初三物理电功率解题技巧分析及练习题(含答案)及解析

1、初三物理电功率解题技巧分析及练习题（含答案）及解析一、电功率选择题1 .即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最符合实际的是（）A.运动会比赛中100m冠军的成绩约为 8sB教室电脑的功率约为 1200WC.教室门高约为200cmiD.上课时教室内的温度一般在 45 °C左右【答案】C【解析】【解答】解：A男子百米世界纪录略小于10s,学校运动会比赛中 100m冠军的成绩约为12s,故A不符合实际；B、教室电脑的功率约为 200W,故B不符合实际；C、中学生的身高在 160cm左右，教室门高于中学生身高，约为 2m=200cm,故C符合实 际；D、夏天，室外温度可能超过35 C,教

2、室内温度要低于 35 C,不可能达到45 c.故D不符合实际.故选C.【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行 单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个.S闭合时，灯L正常发光，如果将滑动）2 .如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关 变阻器的滑片P向右滑动，下列说法正确的是（A.电压表示数变小，灯 L变亮C.电压表示数变大，灯 L变亮【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡B.电压表示数变小，灯 L变暗D.电压表示数变大，灯 L变暗L与滑动变阻器 R串联，电压表测 R两端的电压,电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电

3、阻变大，电I =-.路中的总电阻变大，由方可知，电路中的电流变小，由 尸 也 可知，灯泡两端的电压变小，因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，由 尸=才可知，灯泡的实际功率变 小，灯泡L变暗，AC不符合题意；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变 阻器R两端的电压变大，即电压表的示数变大，B不符合题意、D符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清电路的连接方式及电表的测量对象，结合滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变化，利用欧姆定律及电功率的计算公式分析即可3 .常用于测量家用电器在一段时间内消耗多少电能的仪器是（A.电流表iB.电压表C.电能表iD.验电器【答案

4、】C【解析】【解答】解：A、电流表是测电流大小的仪表，不符合题意；B、电压表测量电压大小，不符合题意；C、电能表是用来测量家用电器在一段时间内消耗多少电能（即电流做功）的仪表，符合题心、，D、验电器是用来检验物体是否带电的仪器，不符合题意.故选C.【分析】明确各仪表或仪器的基本作用回答.4 .如图所示，电源电压恒定不变。闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由b端移到某点c的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由0.2A变为0.3A,由此可知（）A.电源电压为7VB. R的阻值为20 aC.电路消耗的最小功率为 1.2WD.滑片P在b端时，10秒内Ri产生的热量为12J【答案】C【解析】【

5、解答】解：由电路图可知，R与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由 闭合开关后，滑动变阻器的滑片P由B端移到某点C的过程中，电压表的示数由4V变为3V,电流表的示数由 0.2A变为0.3A, ”可知，R2两端电压为4V, ac两端电压Uac=3V,当滑动变阻器的滑片 P在b端时，电流I=0.2A,当滑片 P由b端移到某点c时，电流 产=IR1 - IR2娜？=戊2 *处-必I=0.3A,设电源电压为 U,则"二"3 * 处13，解得 R=i0Q, U=6V, AB不符合题意；（2）滑动变阻器滑片 P在b端时，Ri与R2串联，由P=UI可得， 电路消

6、耗的最小功率 P=UI=6V< 0.2A=1.2皿C符合题意；（3）滑片P在b端时，根据串联 电路的电压特点可得，R两端电压U1=U-U2=6V-4V=2V, 10秒内 R产生的热量 Q=W=U1lt=2V X 0.2A X 10S=4杯符合题意。故答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，根据串联电路的电压特点，应用欧姆定律求出 R的阻值和电源电压；滑动变阻器滑片P在b端时，此时电路中的电阻值最大，利用P=UI可求得最小功率，此时，根据串联电路的电压特点可求得R两端电压，再利用 Q=W=UIt可求得R产生的热量.5 .现有一个电压不变的电源，两个定值电R、R2

7、 .先将这两个电阻以某种形式连接到电源上，Ri消耗功率为P0；再将它们以另一种形式连接到该电源上，Ri消耗功率为9Po .两种连接形式中均有电流通过& ,则先后两种连接形式中（）A周两端的电压比为1: 2B：.两端的电压比为1: 3C.此消耗的功率比为1: 9D.凡消耗的功率比为 2: 9【答案】B切【解析】【解答】（1）将这两个电阻以某种形式连接到电源上，Ri消耗功率为：Po=吊-肛另一种形式连接到该电源上 R消耗功率为：9Po=角由可得：如必此 =9就，解得R两端的电压比为：U1： U1' = 13, A不符合题意、B符合题意；因为R、R2接到同一电源上，且第 2次R两端的

