电功率练习题 (2)

1、绝密启用前2013-2014学年度XX学校XX月考卷副卷标题考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx学校：_姓名：_班级：_考号：_题号一二三四总分得分注意事项：1. 答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2. 请将答案正确填写在答题卡上 一、单选题（注释）1、用电高峰时期，家庭里的白炽灯泡比正常发光要暗一些这是因为，在用电高峰时（）A并联用电器增多，电路的总电阻增大B并联用电器增多，电路的总电流减小C并联用电器增多，家用电器的实际功率减小D并联用电器增多，家用电器的额定功率减小答案、C解析、A、家庭电路是并联的，并联的用电器增多，就相当于增加导体的横截面积，因此总电阻在变小，

2、A不符合题意B、在并联电路中，因此并联的用电器增多，电路中的总电流变大C、在家庭电路中，输电线和家用电器之间是串联，用电高峰期，接入电路的用电器变多，干路中的电流变大，而输电导线有一定的电阻，输电导线损失的电压，输电导线的电阻R一定，当I增大时U损增大，用电器两端的电压减小，由公式可知用电器的实际功率减小，灯泡比正常发光要暗-些D、额定功率是用电器在额定电压的功率，用电器正常工作时两端的电压为额定电压，额定电压只有一个，对应的额定功率只有一个，它不随电压的改变而改变故选C2、某同学在探究“灯的亮度是否与电压有关”时，将实物按如图4所示的电路连接，进行实验操作前，做出如下判断，其中合理的是( )

3、 A若滑片P向a端滑动时，电压表示数会变小，灯会变暗B若滑片P向b端滑动时，电压表示数会变小，灯会变亮C应将灯和滑动变阻器的位置互换后，移动滑片进行观察D应将电压表接c点的导线改接在d点后，移动滑片进行观察答案、C解析、【解析】A、闭合开关，若滑片P向a端滑动时，连入的电阻变小，分压变小，电压表示数会变小，灯两端的电压变大，灯变亮，故A错；B、闭合开关，若滑片P向b端滑动时，连入的电阻变大，分压变大，电压表示数会变大，灯两端的电压变小，灯变暗，故B错；C、将灯和滑动变阻器的位置互换后，电压表测量的是电灯两端的电压，若滑片P向a端滑动时，连入的电阻变小，分压变小，灯两端的电压变大，电压表示数会变

4、大，灯变亮，可以得出灯的亮度与电压的关系，故C正确；D、将电压表接c点的导线改接在d点后，闭合开关，电压表的正负接线柱接反，不能测量，故D错故选C3、灯泡L上标有“6V 6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化关系如图（甲）所示现把灯泡L接入如图 （乙）所示的电路中，若电路电压为10V不变，电流表的量程为“00.6A”，电压表的量程为“015V”则下列说法正确的是（）A灯泡L正常发光时，电压表的示数为6VB当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为9V C灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而增大D为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为6W答案、BD解析、【解析】试题分析：1?由图象可知?当灯泡

5、正常发光（UL=6V）时电路中的电流为1A>0.6A? 电路中的最大电流=0.6A?灯泡不能正常发光? 电路消耗的最大电功率Pmax=UImax=10V×0.6A=6W?2?由图象可知?当I=0.4A时?UL=1V?UR=U-UL=10V-1V=9V?3?根据结合图象可知?灯泡的电阻随两端的电压增大而增大? 根据串联电路总电压等于各分电压之和可知?此时电压表的示数减小?所以选BD考点：电功率的计算?串联电路的电压规律?欧姆定律的应用点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用?关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流?这也是学生比较容

6、易出错的地方4、图所示的两个电路中，电源电压恒定且相等，两个灯泡的规格相同闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P都从中点向右滑动的过程中，关于灯泡L1和L2的亮度情况，下列判断正确的是 （ ）AL1和L2都变亮BL1和L2都变暗CL1始终比L2亮DL2始终比L1亮答案、D解析、【解析】试题分析：图示电路中灯泡与滑动变阻器的连接方式分别为串联和并联；灯泡的实际功率决定灯泡的明暗程度当滑片位于中点时，左图，滑动变阻器与灯串联，则灯两端的电压低于电源电压；右图，滑动变阻器与灯并联，则灯两端的电压等于电源电压，根据，并联时功率大于串联时的功率；左图：灯泡与滑动变阻器串联，当滑片从中点向右滑动的过程中，滑动变

