2020年中考物理三模试卷及答案

1、中考物理模拟试题含答案一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1.（2分）下列数据中，你认为最接近实际的是（）A.初中生所受重力约为50NB.让人感觉舒适而温暖的教室内温度约为25CC.教室内空气的质量约为50kgD.学生在校园内步行的速度约为5m/s2. （2分）下列现象产生的过程中要吸热的是（）3. （2分）北京世博园周边道路安装了92根智慧灯杆，智慧灯杆除了照明还具有许多其他功能，如噪声监测、无线Wi-Fi、视频监控充电等。关于智慧灯杆，下列说法正确的是（）A.用智慧灯杆给电动汽车充电时，智慧灯杆相当于电源B.无线Wi-Fi是利用超声波传递信息的C.噪声监测功能可以在传播过程中

2、减弱噪声D.智慧灯杆工作时消耗的电能属于一次能源4. （2分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列A.水沸腾时放出大量的热B.图甲是水沸腾时的现象C.沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的D.他可以选用量程为-80C-60C的酒精温度计5. （2分）2019年9月29日，中国女排夺得第十三届女排世界杯冠军，完成11连胜。关于她们比赛时的情景，下列分析正确的是（）A.击球后，由于球受惯性的作用，球能继续向前飞行B.击球时手对球的力与球对手的力是一对相互作用力C.运动员在扣球时球的运动状态保持不变D.排球从空中下落，以球网为参照物，排球是静止的6. （2分）小强做鸡

3、蛋在盐水中悬浮的实验时，先配制了半杯浓盐水并将鸡蛋放入杯中，静止时如图甲所示，然后逐渐向杯中添加清水，直至如图乙所示。在逐渐向杯中添加清水过程中，下列说法不正确的是（）A.盐水对烧杯底的压强逐渐变小B,盐水的密度变小C.鸡蛋受到的浮力不变D.盐水对烧杯底的压力逐渐变大7. （2分）下列是与气体压强有关的现象或应用，解释不正确的是（栏*有关分析正确的是（甲乙A./高压锅煮饭时锅内气压可以大于标准大气压第2页（共97页）8.（2分）下列有关热现象，说法正确的是（）A.1kg酒精比1g酒精的热值大B.夏日荷塘里荷花盛开，花香四溢说明分子在不停地做无规则运动C.用锯条锯木板，锯条的温度升高是由于锯条从

4、木板中吸收了热量D.用水作为汽车发动机散热器的冷却剂，其主要原因是水的比热容较小9. （2分）小华设计了一种输液提示器，能在护士站观察到药液量的变化。当袋中药液量减少时，为使电压表示数随之减小，符合要求的电路图是（）10. （2分）刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。如图中与此原理相同的是（）B.用吸管吸饮料时，利用了大气压A.导线B与大地之间的电压为220VB.保险丝能在有人触电时自动切断电路C.电冰箱的插头插入三孔插座时，能使电冰箱的金属外壳接地D.闭合开关后测电笔先后插入插座的左右插孔，窟管都发光（2

5、分）在综合实践活动课上，小明设计了一个如图甲所示的调光电路。已知电源电压不变，L标有“6V3W”字样，定值电阻R1的阻值为6a.闭合开关，将滑动电阻R2的滑片P从最右端逐渐滑至最左端，记下多组对应的电压表和电流表示数，描绘出的I-UB.电源电压为10VC.滑片在滑动过程中，灯丝电阻保持不变D.滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，灯泡L的实际功率为0.36W填空题（本题共9小题，每空1分，共24分）1112（2分） 如图是家庭电路正常工作的一部分。 下列说法中正确的是（图线如图乙所示。则下列说法正确的是（）A.滑动变阻器的最大阻值为12a13. （3分）今年年初在抗击新型冠状病毒期间，医护人员穿着

6、厚厚的防护服、戴上口罩和眼罩，眼罩上的玻璃片常常模糊不清，这是由于水蒸气在玻璃片上形成的；管控期间各高速出口、小区出入口等地方需要进行测量体温，使用的一种测温枪可以快速对进出人员进行非接触式体温测量，这种测温枪利用进行工作，它在真空中的传播速度为m/so14. （2分）阳春三月，高邮油菜花盛开，吸引了无数游客。（1）游客漫步在花海中，穿行于河道间，田展上“香气袭人知昼暖”，这是因为分子运动的剧烈程度与有关。（2）高楼下“满城尽带黄金甲”，这是因为太阳光照射在油菜花上发生了（选填“镜面反射”或“漫反射”）。15. （2分）中国的茶文化历史源远流长，通常绿茶是绿色的。除了绿色外，三原色中另两种色光

7、是红色和;茶壶的盖子上有一个小孔，壶中的水便容易倒出来，这是利用了的作用。16. （4分） 如图， 被称为“最新版中国高铁”的“复兴号”在京沪高铁亮相。 它采用全新流线型头型，这是为了;车厢内实现了WiFi网络全覆盖，WiFi采用的是低强度的传输信号；车厢内座椅旁都安装了插座方便旅客充电的需求，这些插座之间的连接方式是;车身长度约400m的“G1720次”列车， 某次全部通过1600m长的隧道只用了20s的时间，该列车的速度约km/h。17. （3分）一只小蚂蚁沿一根粗细均匀的细木棒匀速直线爬行，小明用秒表和刻度尺分别测出蚂蚁爬行的时间和距离，如图甲、乙所示，则蚂蚊爬行的时间为s,爬行的距离为