8、电压更大，所以，第一种以串联方式连则由并联电路的特点和前面的解答可得，电源电压U=U/也；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以，串联时，R2两端的电压 U2=U-U1=3U1-U1=2U1 ,并联时，R两端的电压 U2' =U=3iU则第一种连接时，R消耗的功率：P2=敢；脸第二种连接时，R2消耗的功率：P2'="；里亘P2 脸 取 2Ui 4则用=伫=（劭）2=（必）2= S, c、d不符合题意。故答案为：Bo【分析】根据 P=芥表示出两种情况下 R消耗的电功率，然后求出 R1两端的电压关系；根据并联电路的电压特点可知电源的电压，进一步可知连接方式，根据串联

9、电路的电压特点廿求出串联时R2两端的电压，根据 P=k表示出R2消耗的电功率，进一步得出两次功率之比6 .如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V3W字样，滑动变阻器最大电阻值R=48Q,闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是()A.要使电压表的示数增大 1V,小灯泡L两端的电压就会减小 1VB.小灯泡L的最小实际电功率为 0.6WC.当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D.当滑片P移到最右端时，通电 10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。(1)由电压

10、表测灯泡 L两端的电压可知，电压表的示数增大1V,小灯泡L两端的电压就会增大1V, A不符合题意；(2)由P=UI=灯可得，灯泡的电阻：此(6V)Rl=凡那=12Q,当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：U _12V1= 口 ,短 用口 #=0.2A,则小灯泡L的最小实际电功率：Pl小=I2Rl= (0.2A) 2X12a0.48W, B不符合题意；通电 10s滑动变阻器消耗的电能：Wr= I2Rt= (0.2A) 2X48QX 40S9.2J, D符合题意；(3)当滑片P移到变阻器的中点

11、时，电| U _12V_111=3十 肽-X 拓。+ "Q路中的电流：1 = 4 少A,此时灯泡的实际功率：1Pl'= ( I) 2Rl= ( 3 A) 2X 121.3 3V3W,所以，此时灯泡不能正常发光，C不符合题息。故答案为：Do【分析】闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡 L两端的电压.(1)电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；回(2)根据P=UI="求出灯泡的电阻，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=I2R求出小灯泡 L的最小实际电功

12、率，再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光7.如图所示的电路中，电源电压恒为3V,灯泡L的电阻为10且保持不变。闭合开关S后，滑片P由b端向a端滑动的过程中，下列判断正确的是（）I u # JA.灯泡L亮度变暗电压表示数变大，电流表示数变小C.电压表与电流表示数的比值变小pD.灯泡L的最大功率为0.9W【答案】D【解析】【解答】AB、由图知，灯泡与变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路的电流；滑片 P由b端向a

13、端滑动的过程中，变阻器连入电路的电阻变小，根据电阻的串联，总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，B不符合题意；根据 /=/用可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，A不符合题意；C、由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于灯泡的电阻（且灯泡电阻不变），则该比值不变，C不符合题意；D、当变阻器连入电路中的电阻为0时，灯泡的电压最大（等于电源电压3V）,灯泡L的if （3V）2P氏=-=0 9最大功率：一 ,短 ,。口，D符合题意。故答案为：Do【分析】根据电路是串联电路，当滑动变阻器的阻值减小时，电路中的电流变大，灯泡的功率变大，利用电源电压和灯泡的电阻计算灯泡的电功率

14、的大小8 .如图所示的电路，闭合开关后，当滑片 P向右移动时，下列说法正确的是（）A.灯泡L变暗出.电压表示数变小iC.电流表Ai示数变大uD.整个电路消耗的总功率变小【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器 R并联，电压表 V测电源的电压，电流表Ai测干路电流，电流表 A2测L支路的电流。因电源的电压不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，B不符合题意；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过 L的电流和实际功率不变，即 L的亮度不变，A不符合题意；当滑片P向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，由I=N可知，通过 R的电流变小，因并联电路中干路电流等

15、于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表Ai的示数变小，C不符合题意；由P= UI可知，整个电路消耗的总功率变小，D符合题意。故答案为：Do【分析】灯泡 L与电阻R并联，电压表测电源的电压，电流表Ai测干路电流，电流表 A2测L支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各 支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P=UI可知电路总功率的变化.9 .如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W序样，不考虑

16、灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为 24%电流表量程为 0-0.6A,电压表量程为0-3V.当开关S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3 时小灯泡正常发光。为了保证 电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）电源电压为4.5V 变阻器接入电路的阻值范围是3d12a小灯泡的最小功率为 0.135W电路的最大功率2.25WA.只有正确B.只有回正确 C.只有9正确n D®一卷都正确【答案】C【解析】 【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；（1）由P=尸可得灯泡的电