7、阻器接入电路中的电阻增大，电路中的电流减小，根据功率的计算公式P=I2R可得，R不变，I减小，因此灯泡的实际功率减小，即灯泡的亮度变暗右图：灯泡与滑动变阻器并联，并且并联电路中各支路用电器互不影响，或根据进行分析，R和U都不变，因此灯泡的实际功率不变，故灯泡的亮度不变因此L2始终比L1亮故选 D考点：欧姆定律的应用；电功率的计算；实际功率点评：首先要求学生会识别串联电路和并联电路，并且知道决定灯泡明暗程度的物理量，会根据串并联电路的特点判断灯泡明暗程度的变化5、甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法正确的是A正常发光时乙灯丝电阻大B正常发光时乙灯消耗的电能多C两灯串联在220V电路中甲

8、灯比乙灯亮D两灯并联在220V电路中甲灯更亮答案、C解析、【解析】试题分析：A、由灯泡铭牌知，两灯的额定电压，灯泡的额定功率，由电功率的变形公式可知，故A错误；B、由可知，灯泡正常发光时消耗的电能，除了与灯泡额定功率P有关外，还与灯泡的发光时间t有关，现在不知道灯泡发光时间，无法判断灯消耗的电能多少，故B错误；C、两灯泡串连接在220V电路中，通过灯的电流I相等，已知，由可知，实际功率，甲灯更亮，故C正确；D、两灯并联在220V电路中，灯泡正常发光，灯泡的额定功率，乙灯更亮，故D错误；故选C考点：电功的计算；电功率的计算；额定功率；实际功率点评：由灯泡铭牌找出灯泡的额定电压与额定功率是正确解题

9、的前提，熟练应用电功率公式及其变形公式、熟练应用串联电路与并联电路的特点是正确解题的关键6、如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑片向右移动时，下列说法中正确的是 A电压表示数变小，电路消耗的总功率减小B电流表示数变小，电阻R1消耗的电功率大C电压表示数变大，电压表与电流表示数之比不变D电流表示数变大，电压表与电流表示数之比不变答案、A解析、【解析】试题分析：由电路图可知，两电阻串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大，根据可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小；根据U=IR可知，R1两端的电压变小

10、，即电压表的示数变小；根据可知，电压表与电流表示数之比不变故选A考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时电路变化的判断，难点是能把电压表的电流表示数的变化转化为定值电阻阻值的变化7、甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是A两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多B两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻 C两灯串联在220伏的电路中，甲灯比乙灯亮D将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率为50W答案、C解析、【解析】解：A、用电器工作消耗的电能W=Pt，用电器正常工作，没有工作时间，不能判断消耗电能的多少不符合题意B、

11、根据额定电压和额定功率，计算甲乙两灯的正常工作的电阻R甲="U" 2甲/ P甲 =" (220V)2/25W" =1936R乙="U" 2乙 / P乙 ="(220V)2" /100W =484甲灯正常工作时的电阻大不符合题意C、根据额定电压和额定功率，计算甲乙两灯的正常工作的电阻R甲="U" 2甲/ P甲 =" (220V)2/25W" =1936R乙="U" 2乙 / P乙 ="(220V)2" /100W =484当甲乙两灯串联时

12、，根据P=I2R知，电流相同，甲电阻越大，甲实际功率越大，甲电灯越亮C符合题意D、乙灯接在110V的电路中，消耗的功率是P=U2 /R乙 ="(110V)2" /484 =25W不符合题意8、在图所示的电路中，开关S闭合后，电流表A1的示数是A2示数的2倍。关于三个电阻的阻值关系，一定的是AR22 R1BR22R3C R1R2DR1的功率P1 R3的功率P3答案、D解析、【解析】试题分析：由图可知，三电阻并联，电流表A1的示数为I2+I3，电流表A2的示数为I1+I2，I2+I3=2（I1+I2），I3=2I1+I2所以选D考点：电路分析，欧姆定律点评：由电路图可知，三电阻