8、cm,蚂蚁爬行的速度是cm/s。甲乙18. （2分）雪在外力挤压下可形成冰，表明雪的密度（大于/等于/小于）冰的密度。小明利用冰的密度，使用如下方法来估测积雪的密度：利用平整地面上的积雪，脚向下用力踩在雪上，形成一个下凹的脚印，然后测量脚印的深度70mm和积雪的深度90mm,就可以估测出积雪的密度为kg/m3.（p冰=0.9XI03kg/m3）19. （3分）如图所示，小明用一个滑轮组匀速提升重为200N的物体，物体在4s内上升2m的过程中，人所用的拉力为125N.此过程中，小明做的有用功是J,拉力的功率是W,滑轮组的机械效率是。20. （2分）如上右图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值

9、随光照强度的增加而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，白天灯熄，夜晚灯亮。则给路灯供电的电源应接在（a、b或b、c）两端；如果将电阻箱R的阻值调大，则路灯比原来（早一些/迟一些）亮。21. （3分）利用图甲测量电源电压和定值电阻，电压表V1、V2的示数分别为U1、U2。（1）写出U2和U1的关系式：U2=。（用电源电压U、U1,定值电阻R1和R2表不）（2）某同学根据实验数据，画出U2与U1的关系图线如图乙所示。已知R1=10Q,则电源电压U=V,R2=Qoli?.图甲图乙三.解答题（本大题共11小题，共52分）22. （2分）图中的OA是光从空气斜射到

10、水面，经水面反射的一条光线，请作出它对应的入射光线和入射光线对应的折射光线。水:二二二二二二二二二二二二二二二二二二,I,I_23. （2分）如图甲是教室里的学生座椅，乙图是它的侧面图，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，请在图乙中画出；F的力臂F的示意图。24. （2分）如图，一小磁针放在通电螺线管周围，静止时N极指向如图，请用箭头标出磁感线的方向并用“+”、-”符号在括号内标出电源正、负极。25. （6分）一辆氢气动力试验汽车的质量为1.5X103kg,10min内汽车在平直路面上匀速行驶了1.2X104m,消耗了0.15kg的氢气。此过程汽车发动机产生的牵引力为1.0X103N

11、,行驶时汽车轮胎与地面接触的总面积为0.1m2（氢气的热值取1.4X108J/kg,g取10N/kg).求:(1)汽车对地面的压强；(2)牵引力做功的功率；(3)汽车发动机的效率。26. (6分)小明妈妈为奶奶买了一个电热足浴盆(如图所示)，内部由加热系统和按摩系统两部分组成。加热系统的加热电阻额定电压220V,额定功率605W.问：(1)小明帮奶奶泡脚时，向足浴盆中加入6kg初温为20c的水，加热系统的加热电阻正常工作15min将水加热到40C,此加热过程中水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？c水=4.2X103J/(kg?C)(2)足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V(按摩系统将交流

12、电压转换为12V),工作电流为4A,其电阻为0.5电动机的机械功率是多少？27.(6分)小明同学在做“探究凸透镜成像现律”的实验。(1)前面学过，物体离照相机的镜头比较远，成缩小的实像；物体离投影仪的镜头比较近，成放大的实像；物体离放大镜比较近，成放大、正立的虚像。据此小明提出的问题是，像的虚实、大小，正倒跟有什么关系？(2)如图甲，小明让平行光正对凸透镜照射，光屏上出现一个最小最亮的光斑，则凸透镜的焦距f=cm。(3)小明所用实验装置如图乙所示，若将凸透镇放在光具座刻度50cm位置处不变，把蜡烛放在刻度10cm处，利用此时凸透镜成像的特点制成的光学仪器是(选填“照相机”、“放大镜”或“投影仪

13、”)(4)如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成像时的像距v和物距u关系的图象，由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐。当u2f时，物体移动速度第8页(共97页)（选“大于”、“小于“或“等于”）像移动的速度，当fvuv2f时，物体移动速度填“大于”，“小于”或“等于）像移动的速度。（1）对图中的两支蜡烛的要求是;（2）图中，相同滑轮组提升不同个数的钩码时，的机械效率高；（3）图中当电流和时间一定时，研究的是电流产生的热量跟的关系；（4）图中的（填“铁屑”或“小磁针”）能更好的显示磁场的分布。29. （4分）（1）如图所示，在胶卷盒中滴入几点酒精后密封，在下方电火花发生器产生电火花后看到的现

14、象是,该过程模拟的是（发电机/电动机/热机）的工作原理；（2）图中燃料1与燃料2质量相同，水与油的质量相同，则比较不同燃料的热值，应选择两图进行实验（填写ABC字母符号）；比较不同物质的比热容，应选择30. （6分）某实验小组利用甲图所示的器材，来探究“浮力的大小与哪些因素有关”：（1）选择器材，验证猜想：探究一：只选择器材a、c、d、e,就可以探究“浮力的大小是否与物体浸在液体中的体积有关”；探究二：只选择器材（选填器材编号），就可以探究“浮力的大小是否与液体的密度有关”；探究三：只选择器材a、b、d、e,就可以探究。（选28.（4分）结合图中的实验情景，按照要求回答下列问题。甲疑h体和相同

