福建省2018届高三物理 阶段滚动检测5 鲁科版

1、阶段滚动检测(五)第十一、十二章(90分钟 100分)第卷(选择题 共60分)一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分，每小题只有一个答案正确)1.(2012·银川模拟)在飞机的发展史中有一个阶段，飞机上天后不久，飞机的机翼很快就抖动起来，而且越抖越厉害，后来人们经过了艰苦的探索，利用在飞机机翼前缘处装置一个配重杆的方法解决了这一问题，在飞机机翼前装置配重杆的主要目的是( )A.加大飞机的惯性B.使机体更加平衡C.使机翼更加牢固D.改变机翼的固有频率2.(2012·怀柔模拟)一列简谐横波以10 m/s的速度沿x轴正方向传播，t=0时刻这列波的波形如图所示，则a质点

2、的振动图象为( )3.(2012·福州模拟)图甲为一列横波在t=1.0 s时的波动图象，图乙为该波中x=2 m处质点P的振动图象，下列说法正确的是( )A.波速为4 m/sB.波沿x轴正方向传播C.再过1.0 s，P点的动能最大D.再过1.25 s，P点的振动路程为0.5 cm4.消除噪声污染是当前环境保护的一个重要课题.内燃机、通风机等在排放各种高速气流的过程中都发出噪声，干涉型消声器可以用来减弱高速气流产生的噪声.干涉型消声器的结构及气流运行如图所示，产生波长为的声波沿水平管道自左向右传播.当声波到达a处时，分成两束相干波，它们分别通过r1和r2的路程，再在b处相遇，即可达到减弱

3、噪声的目的.若r= r2-r1, 则r等于( )A.波长的整数倍B.波长的奇数倍C.半波长的奇数倍D.半波长的偶数倍5.(2012·南平模拟)如图甲为某一波动在t=1.0 s时刻的图象，图乙为参与波动的某一质点的振动图象，则下列说法正确的是( )A.这列波的波速是8 m/sB.图示时刻起Q质点比P质点先回到平衡位置C.乙图是甲图x=1 m、2 m、3 m、4 m处四个质点中x=2 m处质点的振动图象D.若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的波的频率一定为1 Hz，振幅一定为0.2 m6.(2012·唐山模拟)酷热的夏天，在平坦的柏油公路上你会看到在一定距离之

4、外，地面显得格外明亮，仿佛是一片水面，似乎还能看到远处车、人的倒影.但当你靠近“水面”时，它也随你靠近而后退.对此现象正确的解释是( )A.出现的是“海市蜃楼”，是由于光的折射造成的B.“水面”不存在，是由于酷热难耐，人产生的幻觉C.太阳辐射到地面，使地表温度升高，空气折射率大，发生全反射D.太阳辐射到地面，使地表温度升高，空气折射率小，发生全反射7.已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光( )A.在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B.以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C.从该玻璃中射入空气发生全反射时，红光临界角较大D.用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间

5、距较大8.(2012·莆田模拟)在水下同一深度有两个不同颜色的点光源P、Q，已知P在水面形成的亮斑区域大于Q在水面形成的亮斑区域，以下说法正确的是( )A.P光的频率大于Q光的频率B.P光在水中的传播速度小于Q光在水中的传播速度C.P光的临界角大于Q光的临界角D.同一双缝干涉装置，P光条纹间距小于Q光条纹间距9.(2012·龙岩模拟)如图所示，a、b、c、d四个图是不同的单色光形成的双缝干涉或单缝衍射图样.分析各图样的特点可以得出的正确结论是( )A.a、b是光的干涉图样B.c、d是光的干涉图样C.形成a图样的光的波长比形成b图样光的波长短D.形成c图样的光的波长比形成d图

6、样光的波长短10.(2012·厦门模拟)下列说法中正确的是( )A.相对论认为物体的质量与物体的运动速度有关B.太阳能真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的衍射原理C.相对论认为真空中的光速在不同惯性参照系中是不相同的D.单摆的摆球振动到平衡位置时，所受的合外力为零11.(滚动交汇考查)如图所示，空间存在一匀强磁场,其方向为垂直于纸面向里,磁场的右边界为MN,在MN右侧有一矩形线圈abcd,ab边与MN重合.线圈在外力作用下以ab边为轴按图示方向匀速转动,规定电流从abcda为正方向,则下列图象能正确表示线圈中电流随时间变化规律的是( )12.(滚动单独考查)如图所示,有一

