断出是哪个冲程，再判断能量是怎样转化的.解答此类题注意总结规律，在内燃机的四个冲程中，进气阀和排气阀均关闭的只有压缩冲程和做功 冲程，而在压缩冲程中活塞向上运动，做功冲程中活塞向下运动；一个气阀打开，另一个气阀关闭 的是吸气冲程和排气冲程，而在吸气冲程中活塞向下运动，

28、排气冲程中活塞向上运动.10 .答案：A 解析：解:N极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，小N极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，小N极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，小N极，由同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引知，小A、由安培定则判断出通电螺线管的右端为 磁针左端为S极，故A正确；B、由安培定则判断出通电螺线管的左端为 磁针右端为S极，故B错误；C、由安培定则判断出通电螺线管的右端为 磁针右端为S极，故C错误；D、由安培定则判断出通电螺线管的左端为 磁针左端为S极，故D错误； 故选A.用安培定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指

29、向. 本题考查了磁极间的相互作用规律和安培定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇 指指的方向是通电螺线管的 N极.11 .答案：C 解析：解：A、有S）（葡依）三个图可以看到不同光线照射同一电阻时，通过控制电压相同，来观察电流是否相同，进一步了解电阻阻值是否变化。所以研究的问题是“探究由光敏电阻的阻值特性与照射的光线种类 的关系”，故A正确；B、比较S）和两图可以发现：在电压一定时，用强度相同的可见光线或紫外光线照射到由硫化 镉半导体材料制成的光敏电阻上，通过光敏电阻的电流是相等的，该光敏电阻的电阻值特性与红外 光线无关。这里一定要控制电源电压不变，强度相同的可见光线或紫外光线，故

30、B正确；C、在电压一定时，用强度相同的可见光线或紫外光线照射到由硫化镉半导体材料制成的光敏电阻上， 通过光敏电阻的电流是不相等的，用紫外光线照射时通过的电流较大，因此该光敏电阻的电阻特性 与紫外光线有关，用紫外光线照射时其电阻值较小，故 C错误；D、电阻的特性可能与光的种类有关，所以可以提出一个进一步研究的问题是“是否所有的光敏电 阻的电阻特性与紫外光线有关？”故D正确。故选：Co根据图象中光的种类，利用控制变量法分析；（2乂3）电阻的大小是否发生变化，可以通过电流表的示数来反应，这里采用的是转换法；根据和色|、和©的相同点和不同点，利用控制变量法分析；（心根据前面的结论提出可以探究

31、的问题。本题是探究光敏电阻与光照强度之间的关系实验，考查了对实验现象的分析及结论的得出。12 .答案：C 解析：解：A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变，由图乙知，电阻是变化的，故A错误；B、由题意和图象可知，该同学研究的是电流和电阻的关系，实验中要控制"，两端的电压不变（即电压表示数不变）； 由图乙知，电流与电阻之积（即 凡两端的电压）：一/心_ OjJ 乂_ -乂 25S = 2.5厂， 即电压表保持伏不变，故B错误；C、由图乙知，电流最大为 U.5百时，对应的电阻为5。，根据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连 入电路中的电阻：由图乙知，电流最小为时，对应的电阻为25。，根

32、据欧姆定律和串联电路的规律，变阻器连入 电路中的电阻：U3/1欧-5欧，故C正确;K 碘=R 出一= h2 = - 25Q = 5Q所以，滑动变阻器阻值变化范围为D、根据串联分压原理可知， 将定值电阻由5n改接成1UR的电阻，电阻增大，其分得的电压增大（大 于 2.W）;探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变 阻器分得的电压使电压表的示数减小为2.5/,由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，故D错误。故选：C。A、研究电流和电压的关系时，要控制电阻不变；B、由图乙求出电流与电阻之积分析；C、由图乙知，电流为 U.54

33、时，对应的电阻为3C；电流为时，对应的电阻为23c ,根据欧姆 定律和串联电路的规律求出变阻器连入电路中的电阻变化范围；D、根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时， 根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。 本题考查串联电路的规律和欧姆定律及控制变量法的运用，综合性较强。13 .答案：D 解析：解：（1；，两电阻串联，电压表 V测电源电压，l.W测变阻器的电压，电流表测电路的电流：闭合开关S,电压表V的示数恒为6V,电源电压U = 6V ,电流表的示数为O.5U ,这时电压表 V 的 示数为4V,由串联电路