15、-:o oU U跖I I_ _JtJt_ _J J,金属块b石/唱金属块d弹簧测力计策黜赣e一杯水F一杯媒油用(2)在上述过程中采用的研究方法主要是。A.比值法B.等效法C.控制变量法D.估算法(3)完成以上探究后，他们又按乙图所示的步骤进行了测量物质密度的实验。称量出a金属块的重力G=F1=4.8N;将它浸没在水中时，弹簧测力计的示数3P煤油=kg/m。(8分)小明同学用如图甲所示的电路探究“电流与电压和电阻的关系”，电源电压18V保持不变，滑动变阻器的规格是“70Q1.5A,阻值为10Q、20Q,30Q、50的电阻各一左移动时电压表示数变大。F2=N,则此时物体所受浮力为F浮=将a金属块浸

16、没到煤油中，此时弹簧测力计的示数F3=4.0N,由此可知煤油的密度为31个，满足测量需求的电流表，电压表各一个。(2)小明先探究“电阻R一定，电流与电压的关系”，他将10的电阻作为R接入电路,闭合开关S,通过调节滑动变阻器滑片P,测出电阻两端施加不同电压时对应电流值，并记录（如表1所示）。第3次实验时电流表的读数如图丙所示，则此时流经电阻的电流为A.分析数据，可得出结论：。实验次序1234U/V3.04.05.06.0I/A0.300.410.62表1（3）接着小明根据表1数据绘制出I-U图象，如图丁中a所示，实验完成后，将电阻换成小灯泡。重复上述实验过程，绘制出I-U图象，如图丁中b所示，试

17、分析图象中A,B、C三点阻RA,RB,RC从小到大排列依次为（用不等式表示）：。（4）小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”：a、他将10的电阻接入电路，闭合开关S,调节滑片P到适当位置，读出电流表示数记入表中断开开关S,小明用20的电阻替换10的电阻，闭合开关S,移动滑片P使滑动变阻器接入电路阻值（选填“增大”或“减小”）他这样操作的目的是。实验次序1234R/Q10203050I/A0.600.300.200.12表2b、表2是小明提交的实验数据，老师指出有一组数据不符合实际，你认为这是实验次序的数据，选出的理由是。32.（6分）阅读短文，回答问题。主动式空气净化器图甲为某型号空气净化

18、器，在不同档位工作时的参数如表所示。洁净空气量是指1h净化空气的体积；能效比是空气净化器洁净空气量与输入功率之比，净化效率等于净化前后空气中有害气体浓度的差与净化前有害气体浓度的百分比。A.进风口流速大，气流外侧的颗粒物也被吸入净化器B.净化器工作时发出的声音不会对人的听力造成损伤C.净化器的能效比越大，说明该净化器越节能D.输入净化器中的功率越大，消耗的电能越多(2)如果室内面积为20m2,房间的高度为2.5m档时，理论上1h可以净化房间内空气次。(3)该空气净化器工作档位为3档时，出风口的面积为0.25m2,则风速为m/so(4)单独使用该净化器10min,规格为2400imp/(kW?h

19、)的电能表指示灯闪烁30次，此时能效比为m3/(h?W)。(5)利用气敏电阻可以检测空气质量，如图乙所示为检测电路，定值电阻R0=10Q,电源电压恒为28V;如图丙所示为气敏电阻阻值随空气中有害气体浓度3的变化曲线。现用此电路检测该型号净化器的净化效率，净化器启动前，检测电路中电流表的示数为0.7A,此时空气中有害气体浓度为闻/m3,净化器正常使用30min后，检测电路的电流变为0.1A,则该空气净化器的实际净化效率为。初中物理试卷参考答案与试题解析甲Z工作档位待机1档2档功率(W)0.92344净化空气量(m3/h)-120240噪音(dB)/声强级-2332(1)卜列说法错误的是O3档4档

20、5档6档7510312114836050061076039474955请你计算该空气净化器工作档位为4一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分）1【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、初中生的质量在50kg左右，受到的重力大约为G=mg=50kgxl0N/kg=500N左右。故A不符合实际；B、人体正常体温在37c左右，感觉舒适的温度在25c左右。故B符合实际；C、空气的密度在1.3kg/m3左右。教室的长、宽、高分别在9m、8m、3.5m左右，教室中空气的

21、质量在m=pV=1.3kg/m3x9mx8mx3.5m=327.6kg左右。故C不符合实际；D、中学生在校园内步行的速度在4km/h=4XLm/s=1.1m/s左右。故D不符合实际。故选：B。2【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。【解答】解：A、壶口附近的“白气”是壶中冒出的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A不符合题意；B、北方的冬天，植物上的雾淞是水