17、阻：Rl= /*=；川=6 Q,由P=UI可得，灯泡正常发光时通过的电流:F案上.）I 额="=0.5A,由题知，当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为3时，小灯泡正常发光，由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压：U=I额R串=1额X （R+R） =0.5A X （3Q+6Q=4.5V;故 正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为 0-0.6A,灯泡的额定电流为 0.5A,所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流I最大=1额=0.5A,U 4. 电路中的总电阻：R最小=，最大 = =9 5A =9Q,滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R < j,=R

18、Rl=9 S-6Q =3Q由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为 U滑=3V寸，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压为：Ul' =U滑'=4.5SV=1.5V,盟L 51此时电路的电流为：I最小=比=6G =0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值：F图3Vr 最大= '演弋、=a=12所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3d12Q;故正确；（3）小灯泡的最小功率：Pl最小二I最小2Rl= （0.25A） 2X 60=0.375雌 错误；（4）电路的最大功率：P最大=UI最大=4.5V X 0.5A=2.25WV故 正确。综上可知，只有正确。故

19、答案为：Co【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用P1求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用 U=IR求电源电压；由于 电流表量程为 0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工 作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻 器接入电路的阻

20、值范围；利用P=2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率10.如图所示，电源电压 U保持不变。当开关 S2闭合、S1和Q断开，滑动变阻器的滑片 在最右端时，电路的总功率为Pi ,再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的1/5;当开关S和9闭合、S2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，R3的功率增大了 0.05W,且滑片在中点时，电压表V1的示数为U1；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为P2,两只电流表示数相差0.3A.已知P1：F2=2:15,下列结论正确的是（）A. P2=5.4WB. U=12VCi=6VD. 2=20 Q【答案】A【解析】

21、【解答】解：（1）闭合、Si和S3断开，滑片在最右端时，R2、R3串联，Vi测R2电压，V2测R2、R3总电压，即电源电压，等效电路如图 1所示；滑片滑至最左端时，ViV2都测R2两端电压，等效电路如图 2所示：由题意结合图可知，电表V2的示数将发生/4如/变化，且Ur2=U,则R3两端的电压Ur3= 3 U,所以，宓，根据串联电路的分压规律U&超1 =. 可得：屈 用 九即R3=4R2-；（2）当开关S和S3闭合、S2断开，滑片位于最 右端时R1、R3串联V1测R1电压，V2测总电压，等效电路如图3所示；滑片位于中点时，等效电路如图4所示；当所有开关闭合，滑片在最左端时，R3短路，R

22、 1R2并联，A2测干路电流，A1测及所在支路的电流，等效电路图如图5所示：由题意知图1中，电路的总功率：R =役+ R心.强强，图5H Ifftfir if2P2 ,即15X犹： = 2X（凡+心），解得：相差0.3A,根据并联电路电流规律，可得图中总功率:15P1 =R1 = 2R2 由题意知图5中两只电流表本数5中，通过 R1的电流：15= I - I4= 0.3A,则，图3中，电路中的电流|2 =R17超=0.3A，即兄=0.6A 出 6 X 0.6A 0.1A ,图4中，电路中的电流：13 =UUU i/1 4a a内+ -R3级、X 4卷增大了 0.05W,所以，由P= I2RU

23、1n可得：X0.6A0.15A,因图4和图3相比较 R3的功率P3'- P3= I32X二 R3 - I22R= ( 0.15A) 2二 R3 -(0.1A) 2X3=0.05W,解得：R3=40，代入 两式可得：Ri=20 Q, R2= 10 Q, U =6V, BD不符合题意；图4 中，Ui = I3R = 0.15A X 20=Q3V, C不符合题意；图 5 中，P2="= 5.4W, A符合题意。故答案为：Ao【分析】(1)当开关3闭合、Si和8断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电与R3的最大阻值串联，电压表 Vi测R2两端的电压，电压表 V2测电源两端的电压，电流表

24、 Ai测电路 中的电流；再将滑片滑至最左端时，R2与R3的最大阻值串联，电压表 Vi、V2均测 心两端的电压，电流表 Ai测电路中的电流，据此可知示数变化的电表为V2 ,并得出R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R3两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电阻的阻值之比；(2)当开关 S2闭合、Si和S3断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和P="表示出电路中的总功率 Pi;当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，Ri与R2并联，电流表 A2测干路电流，电流表 Ai测R2支路的电流，根据并联电路的特点和电功率 公式表示出电路的总功率 P2 ,利用Pi