34、电压的规律可得 用的两端电压： - U - 5 - fiV - 4V - 2V根据欧姆定律，=不可得:修=? = - = 4口，故 A正确；JTj （U（2）当把滑动变阻器的滑片移至最右端时，滑动变阻器的最大电阻值为 小 ,电路的电流I1,电源电压L=6-，利用欧姆定律和电阻的串联规律：Rq =-忖1=*4c = 1E2 ,故B正确； h 0.34(3)电路电源电压一定，当把滑动变阻器的滑片移至最右端时，电路的电阻最大，电路的电流最小, 因电流表的示数为0.3.4 ,电路消耗的最小总功率：尸=匚=61，x CL3T = 1君故C正确；(4)当滑动变阻器的滑片移至最左端时，电路只有一个电阻 力在

35、工作，R 一在5min内消耗的电能为:W =二二)x ij x - 2.7 x IO1,/ ,故 D 错误。Ri 412故选：Do 口;，两电阻串联，电压表 V测电源电压，IZ测变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，由已知条件，根据串联电路电压的规律得出五I的两端电压，由欧姆定律得出 m大小；(2)当把滑动变阻器的滑片移至最右端时，根据已知条件，利用欧姆定律和电阻的串联规律得出R.大小；P = UI求出电路消耗的最小总功求出R 在5min内消耗的(电路电源电压一定，当总电阻最大时，电路的电流最小，根据 率；(4)当滑动变阻器的滑片移至最左端时，分析电路的结构，根据电能。本题考查串联电路的规律及

36、欧姆定律和电功率、电功公式的运用，关键是电路的分析。14.答案：CD解析：解：AC、地热发电过程中的能量转化是内能转化为机械能，机械能转化为电能；故C正确，A错误；BD、与火力发电相比，地热发电有成本低，污染小的优点；故D正确，B错误。故选：CD。地热发电过程中，地热蒸气推动汽轮机转动，将内能转化为汽轮机的机械能，汽轮机带动发电机转动，又把机械能转化成电能。(2 1从环境保护和经济方面分析地热发电的优点。本题考查了地热新能源的开发和利用，能从示意图中获得有用信息是解题的关键。15 .答案：AD 解析：解：A、由图可知，物距小于像距，蜡烛在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距之间光屏上得到一个倒立、放大的

37、实像，像距大于二倍焦距，与投影仪原理相同，故 A正确；B、由图可知物距 m =如cm,位于1倍焦距和2倍焦距之间，则像距 廿=-icrn大于2倍焦距,2f > 20cjh > f M.hi,解得：伽恒< / < 1M血,故B错误;C、透镜左移，物距小于焦距，能成正立、放大的虚像，眼睛在光屏和透镜间，通过透镜能看到正立的像，若透镜向右移动，当蜡烛位于二倍焦距以外时，可以成倒立缩小的实像，成在光屏上，故C错误;D、若在透镜和蜡烛之间放一近视镜片，近视镜片是凹透镜，对光线有发散作用，折射光线延迟会聚，光屏要适当右移可再次出现清晰的像，故 D正确。故选：AD。凸透镜成像的规律及

38、其应用：当h> 2/时，成倒立、缩小的实像，应用于照相机；当/ < ri < 2/时，成倒立、放大的实像，v > 2/ ;与投影仪原理相同；(2)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使会聚的光线推迟会聚。本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。16 .答案：被弹开 使劲敲桌子，在桌子上放一些小纸屑可显示桌面的振动解析：解：口)用悬挂着的乒乓球接触正在发声的音叉，可观察到乒乓球弹跳起来；它说明发声体在振动；(2)音叉的振动不能直接观察，乒乓球起的作用是将音叉的振动放大，更容易直观观察，这用到了转换法；再如：使劲敲桌子，由于桌子是较大的物体