22、蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故B不符合题意；C、“夏天的清晨，蜻蜓身上的露珠是大气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故C不符合题意；D、铁矿熔化成铁水是熔化，熔化过程中吸热，故D符合题意。故选：D。3【分析】（1）根据电池充电时的能量转化进行分析；（2）现代通信，如无线上网、3G通信、蓝牙三种网络通信技术、手机通信等都是利用电磁波传递信息的；(3)噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施；(4)无法从自然界直接获取的，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源是二次能源。【解答】解：A、用智慧灯杆给电动汽车充电时，智慧灯杆提供电能，所以它相当于电源,故A正确；B

23、、无线Wi-Fi是利用电磁波传递信息的，故B错误；C、噪声监测仪只能监测噪音值，是一种监测设备，并不是降低噪音的手段和措施，在街头设置噪声监测仪，不能减弱噪声，故C错误；D、电能不能从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到，所以它是二次能源,故D错误。故选：A。4【分析】(1)水沸腾时吸热；(2)掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；(3)物质由气体变为液体是液化；(4)根据量程选择温度计【解答】解：A、水沸腾时吸收热量，故A错误；B、甲气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情

24、况，故B错误；C、水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴，故C正确；D、在标准大气压下，水的沸点是100C,选用量程为-80C-60c的酒精温度计是错误的，故D错误；故选：Co5【分析】(1)惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性，惯性不是力；(2)相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上；(3)物体的运动状态的改变包括速度大小和方向的变化，如果速度大小和方向不变，说明运动状态不变；(4)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。【解答】解:A、排

25、球被打出后，由于球具有惯性，仍要保持原来的运动状态，所以能继续向前飞行，惯性不是力，不能说受惯性的作用，故A错误；B、击球时手对球的力与球对手的力大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上，所以是一对相互作用力，故B正确；C、运动员在扣球时球的运动方向和速度大小都发生了改变，故运动状态发生变化，故C错误；D、排球从空中下落，以球网为参照物，排球与球网之间发生了位置变化，所以是运动的，故D错误。故选：B。6【分析】(1)图中烧杯为柱形容器，且鸡蛋分别处于漂浮和悬浮状态，则盐水对烧杯底的压力等于盐水和鸡蛋的总重力，据此可知加入清水后盐水对烧杯底的压力的变化情况，根据p=5判断盐水对烧

26、杯底压强的变化情况。(2)清水的密度小于盐水的密度，再根据浮沉条件判断鸡蛋受到浮力的变化情况。【解答】解：AD、图中烧杯为柱形容器，且鸡蛋分别处于漂浮和悬浮状态，则盐水对烧杯底的压力等于盐水和鸡蛋的总重力，所以往杯中加入适量清水，盐水对烧杯底的压力增大，根据p=L可知盐水对烧杯底的压强增大，故A错误，D正确；SB、由题知，烧杯中装有浓盐水，向杯中添加清水，因清水的密度小于浓盐水的密度，所以往杯中加入适量清水后，盐水的密度变小，故B正确；C、鸡蛋由漂浮到悬浮，都处于平衡状态，则鸡蛋受到的浮力都等于鸡蛋的重力，所以鸡蛋受到的浮力不变，故C正确。故选：A。7【分析】(1)液体沸点与气压间关系：气压越

27、高，沸点越高；(2)用吸管吸饮料是利用大气压的作用；(3)流体压强与流速的关系：对于流体来说，流速越大的地方，压强越小；(4)汽车制成流线型，是为了高速行驶时，产生向上的升力，减小对地面的压力，减小摩擦力。【解答】解：A、在一标准大气压下水的沸点是100C,高压锅内的气压大于一标准大气压，所以锅内沸点高于100C,很容易把食物煮烂，该选项说法正确，不符合题意;B、用吸管吸饮料时，用力吸的作用是排出管内空气，使吸管内气压小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，该选项说法正确，不符合题意；C、向纸桥下方吹气时，纸片下方的空气流速快，产生的压强小，小于外界的大气压，大气压就会把纸桥压塌，该选

28、项说法正确，不符合题意；D、汽车呈流线型，汽车行驶时，汽车上方的空气流速大，下方的空气流速小，上方的压强小于下方的压强，汽车在压强差下产生向上的升力，对地面的压力减小，该选项说法不正确，符合题意。故选：D。8【分析】(1)热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量、放出热量多少及燃烧状态没有关系；(2)物质由分子组成，组成物质的分子在不停地做无规则运动；(3)改变物体内能的方式：做功和热传递；(4)水的比热容大。【解答】解：A、1kg酒精和1g酒精虽然质量不同，但是同一种燃料，所以热值相同。故A错误；B、我们闻到花香，是发生了扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。故B正确；C、用锯条锯

29、木板，对锯条做功，机械能转化为内能，锯条的温度升高，是通过做功的方式增加了内能。故C错误；D、用水作汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容大，与其它液体相比较，相同条件下水带走的热量最多，致冷效果最好。故D错误。故选：B。9【分析】当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，则滑片会向上移动；分析各图中电路的连接情况，判断药液量减少时电阻的变化情况，根据电路的连接情况以及串联电路的分压特点判断电压表示数的变化，找出电压表示数随之减小的电路图。【解答】解：当袋中药液量减少时，整个药液袋的重力减小，对弹簧的拉力减小，弹簧的伸长量减小，所以滑片会向上移动；A、由图可知