13、并联，电流表A1测R2、R3支路的电流之和，A2测R1、R2支路的电流之和；根据并联电路的电流特点得出它们之间的电流关系，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律确定三电阻之间的关系9、【题文】（把两段阻值相等的电热丝串联后接在电源上，在时间t内电流做功W1,若把两段电热丝并联接在同一电源上，在时间t内电流做功W2。则W1与W2之比是（ ）A41B21 C14D12答案、C解析、【解析】设每段电热丝的阻值为R，则串联时总阻值R1=2R，并联时总阻值R2=因为接在同一电源上，所以电压相等由W=t,得：串联时做功：W1=t并联时做功W2=t则=1:4思路分析：两段电热丝的阻值相等，则很容易求出串联和并联

14、时的总电阻；因为接在同一电源上，所以电压相等我们可以选择W=求解。试题点评：本题中阻值没有告诉，故我们在做题时可以先假设为R，作为初学者，在求比值时尽量把要比较的两个量清楚的写出来，这样可以帮助我们更准确的去计算10、将灯L1接在12V的电路中，功率为12W.若保持电路电源电压不变，再在电路中连入灯L2，使电路的总功率为18W.在图所示的四个电路中，连接方法正确的是答案、C解析、【解析】试题分析：两灯泡串联后，两灯泡两端的电压之和为12V，实际功率小于各自的额定功率，所以总功率小于18W；故A、D错误；B中灯L2的额定电压为6V，电源电压为12V，接入以后就烧毁了；故B不合题意；C中灯L2的额

15、定电压为12V，电源电压为12V，额定功率为6W，所以；两灯并联后的总功率为故C符合题意故选C考点：电功率的计算；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用点评：本题考查串联电路和并联电路电压的特点，关键知道串联电路总电压等于各个串联电阻两端的电压之和；并联电路用电器两端的电压等于电源电压 二、填空题（注释）1、 家用电灭蚊器的发热部分使用了PTC发热材料，它的电阻随温度变化规律如图所示。使用时发热体直接连入家庭电路，当发热体的温度为60时，电功率为 W；当发热体温度继续上升时，电灭蚊器发热体的的电功率会 (选填“变大”、“不变”、“变小”)。 答案、【答案】_4.84_ _变小_

16、解析、【解析】分析：（1）家庭电路的电压为220V，根据图象读出当发热体的温度为60时对应的电阻，再根据P= 求出此时的电功率；（2）根据电路图可知当发热体温度继续上升时，电灭蚊器发热体的电阻的变化，然后根据P=判断电功率的变化解答：解：（1）家庭电路的电压为220V，由图象可知当发热体的温度为60时，R=10K=10000，此时电功率：P=4.84W；（2）由图象可知，当发热体温度继续上升时，电阻变大，根据P=可知，电源电压不变时，它的电功率会减小故答案为：4.84；减小2、某用户电子式电能表的表盘上标有“2000imp/（kw?h）的字样若3min电能表表盘上的指示灯闪烁了40次，则这段时

17、间内该用户消耗的电能为J，所使用用电器的总功率为W答案、【答案】7.2×104；400解析、【解析】解：因为电路中每消耗1kW?h的电能，指示灯闪烁2000次；所以当指示灯闪烁40次时，消耗的电能为：W=kW?h=0.02kW?h=7.2×104J；又t=3min=h用电器的总功率为：P=0.4kW=400W3、右表为小明家中电热水器的部分技术数据。该电热水器正常工作时的功率为_瓦，电流为_安。若它单独正常工作2小时，则家中电能表的示数变化_千瓦·时。家用电热水器额定功率2200瓦容积100升净重28千克 答案、【答案】2200；10；4.4解析、【解析】由铭牌可

