【KS5U解析】四川省广元市2019-2020学年高一上学期期末教学质量监测物理试题 Word版含解析

1、广元市20192020年度上学期期末高中一年级教学质量监测物理试题第i卷（选择题 共48分）注意事项：共12小题，每小题4分在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分有选错的得0分1.如图所示，在一辆表面光滑且足够长的小车上，有质量为m1和m2的两个小球（m1m2），两个小球随车一起运动，当车突然停止运动时，若不考虑其他阻力，则两个小球（ ）a. 一定相碰b. 不一定相碰c. 一定不相碰d. 无法确定【答案】c【解析】试题分析：车停止前，两个小球和小车一起作匀速直线运动，并且两个小球和小车具有共同的速度，当小车突然停

2、止时，由于小球在光滑接触面上，因此两个小球由于惯性，还要保持原来大小不变的速度做匀速直线运动，由于两球的速度相同，相等时间内通过的距离相等，因此两个小球间的距离不变，一定不会相碰故选c2.关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（ ）a.速度变化得越多，加速度就越大b. 加速度方向保持不变，速度方向也保持不变c. 速度变化得越快，加速度就越大d. 加速度大小不断变小，速度大小也不断变小【答案】c【解析】物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故a错误加速度方向保持不变，速度方向可以变化，例如平抛运动，故b错误；加速度反映速度变化的快慢，速度变化得越快，

3、加速度就越大，故c正确；如果加速度方向与速度方向相同，加速度大小不断变小，速度却增大，故d错误；故选c点睛：速度与加速度均是矢量，速度变化的方向决定了加速度的方向，却与速度方向无关同时加速度增加，速度可能减小，所以加速度与初速度的方向关系决定速度增加与否3.玩具汽车停在模型桥面上，如图所示，下列说法正确的是a. 桥面受向下的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变b. 汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力c. 汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变d. 汽车受向上弹力，是因为汽车发生了形变【答案】c【解析】【详解】a桥面受向下的弹力，是因为车发生了弹性形变产生的对桥面向下的压力，选项a错误；b汽车也会

4、发生形变，汽车受到桥面向上的弹力，选项b错误；cd汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变，选项c正确，d错误；4.如图所示，木盒中固定一质量为m的砝码，木盒和砝码在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距离后停止现拿走砝码，而持续加一个竖直向下的恒力f(fmg)，若其他条件不变，则木盒滑行的距离()a. 不变b. 变大c. 变小d. 变大变小均可能【答案】c【解析】【详解】设木盒的质量为m，根据牛顿第二定律得放砝码时的加速度为：，拿走砝码施加f时加速度：，可知：a2a1根据v2=2ax可知，加速度增大，则滑行的距离变小，故c正确，abd错误5.如图所示，一个重为10n的物体，用细线悬挂在o点，现

5、在用力f拉物体，悬线与竖直方向夹角为37°，处于静止状态，已知 sin37°0.6，cos37°0.8，则此时拉 f的最小值为a. 5nb. 6nc. 8nd. 10n【答案】b【解析】【分析】以物体为研究对象，采用作图法分析什么条件下拉力f最小再根据平衡条件求解f的最小值【详解】以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力f与细线垂直时最小.根据平衡条件得f的最小值为：fmin=gsin37°=10×0.6n=6n；故选b.【点睛】本题是物体平衡中极值问题，难点在于分析f取得最小值的条件，采用作图法，也可以采用函数法分析确定6.某物体向右做直线运

6、动，前一段时间t1内的速度是6m/s，紧接着一段时间t2（t22t1）内的速度是9m/s，则该物体在全过程的平均速度为a. 7m/sb. 7.5m/sc. 8m/sd. 8.5m/s【答案】c【解析】【详解】前一段时间内位移为后一段内的位移为平均速度为故选c。7.小明想推动家里的衣橱，但使出了最大力气也推不动，他设计了一方案：如图所示，用a、b两块木板搭成一个底角较小的“人”字形架，根据他的设计，只要人往中央一站，衣橱就有可能被推动已知小明的重力小于衣橱与地面间的摩擦力以下说法正确的是a. 这是不可能的，因为小明的重力小于衣橱与地面间的摩擦力b. 这是不可能的，因为小明根本没有用力去推衣橱c.