25、： P2=2： i5得出等式即可求出 Ri与R2的阻值关 系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差0.3A即可得出电源的电压和R2的阻值关系；当开关 Si和S3闭合、S2断开时，Ri与R3串联，电压表 Vi测R两端的电压，电 压表V2测电源两端的电压，电流表 A2测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律 求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用P=2R结合R3的功率变化即可求出 R3的阻值，进一步求出 Ri和R2的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出Ui的大小，最后根团据并联电路的特点和 P=A'求出P2的大小.ii.家用饮水机是一种双温电热器，其工作原理可简化为如图所

26、示的电路，Ri为定值电阻，R2为电热板，Ri=3R2 , a、b是温控开关S的两个触点，调节 S可使饮水机处于加热 或保温状态。则饮水机在加热与保温状态时R消耗的电功率之比及有关说法正确的是()A. 4： 1, S与a点接触时处于保温状态B. 16:1, S与a点接触时处于保温状态C. 4： 1, S与b点接触时处于保温状态D. 16: 1, S与b点接触时处于保温状态【答案】BPi - '【解析】【解答】当S接b时是加热状态，此时 R2电功率为用，当S接a时，电路串 联， 处 于 保 温 状 态， Q 的 电 功 率 为Pa - rR I1 X 能一 l1 X -Rl矽3政+尤,优，

27、则3=16:1, B符合题意。故答案为：B.【分析】根据电阻串联时，总电功率减小，根据电压和电阻可以计算电功率，根据电流和 电阻可以计算电功率大小。12 .某房间原来只接有一只标有“PZ220 40”的灯泡，小明又用一只完全相同的灯泡，将它俩串联在一起，在电源电压不变的情况下，房间内的总亮度将（）A.变亮B.变暗C.不变D.无法确定【答案】B【解析】【解答】解：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，两灯泡串联时的总电阻大于其中一个灯泡的电阻，在电源电压不变的情况下，由P=UI=R可知，电路的总功率变小，房间内的总亮度变暗。故答案为：B。W【分析】结合p= ui=#可知电功率变化情况，进一步

28、可知灯泡亮度的变化情况13 .如图为探究 焦耳定律”的实验装置。两个透明容器中密封着等量的空气，U型管中液面高度的变化反映密闭空气温度的变化。将容器中的电阻丝R、R2串联在电路中，且 R1VR2 .下列说法正确的是（）A.该实验装置用于探究 电压和通电时间一定时，电热与电阻的关系”B.闭合开关后，通过 团的电流大于 域的电流C.闭合开关后，甲管中液面上升比乙慢D.闭合开关后，要使电流增大，应将滑动变阻器滑片P向左移动【答案】C【解析】 【解答】解：A、图中两电阻串联，通过的电流和通电时间相等，而电阻不同，故可研究电流产生的热量与电阻的关系，AB不符合题意；C、根据Q=I2Rt,因R1VR2 .

29、故右边容器中电阻丝产生的热量多，由转换法，甲管中液面 上升比乙慢，C符合题意；D、闭合开关后，要使电流增大，由欧姆定律，要减小电路的电阻，故应将滑动变阻器滑 片P向右移动，D不符合题意。故答案为：C【分析】电阻丝产生的热量不易直接观察，可给等质量的气体加热，气体吸热越多，气体膨胀程度越大，U形管内的液面高度差越大，采用了转换法；由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析14.如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发光（假设灯丝电阻不变），此时

30、，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A. Li和L2都变亮B. L变暗，L2变亮C. L变亮，L2变暗D. L和L2都变暗【答案】B【解析】【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，将滑动变阻器的滑片 P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻变 大，电路的总电阻变大，由I二大可知，干路中的电流变小, 由U=IR可知，Li两端的电压变小， 因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小, 所以，由P=UI可知，灯泡Li的实际功率变小，Li的亮度变暗，故 AC错误；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，并联部分的电压变大，因并联电路中各支路两端的电压相等，所

31、以，灯泡L2两端的电压变大，由P= #可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故B正确、D错误.故选B.【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定律可知步判断电路中电流的变化和 Li两端的电压变化，根据 P=UI可知Li实际功率的变化，进- 其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并联电路的电压 特点和P=UI二"可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化.i5.如图所示的电路，电源电压为 3V, Ri=i5Q, R2=5 Q,当开关 S闭合时，下列