18、知该电热水器正常工作时的功率为2200W，正常工作时的电流，单独正常工作2小时消耗的电能W=Pt=2.2KW×2h=4.4KW?h，即家中电能表的示数变化了4.4KW?h故答案为：2200，10，4.44、【题文】家庭电路中“超负荷”是指电路中的电流过大，出现上述情况时，电路中的熔断器或空气开关会自动切断电路，熔断器中的熔丝熔断是电流的 效应引起的；而空气开关（如图）切断电路是电流的 效应引起的；如果只让家庭电路中的一个用电器正常工作1h，使标有3000r/（kw·h）的电能表表盘转动1500r，则此用电器功率是 W。答案、【答案】热 、磁 、 500解析、【解析】试题分析

19、：（1）电流通过导体时电能转化成热，这种现象叫电流的热效应熔断器中的熔丝就是保险丝，它之所以被熔断是由于电流过大，通过熔丝时产生的热量过多，使得熔丝的温度升高而被熔断，所以熔丝熔断是电流的热效应引起的；（2）通电导线周围存在磁场，这种现象叫电流的磁效应由图可知，空气开关中有一个电磁铁（电磁铁的原理是电流的磁效应），当电流过大时，电磁铁会产生较强的磁性从而吸引衔铁，使开关断开，切断电路，所以空气开关切断电路是电流的磁效应引起的（3）电能表表盘转动1500r消耗的电能：，用电器的功率：考点：电功率的计算；电流的热效应、化学效应和磁效应；电能表参数的理解与电能的求法点评：本题考查了学生对熔丝和空气开

20、关原理、电能表参数“3000r/kW?h”的了解与掌握，它们都是物理知识在生活中的实际应用，要记住电流电流的热效应和磁效应5、如图所示，电路中电源两端电压不变，已知滑动变阻器的最大电阻值为RW，定值电阻的电阻值未知。当把滑动变阻器的滑片P置于变阻器的右端点B时，闭合开关S，电压表的示数为U1；当把滑动变阻器的滑片P移至变阻器的左端点A时，电压表的示数为U2。前后两次电路总电功率的增加量DP_。答案、【答案】解析、【解析】试题分析：当把滑动变阻器的滑片P置于变阻器的右端点B时，电阻与滑动变阻器串联，电压表测量电阻两端的电压，当把滑动变阻器的滑片P移至变阻器的左端点A时，电路中只有电阻工作，滑动变

21、阻器短路，电压表测量电源电压，当把滑动变阻器的滑片P置于变阻器的右端点B时，滑动变阻器全部接入电路，它两端的电压等于电源电压与定值电阻两端的电压之差，根据公式求出此时电路的电流，利用公式求出定值电阻的阻值，再利用公式P=UI求出此时电路的总功率，当把滑动变阻器的滑片P移至变阻器的左端点A时，电路的总功率，前后两次功率之差就是电路总功率的增加量考点：此题考查的是电流和电压的规律及电功率的计算。点评：本题考查电功率的计算以及串联电路电流和电压的规律，关键是公式及其变形的灵活运用，本题计算过程全部是字母代替数字，解题过程中一定要认真仔细 三、实验题（注释）1、小明在探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的

22、关系”的实验中，所用的电源电压是4V，小灯泡的额定电压是25V，小灯泡两端允许加的最大电压为额定电压的1.2倍(1)小明连接的电路中，电流表接的是大量程，滑动变阻器的滑片滑到了阻值最大端在检查电路连接正确后，闭合开关小明进行了有关操作，并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程则他进行了怎样的实验操作？观察到什么实验现象？实验操作：_实验现象：_(2)小刚在做该实验时，用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器请分析说明用定值电阻代替滑动变阻器做实验的两点不足_；_答案、【答案】(1)将滑动变阻器滑片从阻值最大端缓慢向阻值最小端滑动，观察电压表和电流表示数， 电压表示数为3V时

23、，电流表示数不大于0.6A (2)经常更换电阻操作不方便 不方便观察灯泡亮度的变化解析、【解析】试题分析：（1）应进行的操作是：将滑动变阻器滑片从阻值最大端缓慢向阻值最小端滑动，观察到的现象是：观察电压表和电流表示数， 电压表示数为3V时，电流表示数不大于0.6A，据此将电流表从大量程改为小量程。（2）经常更换电阻操作不方便 不方便观察灯泡亮度的变化考点：测小灯泡电功率点评：本题考查，量程选择，滑动变阻器的应用，应熟练操作方法，知道滑动变阻器的好处才能处理好本题。 四、计算题（注释）1、【题文】甲、乙两物体同时同地反方向开始做匀速直线运动，甲的速度大于乙的速度，它们的st图象为下图所示的两条线