39、，发声振动不易观察，可在桌子上放一些小纸屑，将桌 子的振动可转换成桌面上小纸屑的振动。故答案为：被弹开；使劲敲桌子，在桌子上放一些小纸屑可显示桌面的振动。(1.'声音是物体振动产生的； 物理实验中常遇到一些微小物理量的测量。为提高测量精度，常需要采用合适的放大方法，选用相应的测量装置；(2)利用转换法解答，把发声体的振动转换成一些较明显的小物体的振动。本题考查了声音的产生以及用转换法来设计显示声源振动，其中设计显示声源振动的实验有一定的 难度。17 .答案：' 解析：解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是OAem = 1mm ,即此刻度尺的分度值为

40、1mm;纽扣左侧与2.00切对齐，右侧与3.15匚m对齐，所以纽扣的直径为 d = L 15m 。故答案为：.。刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度。使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。18 .答案：解析：解：(1)11。一 11 0二 10TM = 0.1;* = £= I

41、 = 1 J X 10"力"产； I x 1U hrr1故答案为：；(1)质量单位间的换算关系是:“二=叫 -;ni密度公式为：伊=1。明确质量单位间换算关系，熟练运用密度公式，可解答。19 .答案：伽利略 保持匀速直线运动 解析：解：经典力学和实验物理学的先驱伽利略率先用望远镜观察天空，由此得到的关于天体运行 的结果支持了哥白尼的日心说。伽利略还通过理想实验说明了：运动物体如果不受其他物体的作用，它就会保持匀速直线运动。故答案为：伽利略；保持匀速直线运动。根据伽利略对物理学贡献的了解回答。同时要了解他通过理想实验所得出的力与运动的关系。本题考查了物理常识，关键是学生对主要

42、科学家和物理学家的生平以及贡献的了解与掌握，是一道 基础题目。20 .答案：6解析：解：此时墙壁对物块乙的拉力 B 方向向左；乙水平方向上受拉力和摩擦力，由二力平衡可得，摩擦力与拉力应大小相等，方向相反，故摩擦力大小为4N；摩擦力水平向右；以甲为研究对象，它受到向右的拉力为10N,同时受到地面对它的摩擦力和物体乙对它的摩擦力，二者之和为10N,所以地面对物体甲的摩擦力为 j =- I V = 6N。故答案为：6。物体乙处于平衡状态，据此判断其所受摩擦力的大小。根据摩擦力的概念可判断其所受摩擦力的方 向。对甲进行受力分析，再进一步确定地面对甲的摩擦力大小。本题考查摩擦力的大小计算与方向的判断，要

43、学会对物体进行受力分析，知道各个力之间的关系是 正确解答的关键。21 .答案: 解析：解：由题可知，同一物体先后以不同的速度在同一水平地面上匀速运动，则物体对水平地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，因此两次物体受到的滑动摩擦力不变；又因为物体在水平地面上匀速运动，根据二力平衡条件可知，水平拉力F和滑动摩擦力f是一对平衡力，大小相等，即M = E =物体运动的距离都为 10m,且F|一招，由I二R可知，拉力做的功： 叫一【修。因为叫心，且F| 凡，由户=? = ?=尸可知，拉力做功的功率：网 P故答案为：=；)。根据影响滑动摩擦力大小的因素和二力平衡条件即可比较水平拉力的大小，根据W = Fs

44、比较拉力做功大小的关系；根据 P =尸判断功率的大小关系。此题主要考查学生对功的计算公式和功率的计算公式等知识点的灵活运用，知道滑动摩擦力的大小 只与压力和接触面的粗糙程度有关，而与物体的运动速度无关，然后利用二力平衡条件得出拉力关 系是正确解题的关键。22 .答案：可再生 内能 解析：解：太阳能、风能、水能等可从自然界不断获得且可重复利用，属可再生能源；煤、石油、天然气、核能等在地球是的储量是有限的，消耗后不可能再生，属不可再生能源；利用太阳能的方式有多种，太阳能热水器把太阳能转化为水的内能。故答案为：可再生；内。1，由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源