30、，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；变，变阻器两端的电压不变，即电压表的示数也不变，故A不符合要求；B、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变大，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B不符合要求；C、由图可知，变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压；当袋中药液量减少时，滑片向上移动，变阻器连入电路的电阻变小，根据串联电路的分压特点可知，变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故C符合要求；D、由图可知，变阻器与灯泡并联，电压表测量电源电压，由于电源电压不变，所以，当袋中药

31、液量减少时，电压表的示数不变，故D不符合要求。故选：Co10【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象，在选项中找出探究电磁感应现象的对应图即可。【解答】解：由题意可知，刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象；A、如图电路中有电源，通电线圈在磁场中受力而转动，是电动机的原理图，故A错误；B、如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应现象，与刷卡机读出信息的原理相同，故B正确；C、该实验是探究电磁铁磁性强弱的影响因素，电磁铁是根据电流的磁效应制成的，故C错误；D、图中给导

32、线通电后，其下方的小磁针发生偏转，这是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故D错误。故选：B。11.【分析】(1)火线和零线间的电压为220V,零线与地之间的电压为0V;(2)保险丝通常安装在火线上，它是由电阻率大、熔点低的铅睇合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用；(3)家庭电路中，金属外壳的用电器都采用三脚插头，当金属外壳的用电器插入三孔插座时，金属外壳接地，防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故；(4)测电笔接触火线速管会发光，接触零线不发光。【解答】解：A、由图知，保险丝安装在火线上，A是火线，B是零线，零线B与大地之间的电压为0V,故

33、A错误；B、保险丝在电路中的作用是当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，但有人触电时电路的电流不是很大，保险丝不会自动切断电路，故B错误；C、三孔插座已接地，当电冰箱的插头插入三孔插座能使电冰箱的金属外壳接地，这样能,防止金属外壳的用电器漏电发生触电事故，故C正确；D、插座的左孔接零线，右孔接火线，所以测电笔插入插座的左窗管不发光，插入插座的右插孔速管发光，故D错误。故选：Co12.【分析】由电路图可知，灯泡L、定值电阻R1、滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与从图象中读出的最大

34、电流相比较确定灯泡能正常发光，此时滑动变阻器两端的电压为零，灯泡两端的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；(2)滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据图乙可知电路中的最小电压和电压表的示数，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，再根据欧姆定律求出Ri两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，卞据P=UI求出灯泡L的实际功率，利用欧姆定律求出此时灯泡的电阻，然后得出灯丝电阻是否变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡L、定值电阻Ri、滑动变阻器R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电

35、流。(1)由P=UI可得，灯泡的额定电流:此时滑动变阻器接入电路中的电阻为零，灯泡两端的电压UL=6V,由I=可得，此时R1两端的电压：U1=IR1=0.5AX6Q=3V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以，电源的电压：|L=3V6V=0.5A由图乙可知，当电压表的示数为零时，电流表的示数I=0.5A和灯泡的额定电流相等,U=UL+U1=6V+3V=9V,故B错误;此时灯泡正常发光时的电阻：(2)滑动变阻器R2的滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小,由图乙可知，电路中的最小电压I小=0.3A,电压表的示数U2=6V,则滑动变阻器的最大阻值：R1两端的电压：UT=I小R

36、i=0.3AX6Q=1.8V,灯泡两端的电压：UL=U-U1+U2=9V-1.8V-6V=1.2V,灯泡L的实际功率：PL=ULI小=1.2VX0.3A=0.36W,故D正确；此时灯泡的电阻：,“L2VRL=L6=4*RL=12Q,工小0.3A则滑片在滑动过程中，灯丝电阻是变化的，故C错误。故选：D。二、填空题(本题共9小题，每空1分，共24分)13.【分析】(1)物质由气态变为液态，叫液化。(2)红外线的热作用强，常用在遥控器和测温枪上。(3)红外线、紫外线、可见光都属于电磁波，电磁波在真空中的传播速度为3X108m/s。【解答】解：眼罩上的玻璃片常常模糊不清，这是由于呼出的水蒸气在玻璃片上

37、液化形成的。测温枪是利用红外线工作的。红外线在真空中的传播速度为3x108m/s。故答案为：液化；红外线；3X108。RL=6V0.5A12Q;R2=6VIj.,0.3A=20Q,故A错误;14【分析】一切物质的分子都在不停地做无规则运动，且温度越高，分子运动越剧烈。第19页(共97页)当一束光射到凸凹不平的物体时，它的反射光线是射向不同的方向的，不是平行的，所以我们才能从不同的地方看到同一个物体，而这种反射方式称为“漫反射。【解答】解：(1)漫山遍野的菜花散发出阵阵清香，是菜花的香味分子不停地做无规则的运动，运动到空气中被人们闻到了香味，这种现象叫扩散现象。温度越高，分子运动越剧烈，所以天气