24、。求：甲物体运动的速度v甲； 运动8秒甲、乙间的距离s。答案、【答案】。1m/s 12m解析、【解析】试题分析：根据运动的路程与时间图像可以读出某段时间的路程，根据求出速度，例如甲物体运动6s，通过的路程是6m，代入公式求出速度。同样可以求出物体乙运动的速度， 。甲两两物体在8s内通过的路程分别为s甲=8m，s乙=4m，因为两物体是相反方向运动，所以甲乙两物体间的距离为s=s甲+s乙=12m。考点：运动的路程与时间图像2、【题文】下表为某品牌双桶洗衣机所用电动机的工作参数和该洗衣机洗涤时正转停反转的时间顺序。该洗衣机洗涤、脱水的电功率各是多少？若设定一个 “洗涤：14 min，脱水：2 min

25、”的工作程序，则洗衣机完成这一程序所耗电能是多少？名 称额定电压频率工作电流洗涤电动机220 V50 Hz0.5 A脱水电动机220 V50 Hz0.8 A答案、【答案】洗涤：110 W 脱水：176 W 113520J解析、【解析】试题分析：设洗衣机洗涤时的电功率是P1，脱水时的电功率为P2，从表格可知，洗涤电动机工作的时间为：，又脱水电动机工作的时间为：，则洗衣机完成这一程序所耗电能为：考点：电功率的计算；电功的计算点评：本题考查了利用公式P=UI计算电功率，以及利用公式W=Pt计算电能，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，且加强了学生的节能意识，注意计算时的单位变换要正确3、在图所示的电

26、路中，电源电压为15伏且不变，滑动变阻器上标有“20 2A”字样，闭合电键S后，电流表的示数为0.2安，电压表的示数为2伏。求：(1)滑动变阻器连入电路的阻值；(2)电阻消耗的电功率；(3)现有阻值为15和24的两个电阻，请从中选择一个来替换电阻，要求：在移动变阻器的滑片P的过程中，使电流表和电压表的示数分别能达到某个量程的最大值，且电路能正常工作。应选择的电阻阻值为_。满足上述要求时，变阻器连入电路的阻值范围。答案、【答案】解：（1）得：；（2）（3）24 16解析、【解析】略4、小华家买了一个家用电吹风，如图甲所示。其简化电路如图乙所示，主要技术参数如右表。型号SHZ2010624热风温度

27、5075额定功率热风时：1000W 冷风时：120W额定电压220V 质量0.5kg 请解答如下问题：（1）当电吹风吹冷风时，正常工作5min消耗的电能是多少？（2）当选择开关旋至何处时，电吹风正常工作的功率最大？此时电路中的总电流是多大？（3）当电路供电电压为200V时，电吹风电热丝的实际电功率为多大？（计算结果保留一位小数）答案、【答案】（1）3.6×104J（2）当选择开关旋至B、C点时，电吹风的电功率最大 4.5A（3）727.3W解析、【解析】试题分析：解：（1）当电吹风吹冷风时，由PW/t得：消耗电能：W = Pt1=120W×5×60s3.6

28、5;104J （2）当选择开关旋至B、C点时，电吹风的电功率最大 由：PUI得 电路中的电流：IP /U4.5A （3）电热丝的额定功率：P丝1000W120W880W 由：PUI和IU/R 可得：电热丝的电阻：R丝U2/P丝55 电热丝的实际功率： P丝U实2/R丝727.3W 考点：此题考查的是电功率的计算。点评：在此题中注意电吹风吹冷风是只有电动机工作，吹热风时是电动机和电热丝同时工作。5、如图，是某电热器的原理简图，它有高温、低温两档，发热体由R1和R2两个电热丝构成，阻值分别为220、110。（1）S1闭合、S2断开时，求电热器的功率；（2）S1、S2都闭合时，求电热器总功率；答案、