45、称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源。(2)目前对太阳能的利用主要有两种方式：利用各种集热器将太阳能转化为内能，利用太阳能电池板将太阳能转化为电能。自然界中的绝大多数能源都可以用可再生和不可再生来划分，对于可再生能源我们应大力开发，对 于不可再生能源我们应合理利用。23 .答案：下大b 解析：解：管B有水喷出是因为 A管中水从上方的容器向下流入 c容器，c容器的水逐渐增加，c容 器上方空间的气压增大，c与b又是连通的，故b容器上方气压变大， 大于外界大气压和 B管水产生 的压强，使得管B有水喷出；b容器内的气压是一定的， 支撑的水柱的高度也是一定的，应增加容器b的高度，

46、可以增加喷泉的高度。故答案为：下；大；bo气体质量一定时，体积越小，气压越大。本题考查了气体压强的理解和应用以及学生分析图的能力，体现了物理来源于生活，又服务于生活 的特点，是一道好题。24 .答案： 解析：解：苒料.n物体移动的速度：,沏=常=三一=让士也/吕,图中滑轮为动滑轮，但拉力作用在动滑轮的轴上，费力但省一半的距离，则滑轮移动的速度：娱=的=；乂 0"弓=1匕1”小；化:在拉动A物体过程中，B物体相对于地面是静止的，则B物体受到的摩擦力与测力计的拉力是一对平衡力，二力的大小相等，方向相反，所以物体B受到A施加的摩擦力为 8N,方向水平向左，因为力的作用是相互的，相互作用力大

47、小相等，方向相反，所以物体A受到B施加的摩擦力工1 =即， 方向水平向右。A物体向左做匀速运动，由力的平衡条件可得，物体A受到向左的拉力：F、= /3 + /-I = 10Ar-+ 8Ar = IS、，该滑轮为动滑轮，但拉力作用在动滑轮的轴上，费一倍的力，则水平拉力F为的2倍，故水平拉力F的大小为：F=2F = 2 乂 U.V = 36T ,r f尸则拉力做功的功率：尸=工=t =尸'轮=:帝、乂 OJtm/k = 3冏；故答案为：0；3.6。根据速度公式计算出 A物体的移动速度；滑轮为动滑轮，图中滑轮为动滑轮， 但拉力作用在动滑 轮的轴上，费力但省一半的距离，所以滑轮移动的速度等于物

48、体移动速度的二分之一；(2物体A受到向左的拉力等于地面对 A的摩擦力力世加上物体A受到B施加的摩擦力；而滑轮为 动滑轮，滑水平拉力 F为的2倍，据此计算水平拉力 F的大小；然后利用 产= : = ? = ;计 算功率。本题考查了使用滑轮时速度、功、功率的计算，知识点多、题图复杂，要求灵活运用所学知识。25 .答案：, 解析：解：由题知，两灯并联在电路中，因为并联电路中，各个支路电流之和等于干路电流，所以;因为并联电路中，各个支路两端电压等于电源电压，所以 一仃"一o故答案为： 34+3；箝 T% 心。根据并联电路的电压和电流特点分析解答。本题考查并联电路中电压和电流关系的认识和理解，

49、属于一道基础题。26 .答案：20 5.二 解析：解：(1)当S、S1都闭合且滑动变阻器的滑片 P在A端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电 流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且此时灯泡正常发光，所以，电源的电压，由P = 可得，通过灯泡的电流：因并联电路中干路电流等于各支路电流之和, 所以，通过R的电流：Ifi 11 1A - 0.5A 0.5x4 ,由/ =0可得，滑动变阻器的最大阻值:(2)灯泡的电阻:P在B端时，灯泡L与滑动变阻器 R的最大阻值串联，电压当S闭合、5断开且滑动变阻器的滑片表测R两端的电压，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和， 所以，电路中的电流:10/21)

50、12 + 2()i>此时电压表的示数：八 一 /? 0.25.1 乂 20。一 5V, 灯泡L的实际功率：PjJ =("产上二 I泣25八产 x 209 - 1.25%。故答案为：20； 5； 1.25o口；，当S、国都闭合且滑动变阻器的滑片 P在A端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路 电流，根据并联电路的电压特点结合额定电压下灯泡正常发光可知电源的电压，根据F = UT求出通过灯泡L的电流，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；(2)根据欧姆定律求出灯泡的电阻，当S闭合、瓦断开且滑动变阻器的滑片 P在B端时，灯泡L与滑动变阻器R