38、晴暖，香气更浓。(2)我们能从各个不同的角度欣赏油菜花的婀娜身姿，说明反射光线向各个方向的都有，是发生了漫反射现象。故答案为：温度；漫反射。15.【分析】(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光决定的；(2)壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；【解答】解：(1)绿茶看起来是绿的，是因为茶叶反射绿光；光的三原色是红、绿、蓝；(2)茶壶的盖子上有一个小孔，大气压通过这个小孔作用到壶内的液面上，壶中的水便容易倒出来；故答案为：蓝色；大气压。16【分析】(1)流线型物体运动过程中，可以减小阻力，提高速度；WiFi利用电磁波传递信息；插座是连接用电器的；(2)列车全部通过该隧道的

39、总路程等于隧道与车长的和，然后根据速度公式v=即可t求出通过该隧道的速度。【解答】解：(1)动车的车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；WiFi利用电磁波传递信息；插座是连接用电器的，家庭电路中各用电器是并联的，故插座也是并联的；(2)由题知，车长L车=400m,隧道L隧道=1600m,列车全部通过该隧道的总路程s=L车+L隧道=400m+1600m=3200m,车全部通过该隧道的速度为：丫=旦=2/0血=100m/s=360km/h。t20s故答案为：减小阻力；电磁波；并联；360。17【分析】刻度尺的最小刻度值为相邻的刻度线表示的长度；起始端从0开始，直

40、接读出长度；停表的秒针转动一圈，分针转动一个小格，故停表的读数=分针所指示的示数X60s+秒针所指示的读数。蜗牛爬行的速度根据公式丫=且可以计算出。t【解答】解：(1)图示刻度尺1cm又分为10个小刻度，故最小刻度值为1mm;爬行的距离为99.00cm。(2)图中停表的分针指示的示数为4min,秒针指示的示数为7.5s,故停表的示数=4X60s+7.5s=247.5s。(3)蜗牛爬行距离s=99.00cm,爬行速度7=取=0.4cm/s。t247.5s故答案为：247.5;99.00;0.4。18【分析】(1)雪在外力挤压下可形成冰后，质量不变，体积减小，根据比较雪和冰的密度关系；(2)根据m

41、=W=pSh表示出冰和雪的质量，利用质量相等得出等式即可得出雪的密度，据此进行解答。【解答】解:(1)雪在外力挤压下可形成冰后，质量不变，体积减小，由p=可知，雪的体积大于冰体积，则雪的密度小于冰的密度；(2)由题意可知，脚印的深度h1=70mm,积雪原来的厚度h2=90mm,冰的密度为p冰=0.9x103kg/m3,设脚印的面积为S,因冰和雪的质量相等，所以，由m=W=pSh可得：p冰S(h2-h1)=p雪Sh2,解得：p雪二P沐(ha-hP/噂即/0向=0.2X103kg/m3。h90m故答案为：小于；0.2X103。19【分析】已知物重和上升高度，利用W有用=Gh得到有用功;由图知，承担

42、物重的绳子段数为2,已知物体上升的高度，可以得到绳子拉下的长度；已知拉力和绳子拉下的长度，可以得到总功；已知总功和所用时间，可以得到拉力的功率；已知有用功和总功，两者之比为滑轮组的机械效率。【解答】解：拉力做的有用功为W有用=Gh=200NX2m=400J;绳子拉下的长度为s=2h=2X2m=4m,拉力做的总功为亚总=5$=125NX4m=500J,拉力的功率为P=1=125W;t4s滑轮组的机械效率为“有用=400Jx100%=80%。期总5。叮故答案为：400;125;80%。20【分析】利用直流电源为电磁铁供电，将电源、光敏电阻、定值电阻、电键直接串联即可；分析电磁铁的电路，判定利用照明

43、电源为路灯供电的接入点。根据串联分压的特点分析。【解答】解：光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与B接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则路灯应接在ab之间；如果将电阻箱R的阻值调大，电流变小，继电器得到的电压变小，磁性变弱，吸引力变小，路灯提前被点亮。故答案为：a、b;早一些。21.【分析】由电路图可知，R1与R、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R1和R两端的电压之和。(1)根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路

44、的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出U2和U1的关系式；(2)根据图乙读出两组数据代入U2和U1的关系式即可求出电源的电压以及R2的阻值。【解答】解：由电路图可知，R1、R、R2串联，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R1和R两端的电压之和。(1)因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以，R2两端的电压UR2=U-U2,因串联电路中各处的电流相等，L 一UiUj所以，电路中的电流：I=1=RR2则电压表V2的示数：U2=U-U1；N(2)由图乙可知，当Ui=0V时，U2=12V,代入可得：U=12V;业一不口2I当U1=12V时，U2=6V,代入可得：6V=12V-X12V,HJHJ解得

45、：R2=5QO电故答案为：(1)UU1-(2)12;5。三.解答题(本大题共11小题，共52分)22【分析】根据反射定律完成反射光线，即入射光线和反射光线分居法线的两侧，入射角等于反射角，画出入射光线；然后根据折射定律完成折射光线，即光从水中斜射入空气时，折射光线和入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角；光从其他介质斜射入空气中时，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。【解答】解：过反射点垂直于水面作出法线，根据反射角等于入射角，画出入射光线,23【分析】(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；(2)杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂(F1L1=F2L2),在阻力跟阻力臂的