29、【答案】（1）220W（2）660W解析、【解析】试题分析：（1）（其它解法也可）（2）考点：电功率的计算；并联电路的电流规律点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律及电功率公式的应用；关键是电功率公式的灵活应用和加热器状态的判断，以及电路图的分析6、在图所示的电路中，电阻R1的阻值为10欧闭合开关S，电流表A1的示数为0.3安，电流表A的示数为0.8安求： （1）R1两端电压U1是多少 ？（2）R2的电阻是多少数 ？（3）在10s钟内R2做功多少焦 ？ 答案、【答案】（1）3 V赞同（2）6（3）15 J解析、【解析】因两电阻并联在电源两端，故由欧姆定律求得R1两端的电压即为电源电压；利用求

30、出的电源电压及通过R2中的电流，由欧姆定律可求得R2的阻值；由公式W=UIt可求出通电10s，电流通过电阻R2做的功W2（1）U1 =" I1R1" = 0.3A×10="3" V赞同(2）U1 =" U2" =" U=3" VI2 =" I" - I1=" 0.8" A -0.3A =" 0.5" AR2 =" U2/" I2="3" V/0.5 A = 6（3）W =" U2" I2

31、t="3" V×0.5 A×10s ="15" J7、在图（a）所示的电路中，电源电压为6伏，电阻R1的阻值为20欧，变阻器R2标有“20 2A”字样，闭合电键S后，电路正常工作。求：（1）电流表A1的示数。（2）将变阻器R2的滑片P移至某点时，该电路中某电流表的示数如图11（b）所示，求此时变阻器R2连入电路的阻值。（3）此时电路10秒内所消耗的电能。答案、【答案】（1）电流表A1的示数为0.3A。（2）将变阻器R2的滑片P移至某点时，该电路中某电流表的示数如图11（b）所示，求此时变阻器R2连入电路的阻值为10。（3）此时电路10

32、秒内所消耗的电能为54J解析、【解析】试题分析：由上图可知，R1R2并联，电流表A1测电阻R1的电流，电流表A2测干路的总电流。并联电路各支路两端电压相等，所以U=U1=U2=6V（1）I1= （2）因为电流表A2测干路的总电流，所以A2大于0.3A，应为0.9A。又因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和所以：I2=II1=0.9安0.3安=0.6安 （3）W=UIt=6V×0.9A×10S=54J答：（1）电流表A1的示数为0.3A。（2）将变阻器R2的滑片P移至某点时，该电路中某电流表的示数如图11（b）所示，求此时变阻器R2连入电路的阻值为10。（3）此时电路10秒

33、内所消耗的电能为54J考点：并联电路的特点、欧姆定律、电功。点评：本题考查了：在并联电路中各支路两端电压相等，干路电流等于各支路电流之和。8、发光二极管是一种发展前景非常好的节能灯具，它将取代白炽灯而成为主流照明灯具。实验发现，4只“2.5V 10mA”的高亮发光二极管和1只“2.5V 0.3A”的白炽灯在正常工作时光照强度相同。（1）请计算在正常发光的情况下高亮发光二极管和白炽灯光照强度相同时的功率之比；（2）你认为在功率相同的情况下，发光二极管比白炽灯亮得多的原因是什么？答案、【答案】.2:15（3分）并非利用电流热效应工作，发光效率非常高。（3分）解析、【解析】（1）4只发光二极管的发光

34、功率P1=4U1I1=4×2.5V×0.01A=0.1W亮度相同的白炽灯的功率P2=U2I2=2.5V×0.3A=0.75W正常发光的情况下高亮发光二极管和白炽灯光照强度相同时的功率之比P1：P2=0.1W：0.75W=2：15答：正常发光的情况下高亮发光二极管和白炽灯光照强度相同时的功率之比为2：15（2）白炽灯是利用电流的热效应来工作的，它把电能转化为内能和光能，这是它发光效率低的原因；而发光二极管是把电能转化为光能的灯具故答案为：发光二极管并非利用电流热效应工作，它的发光效率非常高9、某电熨斗内有R1、R2两段发热丝，其简化电路如图所示，它在220V或110