51、的最大阻值串联，电压表测 R两端的电压，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的 电流，再根据欧姆定律求出R两端的电压，根据="求出灯泡L的实际功率。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的 电路元件是关键。27 .答案：甲减少水的质量 提高水的初温 B 解析：解：(1)水在沸腾前，水温较低，底部少部分水汽化为水蒸气冒出时，又同时有一部分水蒸气会马上液化成水，所以气泡少，且会在上升过程中变小，因此图乙是沸腾前的情形；而沸腾时会有 大量的水剧烈汽化成水蒸气，以气泡的形式上升至水面，在上升过程中，由于液态压强减小，所以 气泡增大，因此甲是沸腾时的

52、情形；(2)液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水初温的高低、火力的大小、是用酒精灯的外焰还是内焰加热等等，发现从开始加热到沸腾的这段时间过长。故为了缩短实验的时间，可以采取的措施是：减小水的质量或提高水的初温等；(3；，水在沸腾前吸热温度升高，沸腾时吸热温度保持不变，所以图B是水的沸腾图象。故答案为：(1)甲；(2)减少水的质量； 提高水的初温；(3)0。(1)掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失；沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；(2)液体从加热到沸腾需要的时间的长短与很多因素有关：水量的多少、水温

53、的高低、火力的大小、是用酒精灯的外焰还是内焰加热等等；(3)根据水沸腾前和沸腾时温度的变化情况进行判断：沸腾前吸热温度升高； 沸腾时吸热温度保持不变。此题是探究水的沸腾实验，考查了沸腾前沸腾时的现象区别，关键是通过气泡的变化进行判断；考查了影响水沸腾时间的因素及沸腾图象的画法，是一道很典型的实验。28 .答案：答：(1)电风扇转动时，加快了室内空气的流动， 使人体表面汗液的蒸发加快，蒸发吸热,从而加快吸收人体更多的热量。(2)电风扇内的电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的。解析：(1)根据蒸发快慢和空气流动快慢的关系得出人凉快的原因。(2，电动机是根据通电线圈在磁场中受力而转动的

54、原理制成的。该题考查了影响液体蒸发快慢的条件，以及电动机的原理，属基础知识的考查。29 .答案：动 解析：解：(1)因为影响动能的因素是质量和速度，所以要想限制电动自行车的动能，需要对电动自 行车的质量及最高车速作出限制；(2)在水平面上压力等于重力，即尸=G = mg = 15。也 + Ellkg) X 10一7mg =; _F KHIO.V- 车轮对地面的压强：,；由吁;得，该上坡路面的长度是：方=x 袅 =OAnkm = 15出门，牵引力为:答：动;(2车轮对地面的压强是 2 x I炉/%;但)该上坡路面的长度是 150m,此时电机产生的向前的牵引力是152N。(1 j影响动能的因素是质

55、量和速度；(2)根据在水平面上压力等于重力，即 / =”切算出压力，根据?由，的变形公式算出路程 s,由=上=?=八算出牵引力。本题考查了影响动能的因素、压强的计算、速度的计算以及功率的计算，是一道综合题，难度不大。30 .答案：解：(1，当冬和品闭合、S断开时，灯泡L与电阻R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯L正常发光，所以，电源电压口 1九一 6/ ；(2)当舟和与闭合、国断开时，灯泡L与电阻R并联，电流表测干路电流，由P = U1可得，通过灯泡的电流：由图乙可知，电流表的量程为3A ,分度值为0J4 ,干路电流7=,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过定值电阻 R的电流：IR = I 0一L1 0.54 = 0.55,因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由二q可得，定值电阻r的值：的灯泡的电阻:当51和&断开、与闭合时，灯泡L与定值电阻R串联, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：Rl + II 1212 + 1211=L25.4 ,灯L的实际功率：PLf 二(P户/ 二(0.254)2 x 12