7、 这有可能，因为a板对衣橱的水平推力有可能大于小明的重力d. 这有可能，因为a板对衣橱的水平推力有可能大于衣橱与地面间的摩擦力【答案】d【解析】【详解】站在人字形架时，重力产生两个效果，分别向左右两侧推墙壁和衣橱，如图，小明的重力可以分解成沿a、b两个方向的力，由于底角较小，所以a、b方向的力会很大，a对衣橱的力可以分解成水平方向和竖直方向的力，而水平方向的力会远大于小明的重力，可能大于最大静摩擦力，故d正确。故选d。 8.如图所示，自行车的车轮半径为r，车轮沿直线无滑动地滚动，当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子正下方时，气门芯位移的大小为a. b. c. d. 【答案】d【解析】【详解】

8、当气门芯由轮子的正上方第一次运动到轮子正下方时轮子向前运动半个周长，气门芯在水平方向上移动的距离为，在竖直方向上移动的距离为，由勾股定理可知，气门芯位移的大小为，故d正确，abc错误。故选d9.甲、乙两质点在同一直线上做匀速运动，甲的速度为2m/s，乙的速度为4m/s，则a. 速度值前面的正、负号与速度大小无关，只表示物体运动的方向b. 甲质点的速度大于乙质点的速度c. 由于两质点的速度一正一负，故两质点做相向运动d. 若甲、乙两质点同时由同一地点出发，则10s后甲、乙两质点相距60m【答案】ad【解析】【详解】ab由题，甲质点的速度为2m/s，乙质点的速度为-4m/s，则甲乙的速率分别为2m

9、/s和4m/s，所以乙质点的速率大于甲质点的速率，因为速度是矢量，正负号表示的是方向，所以甲的速度小于乙的速度，故a正确，b错误；c由于两质点的速度一正一负，两质点可能相向运动，也可能反向运动，故c错误；d若甲、乙两质点同时由同一点出发，甲沿正方向运动的位移大小为乙沿负方向运动的位移大小则10s后甲、乙两质点相距60m，故d正确。故选ad。10.如图甲所示，a、b两物体叠放在光滑水平面上，对b物体施加一水平变力f，该力的ft关系图象如图乙所示两物体在力f作用下由静止开始运动，且始终相对静止，则a. t0时刻，两物体的速度方向开始改变b. t0时刻，两物体之间的摩擦力为零c. 在t02t0时间内

10、，物体a所受摩擦力的方向与这段时间内f的方向相同d. 在t02t0时间内，两物体之间的摩擦力逐渐减小【答案】bc【解析】【详解】ab对a、b系统，整体水平方向只受变化的推力作用系统，由图像可知，力f先向右减小，然后再向左增大，则由牛顿第二定律可知，系统的加速度先减小再增大；a所受合力为b对a的摩擦力，由牛顿第二定律可知，f=ma，由于a先减小后增大，则摩擦力先减小后增大；在t0时刻加速度为零，摩擦力最小，为零，两物体的运动方向不变，故a错误，b正确；cdt02t0时间内，a、b系统的加速度逐渐增大，以a为研究对象，a受到的摩擦力应逐渐增大，a的加速度由其受到的摩擦力提供，因此a受到的摩擦力与a

11、、b加速度同向，即与f同向，故c正确，d错误。故选bc。11.在一种新的“子母球”表演中，让同一竖直线上的小球a和小球b，从距水平地面的高度为5h和h的地方同时由静止释放，如图所示小球a的质量是小球b的质量为2倍设小球b与地面碰撞后以原速率反弹，忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间则a. 小球b下落过程处于失重状态，上升过程处于超重状态b. 两小球第一次相遇前在空中运动的加速度相同c. 两小球第一次相遇的位置离地面的高度为d. 两小球第一次相遇时速率之和为【答案】bd【解析】【详解】a小球b下落过程为自由落体运动，反弹后做竖直上抛运动，均处于失重状态，故a错误；b两小球在空中运动时只受重力作用，所

12、加速度为重力加速度，故b正确；cdb球落地时的速度为当b落地时a下落的高度为h，选竖直向下为正方向，则有解得此过程a球下落的距离为所以第一次相遇点离地面的高度为h，此时b球的速度为0，a球的速度为故c错误，d正确。故选bd。12.如图所示，水平传送带ab长l10m，以恒定速率v14m/s运行初速度大小为v28m/s的小物块（可视为质点）从与传送带等高的光滑水平地面上经a点滑上传送带小物块的质量m1 kg，物块与传送带间的动摩擦因数0.4，g取10 m/s2下列说法正确的是a. 小物体能够到达b点b. 小物块在传送带上运动的过程中，距a端的最远距离为6mc. 小物块离开传送带时的速度大小为4m/

13、sd. 小物体在传送带上运动时间为4.5s【答案】cd【解析】【详解】ab小物块在水平方向受到摩擦力的作用产生的加速度若小物块从右端滑上传送带后一直做匀减速运动，速度减为零时的位移是x，则代入数据解得所以小物块不能到达b点，速度减为零后反向做匀加速运动，则距a端的最远距离为8m，故ab错误；c小物块不能到达b点，速度减为零后反向做匀加速运动，当速度等于传送带速度v1后匀速运动，返回a点速度为4m/s，故c正确；d小物块向左减速度时间为向右加速到与传送带速度相同时的时间为加速位移为接着匀速的时间为 所以总时间故d正确。故选cd。第ii卷（非选择题 共52分）13.（1）某次研究弹簧所受弹力 f