32、分析正确 的是()A. Ri、R2两端电压之比为 3: iII B通过Ri、R2电流之比为3: iC. R、R2消耗的电功率之比为 i: 3D. R的电功率为i.8W【答案】C【解析】【解答】由电路图知道， R、R2两电阻并联，由于并联电路各支路两端的电压相等，所以Ri、R2两端电压之比是i： i, A不符合题意；由I=U/R知道，通过Ri、R2电流之 比是：Ii： I2 =U/Ri： U/R2=R2：Ri=5 Q： /i5 Q= i3,B不符合题意；由P=U2/R知道，Ri、R2消耗的电功率之比是：Pi: P2 =U2/Ri: U2/R2=R2： R=i: 3, C符合题意；由于两电阻并联，

33、所以 Ui =U=3V, Ri的电功率是：Pi =U2/Ri= (3V) 2/i5 Q =0.6/ D不符合题意， 故答案为：Co【分析】根据并联电路的特点，当电压相等时，电流和电阻成反比，电功率和电阻成反比.i6.如图甲所示，已知电流表的量程为00.6A,电压表的量程为 0i5V,滑动变阻器 R2的规格为“20Q0.5A”。闭合开关S后，调节滑动变阻器的滑片P,得到电流表与电压表的示数A.电源电压为9V关系如图乙所示。在保证电路安全的前提下，下列说法中正确的是（B. R的阻值为20 aC.滑动变阻器的取值范围是 2 20 ar D.电路总功率的变化范围是 2W3W【答案】C【解析】【解答】结

34、合电路图和乙图可得：1求一上稿*心，1=/* 6郎x心；解得：心 ，解,电源电压为：U=次+ O,AB X 10A = 6V , AB不符合题意；已知电流表的量程为 00.6A,滑动变阻器 R2的规格为“20卬.5A'；因为串联时电流相等，U 6V- 壮立故电路最大电流为 0.5A,此时电路总电阻为：工主江国，则滑动变阻器最小电阻为：生二心花外 ©20；当滑动变阻器阻值变大时，分得电压增大，但电源电压为6V,小于电压表的量程，故滑动变阻器阻值可以调整到最大，即20Q,则滑动变阻器接入电路的取值范围是2200;U6V小二 =一 二 一二 6 2A最小电流为：的+七大川口 + 一

35、刃口，电路最小功率为：尸小二处.小=6'冥0.- m ；电路最大功率为：忸=%6V * M -侧。故答案为：Co【分析】利用欧姆定律U=IR求出电源电压和电阻Ri的值，根据变阻器铭牌和电表的量程，求出变阻器接入电路的阻值范围，由P=UI求电路的总功率.17.现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U-I图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑 动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列结论正确的是（）A.电源的电压为5VB.小灯泡的最大功率为0.3WC.滑动变阻器的最大阻值为20 QD

36、.整个电路的最小功率是1.8 W【答案】D【解析】【解答】解：（1 ）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端 的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：午lG0一 ; （2）当电压表的示数为5V时，电路中的电流为 0.3A,由图象得出此时灯泡两端的电压 Ul= 1V,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压：U=U滑+Ul= 5V+1V= 6V, A不符合题意； /由I=彳可得，滑动变阻器的最大阻值：I清川R滑=.以"16.7, QC不符合题意;整个电路的最小功率：Pmin=UI=6VX 0.3A= 1.8W, D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最

37、小时，灯 泡两端的电压和电源的电压相等， 由图象可知通过灯泡的电流 IU0.5A,则小灯泡的最大功率：PLmax= UI = 6Vx 0.5A= 3W, B 不符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减 小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或 同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定 律求出滑动变阻器的

38、最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据 P=UI求出灯泡的最大功率.S,移动滑片，使电压表 Vi示数与18.如图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关使电压表V1示数与电压D. 4: 1电压表V2示数之比为2: 1,此时R2的功率为P1；再次移动滑片,则 P1 ： P2 为（）C. 1: 1表V2示数之比为1: 2,此时R2的功率为P2A. 1: 4旧.1 : 2【答案】C【解析】【解答】解：在第1种情况下，&两端的电压U2i=2 + I U=- 3 , R两端的电压为L 2b2 色Uii=U-=3 ；在第2种情况 下，R2两端的电压 U22= / '三U= 3 , Ri的电压为Ui2=U-L3,根据电阻不变时，通过的电流与电压成正比，所以，两种情况下通过 Ri的电流之比 门；=，即两种情况下通过 R2的电流之比；色* q 1 4=屈又鹿=二对=.故选C.【分析】首先求出两种情况下 R2的电压之比，根据串联电路电压的特点，求出Ri的电压之比，即可求出通过定值电阻 Ri的电流之比，即通过 R2的电流之比，根据 P=UI可求两种 情况下R2的电功率之比.i9.如图，电源电压恒为