35、V电压下都能正常工作：110V时将S打至1挡，220V时将S打至2挡，这两种情况下电熨斗的电功率均为1100W。求：（1）220V电压下正常工作的电流；（2）R2正常工作5min消耗的电能；（3）110V电压下正常工作时，R1的电阻；（4）两电热体的电阻R1与R2的比值。答案、【答案】(1) 5A(2) 3.3×105J(3) 11(4) 1/4 解析、【解析】 (1) I =" P" / U2=1100w/220V=5A-2分 (2) W=Pt=1100w×5×60s=3.3×105J-2分 (3) R1=U12/ P=(110v)

36、2/1100w=11-2分(4)R2=U22/ P=(220v)2/1100w=44-1分R1/ R2=11/44=1/4-1分 10、【题文】如图甲所示电路中，电源电压恒定，R为电阻箱，小灯泡两端的电压随电流变化的关系如图乙所示将电阻箱的阻值调为R1=5时，小灯泡恰能正常发光，电压表示数U1=2V求：（1）小灯泡的额定功率P0；（2）电源电压U；（3）若将电阻箱的阻值调为R2时，小灯泡消耗的实际功率为PL=0.1W，求R2的值答案、【答案】1W；4.5V；20解析、【解析】试题分析：（1）串联电路中各处的电流相等，根据欧姆定律可得，电路中的电流：，由图象可知，灯泡两端的电压UL=2.5V，灯

37、泡正常发光，灯泡的额定功率：P0=ULI=2.5V×0.4A=1W；（2）串联电路中总电压等于各分电压之和，电源的电压：U=UR+UL=2V+2.5V=4.5V；（3）由图象可知，当电路中的电流I=0.2A，UL=0.5V时，小灯泡消耗的实际功率为PL=0.1W，此时R2两端的电压：U2=U-UL=4.5V-0.5V=4V，则考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象得出小灯泡消耗的实际功率为PL=0.1W时两端的电压和电路中的电流11、图16中两灯泡L1、L2在盒内的连接方式未

38、知，电源电压为6V。开关闭合后两灯均发光，电流表读数为09A；若把L1取下，L2仍发光，电流表读数变为0.3A（1）L1和L2是并联还是串联的？（2）取下L1后，5秒内L2消耗多少电能（3）L1的电阻多大？答案、【答案】（1）并联（2）9J（3）解析、【解析】电源电压为6V。开关闭合后两灯均发光，电流表读数为09A；若把L1取下，L2仍发光，电流表读数变为0.3A，L1和L2并联。取下L1后，5秒内L2消耗电能是W2U2I2t26V×0.3A×5s9JL1的电流I1II20.9A0.3A0.6A L1的电阻解：（1）L1和L2并联（2）L2消耗的电能W2U2I2t26V&#

39、215;0.3A×5s9J（3）L1的电流I1II20.9A0.3A0.6AL1的电阻12、目前市场上出现了一种新型热水器空气能热水器，它是通过吸收空气中的热量来制造热水的“热量搬运”装置。其工作原理是：空气能热水器在工作时，吸收空气中的能量为Q1，消耗的电能为Q2，通过热交换使热水得到的能量为Q3，即Q3Q1Q2，所以它的热效率(Q3Q2的比值)可以达到300%500%。问：水的比热容为4.2×103J/(kg·)(1)空气能热水器将100kg的水从15加热到55，水吸收的热量是多少？(2)若空气能热水器的热效率是400%，将100kg的水从15加热到55消耗的

40、电能是多少？(3)若空气能热水器的电功率是1400W，完成上面的加热过程所用时间分别是多少？答案、【答案】(1) 1.68×107J (2) 4.2×106J (3) 3×103s解析、【解析】(1)(3分)水吸收的热量：Q3cm(tt0)4.2×103J/(kg·)×100kg×(5515)1.68×107J(2)(2分)空气能热水器消耗电能：Q24.2×106J(3)(3分)完成加热过程所用的时间：t23×103s13、一个标有“PZ 220110”的灯泡。求(1)灯泡正常工作时的电流多大？（2）灯泡的电阻R多大？（3