14、与弹簧长度 l 关系实验时，得到如图甲所示的f-l图像，由图可求得弹簧的劲度系数 k_n/m；（2）按如图乙的方式挂上钩码（已知每个钩码重 g1 n），使（1）中研究的弹簧压缩， 稳定后指针指示如图乙，则指针所指刻度尺示数为_ cm，由此可推测图乙 中所挂钩码的个数为_个【答案】 (1). 200 (2). 1.50 (3). 3【解析】【详解】（）1由f=kx，知图线的斜率为弹簧的劲度系数，即（2）2由图可知，该刻度尺的读数为：1.50cm可知弹簧被压缩：x=l0-l=3.0-1.50=1.5cm弹簧的弹力：f=kx=200×1.5×10-2=3n已知每个钩码重g=1n，

15、可推测图b中所挂钩码的个数为3个14.某同学用打点计时器研究小车的匀变速直线运动，他将打点计时器接到频率为50hz的交流电源上，实验时得到一条纸带如图，他在纸带上便于测量的地方选取第一个计数点，在这点下标明a，第六个点下标明b，第十一个点下标明c，第十六个点下标明d，第二十一个点下标明e测量时发现b点已模糊不清，他只测得ac长为14.56cm，cd长为11.15cm，de长为13.73cm（1）为了探究匀变速直线运动的规律，该同学所取的计时点个数_（填字母序号）a偏少b偏多c合适（2）若小车是做匀变速直线运动，由该同学所测的实验数据，请你帮他求出：打c点时小车的瞬时速度vc=_m/s，小车的加

16、速度a=_m/s2，ab的距离应为_cm，条a点时小车的瞬时速度va=_m/s（计算结果保留三位有效数字）【答案】 (1). a (2). 0.986 (3). 2.58 (4). 5.99 (5). 0.470【解析】【详解】（1）本实验根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，应多取一些数据，根据作差法求出加速度，再求平均值，而该同学只取两组数据，计数点偏少，故a正确；（2）由于第1个计数点，在该点下标明a，第6个点下标明b，第11个点下标明c，第16个点下标明d，第21个点下标明e，可知相邻的计数点间的时间间隔t=01s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的

17、平均速度，得：由于ac间的时间间隔t=02s，ce间的时间间隔也为t=02s，根据匀变速直线运动的推论公式x=at2可以求出加速度的大小，xde-xcd=x=at2，a=258m/s2；（3）根据匀变速直线运动的推论公式xm-xn=（m-n）at2，xde-xcd=x=258cmxcd-xab=2x所以：xab=xcd-2x=599cm根据匀变速直线运动速度时间公式得：vc=va+2at解得：va=0986-02×258=0470m/s；【点睛】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，会根据作差法求出加速度，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用15.如图所示，国产某品

18、牌汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，系统实时监视前方的交通状况当汽车发现前方有障碍物时，如果司机未及时采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，加速度大小为5m/s2设当时车速v10m/s，前方障碍物静止不动，为避免与障碍物相撞，计算该汽车此时的安全距离x（即不发生碰撞的最小距离）【答案】10m【解析】【详解】使汽车避免与障碍物相撞，则末速度vt0，加速度a5m/s2，根据，解得10m16.如图所示，物体a重ga40n，物体b重gb20n，a与b、b与地之间的动摩擦因数相同用水平绳将物体a系在墙壁上，水平力f向右拉物体b，当f30 n时，才能将b匀速拉出求接触面间的动摩擦

19、因数【答案】0.3【解析】【详解】对b物体受力分析，水平方向受到外力f，地面的摩擦力和a对b的摩擦力，故解得17.如图所示，放在粗糙斜面上的物块a和悬挂的物块b均处于静止状态，轻绳ao绕过光滑的定滑轮与轻质弹簧的右端及轻绳bo的上端连接于o点轻质弹簧中轴线沿水平方向，轻绳的oc段与竖直方向的夹角=60°，斜面倾角=30°，物块a和b的质量分别为ma=5kg，mb=1.5kg，弹簧的劲度系数为k=500n/m，重力加速度g=10m/s2 求（1）弹簧的伸长量x； （2）物块a受到的摩擦力f的大小和方向.【答案】（1）cm （2）摩擦力f的大小为5n，方向沿斜面向下【解析】【分析】（1）以轻绳ob和物块b为研究对象，受力如图并正交分解，根据平衡条件结合胡克定律求解；（2）对物块a受力如图并正交分解，根据平衡条件列式求解即可【详解】（1）以轻绳ob和物块b为研究对象，受力如图并正交分解，据平衡条件有x：kxfsin60°=0y：fcos60°mbg=0由解得：代入解得：（2）物块a受力如图并正交分解，据平衡条件有x：fmagsin30°f=0解得：，方向：沿斜面向下【点睛】本题主要考查了平衡条件和胡克定律得直接应用，要求同学们能选择合适的研究对象并能正确对物体受力分析，注意正交分解法在解题中的应用，难度适中18.质量