46、乘积一定时，动力臂越长，动力越小。【解答】解：由杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越第23页(共97页)小；图中支点在A点，要求在C点用力，连接AC,则AC就是最长的动力臂L;由题意可知，要在C点用最小的力F使座椅绕A开始逆时针转动，则动力应垂直于力臂L向左，据此可画出最小动力F的示意图；如下图所示：24【分析】根据图中通电螺线管周围静止小磁针N极的指向标出磁感线方向，再根据安培定则在括号内标出电源的正、负极。【解答】解：小磁针的左端为N极，自由静止时靠近螺线管的右端，所以螺线管的左端为N极，在磁体的周围，磁感线从磁体的N极流出回到S极，所以磁感线

47、的方向是向右的。利用螺线管的左端为N极和线圈的绕向，根据安培定则可以确定电流从螺线管的右端流入、左端流出，从而可以确定电源的左边为负极、右边为正极。如图所示：25.【分析】（1）汽车对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，根据p=L求出对水平地面的压强；S（2）知道汽车行驶的牵引力和行驶的路程，根据W=F牵s求出牵引力做功，根据P=；计算牵引力做功的功率；（3）根据Q放=mq求出氢气完全燃烧放出的热量，根据人求出汽车发动机的效率。Q技【解答】解：（1）汽车对水平地面的压力：F=G=mg=1.5X103kgx10N/kg=1.5X104N,对水平地面的压强：工5XlA=xi

48、05Pa;S0.1m2(2)牵引力所做的功：W=F牵s=1.0X103NX1.2X104m=1.2X107J;牵引力做功的功率：P=AJz2JL2LL=2x104W；t10 x60s(3)氢气完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.15kgx1.4X108j/kg=2.1X107J,汽车发动机的效率：二L10J*100%57.1%。口就2.1X1OTJ答：(1)汽车对地面的压强为1.5X105Pa；(2)牵引力做功的功率为2X104W；(3)汽车发动机的效率为57.1%。26【分析】(1)利用吸热公式Q吸=cm(t-t0)求水吸收的热量；根据W=Pt求出足浴盆消耗的电能；(4)由P=UI得出电动机

49、的电功率，根据P损=I2R求出电动机工作中因发热损失的功率，从而得出电动机的机械功率。【解答】解：(1)6kg初温为20c的水加热到40c水吸收的热量：Q吸=c水m(tt0)=4.2X103J/(kg?C)x6kgx(40C20C)=5.04X105J；加热时间t=15min=900s,足浴盆加热时消耗的电能：W=P额t=605WX900s=5.445X105J；(2)电动机工作时的电功率为：P=UI=12VX4A=48W;电动机工作中因发热损失的功率：P损=FR=(4A)2x0.5a=8W，则电动机的机械功率：P机械=PP损=48W8W=40W。答：(1)此加热过程中水吸收的热量为5.04X

50、105J；消耗的电能是5.445X105J;(2)足浴盆按摩系统中的电动机工作电压是12V,工作电流为4A,其电阻为0.5电动机的机械功率是40W。27【分析】(1)猜想和假设：可以猜想像的虚实、大小，正倒可能与物距有关、也可以猜想跟凸透镜的焦距有关。(2)图中测量凸透镜焦距的方法：平行光聚焦法，亮点为焦点，焦点到光心的距离为就焦距，由此可以确定其焦距是多少。(3)当物距大于2f时，凸透镜成倒立、缩小的实像，照相机、摄像机的镜头就是根据这个原理制成的。(4)分析图象结合凸透镜成像规律填空。【解答】解：(1)根据物体离照相机的镜头比较远，成缩小的实像，物体离投影仪的镜头比较近，成放大的实像，物体

51、离放大镜比较近，成放大、正立的虚像。据此小明提出的问题是，像的虚实、大小，正倒跟物距有关；(2)由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用，光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为20.0cm-10.0cm=10.0cm；(3)由于凸透镜的焦距是10cm,当物体在10cm处时， 物距为50cm-10cm=40cm,物距大于二倍焦距，成倒立缩小的实像，这是照相机的原理；(4)如图丙所示是小明通过实验得到的凸透镜成像时的像距v和物距u关系的图象，由图象可知成实像时物距逐渐减小，像距逐渐增大。当u2f时，物体移动速度大于像移动的速度，当fvuv2f时，物体移动

52、速度小于像移动的速度。故答案为：(1)物距；(2)10.0;(3)照相机；(4)增大；大于；小于。28.【分析】(1)要验证平面镜成像的特点，就必须让两根蜡烛大小相同；(2)根据影响机械效率大小的因素分析；(3)根据图象，利用控制变量法分析；(4)根据铁屑和小磁针的分布情况能更好的显示磁场的分布即可判断。【解答】解；(1)探究实验中对蜡烛A和B的要求是形状、大小完全相同；主要是便于比较像与物体的大小；(2)由图可知，两个滑轮组相同，则在提升物体的过程中，所做的额外功是相同的；提升的重物不同，乙组的物体重，根据W=Gh可知，物体越重，所做的有用功越大，根据可知，机械效率越大;（3）由图可知，该电

53、路为串联电路，电流相同，电阻不同，研究的是电流产生的热量跟电阻的关系；（4）铁屑与小磁针相比，铁屑分布的密集程度可以反映磁场的强弱，所以用铁屑的分布情况可以更好的显示磁场的分布，而小磁针能更好的显示出各点的磁场方向。故答案为：（1）两根蜡烛大小相同；（2）乙；（3）电阻；（4）铁屑。29【分析】（1）热机是燃料在气缸内燃烧，产生高温高压的燃气，燃气对活塞做功，内能转化为机械能；（2）燃料的热值大小不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现燃料燃烧放出热量的多少，而液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，因此为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计

54、的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小；为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少，进而判断两种比热容的大小关系。【解答】解：（1）塑料盒相当于一个气缸，塑料盒的盖相当于活塞，酒精在塑料盒内燃烧，产生高温高压的燃气，推动盒盖运动，把内能转化为机械能，故燃气的内能减小，温度降低，盒口附近水蒸气液化形成白雾；这一过程与热机工作时的做功冲程类似。（2）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择AB两图进行实验；为了比较两种液体的

55、比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间，进而判断两种比热容的大小关系，应选择AC两图进行实验。故答案为：（1）盒盖飞出，盒口有白雾生成；热机；（2）AB;AC。30【分析】（1）根据称重法测浮力：F浮=6-F示，确定要用到测量的工具；研究浮力的大小是否与液体的密度有关”，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，据此确定所用的器材；分析器材a、b、e控制不变的量和变化的量，根据控制变量法可知，可以探究浮力的大小与变化量的关系；(2)当被研究问题受多个因素影响时，研究问题和某一个因素的关系时要控制其他因素一定，这种方法叫控制变量法(3)根

56、据测力计分度值读数根据称重法测浮力，F浮=G-F示；根据称重法测浮力求出浸没在煤油中物体受到的浮力大小；根据阿基米德原理，F浮=p液gV排，因排开液体体积等于物体的体积，根据物体在不同液体中受到的浮力与排开液体的密度成皮正比求煤油的密度。【解答】解：(1)根据称重法测浮力：F浮=6-F示，故要用到测力计；研究浮力的大小是否与液体的密度有关”，要控制排开液体的体积相同，只改变排开液体的密度，只选择器材a、d、e、f(bdef或者cdef均可以)，就可以探究“浮力的大小是否与液体的密度有关”；器材a、b体积相同而物体本身的密度不同，器材e保证了液体密度不变，根据控制变量法可知，故只选择器材a、b、

57、d、e,就可以探究浮力的大小是否与物体密度是否有关；(2)上述过程中采用的研究方法主要是控制变量法；(3)称量出a金属块白重力G=FI=4.8N;将它浸没在水中时，测力计分度值为0.2N,测力计的示数F2=3.8N,则此时物体所受浮力为：F浮=6F示=4.8N3.8N=1.0N;将a金属块浸没到煤油中，此日弹簧测力计的示数F3=4.0N,F浮=6-F示=4.8N-4.0N=0.8N;根据阿基米德原理，F浮=p液gV排，因排开液体体积等于物体的体积，故物体在不同液体中受到的浮力与排开液体的密度成皮正比，F潭P煤油煤油的密度为：P煤油=芋.p水=:曹x1.0 x103kg/m3=0.8x103kg

58、/m3。r淳1.0K故答案为：(1)a、d、e、f(bdef或者cdef均可以)；浮力的大小是否与物体的密度有关；C;(3)3.8;1.0;_30.8x103。31【分析】(1)滑片P向左移动时电压表示数变大确定变阻器的连接；(2)根据电流表选用大量程确定分度值读数；分析这些数据得出结论；(3)由图a图线是正比例图线，可知B点电阻与a、b相交处电阻相等，因灯泡的电阻增大，由图线b可知，所以RAVRCVR交点，据此分析回答；(4) a、小明再探究“电压U一定，电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，根据分压原理和串联电路的规律分析；b、根据滑动变阻器的规格是“75a1.5A”的含义和串联电路的

59、规律及欧姆定律求出电路的最小电流分析。【解答】解：(1)电压表测待测电阻的电压，滑片P向左移动时电压表示数变大，根据U=IR,电路的电流变大，变阻器连入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与待测电阻串联，如下所示：如下所示：(2)第3次实验时电流表的读数如图丙所示，电流表选用大量程，分度值为0.1A,则此时流经电阻的电流为0.5A;根据表中数据，考虑到误差因素，电压增大为原来的几倍，通过的电流也增大为原来几倍，故可以得出结论：在电阻一定的情况下，通过导体的电流和导体两端的电压成正比；(3)图a是正比例图线，表示定值电阻的I-U图象，所以B点电阻与a、b相交处电阻相等，由图线b可知，灯泡

60、两端的电压变大时，电流变大，根据P=UI灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯泡的电阻增大，所以RAVRCVR交点，即：RAVRCVRB;(4)a、根据串联分压原理可知，将定值电阻由10改接成20的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，使电压表的示数控制不变；b、变阻器的最大电阻为70Q,当接入50的电阻时，根据电阻的串联，电路的最大电阻为：R串=700+500=120Q,由欧姆定律，电路中的最小电流：|小=-y-=1股=0.15A0.12A,故