7、个等腰直角三角形的匀强磁场区域.直角边长为L,磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向外,一边长为L、总电阻为R的正方形闭合导线框abcd,从图示位置开始沿x轴正方向以速度v垂直磁场匀速穿过磁场区域.取电流沿abcda的方向为正,则图中表示线框中感应电流i随bc边位置坐标x变化的图像正确的是( )第卷(非选择题 共40分)二、计算题(本大题共4小题，共40分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)13.(8分)用某一单色光做双缝干涉实验时，已知双缝间距离为0.25 mm，在距离双缝1.2 m处的光屏上，测得5条亮纹间的距离为7.5 mm，试求所用单色光的波长.14.(10分)一棱镜的

8、截面为直角三角形ABC，A=30°，斜边ABa.棱镜材料的折射率为n=.在此截面所在的平面内，一条光线以45°的入射角从AC边的中点M射入棱镜，求光线在棱镜上射出的点的位置(不考虑光线沿原路返回的情况).15.(10分)(滚动交汇考查)如图所示，两根足够长固定平行金属导轨位于倾角30°的斜面上，导轨上、下端各接有阻值R20 的电阻，导轨电阻忽略不计，导轨宽度L2 m，在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B1 T.质量m0.1 kg、连入电路的电阻r10 的金属棒ab在较高处由静止释放，当金属棒ab下滑高度h3 m时，速度恰好达到最大值v2

9、m/s，金属棒ab在下滑过程中始终与导轨垂直且与导轨接触良好.g取10 m/s2.求： (1)金属棒ab由静止至下滑高度为3 m的运动过程中机械能的减少量.(2)金属棒ab由静止至下滑高度为3 m的运动过程中导轨上端电阻R中产生的热量.16.(12分)(滚动交汇考查)自由电子激光器是利用高速电子束射入方向交替变化的磁场，使电子在磁场中摆动着前进，进而产生激光的一种装置.在磁场中建立与磁场方向垂直的平面直角坐标系xOy，如图甲所示.方向交替变化的磁场随x坐标变化的图线如图乙所示，每个磁场区域的宽度L= m，磁场的磁感应强度大小B0=3.75×10-4 T，规定磁场方向垂直纸面向外为正方

10、向.现将初速度为零的电子经电压U=4.5×103 V的电场加速后，从坐标原点沿x轴正方向射入磁场.电子电荷量e=1.6×10-19 C，电子质量m取9×10-31 kg，不计电子的重力，不考虑电子因高速运动而产生的影响.(1)电子从坐标原点进入磁场时的速度大小为多少？(2)请在图甲中画出x=0至x=4L区域内电子在磁场中运动的轨迹，计算电子通过图中各磁场区域边界时位置的纵坐标并在图中标出；(3)从x=0至x=NL(N为整数)区域内电子运动的平均速度多大？答案解析1.【解析】选D.飞机飞上天后，在气流周期性驱动力作用下做受迫振动，机翼越抖越厉害说明气流驱动力周期与机

11、翼的固有周期非常接近或相等，在机翼前缘处装置配重杆目的是通过改变机翼的质量来改变其固有频率，使驱动力频率与固有频率相差较大，从而达到减振的目的，故选D.2.【解析】选D.由波形图可知波长为4 m,据v=可得T=0.4 s，A、C错;据波的传播方向可知t=0时刻a质点振动方向向下，B错，D对.3.【解析】选C.由甲乙两图可知=4 m，T=2 s，因此波速为2 m/s，A错；由图乙知t=1.0 s时质点P向下振动，结合图甲可知波沿x轴负方向传播，B错；再过1.0 s质点P又回到平衡位置，速度最大，动能最大，C对；再过1.25 s质点P越过平衡位置，振动路程大于0.5 cm，D错，故选C.4.【解析

12、】选C.由a处分成两束相干波，振动情况相同，当r=r1-r2=(2n+1)时，在b处相遇叠加振动减弱，达到减弱噪声的目的，C对.5.【解析】选C.由图甲知波长为4 m，由图乙得T=1 s，因此这列波的波速是4 m/s，A错；据波动图象可知图示时刻起Q质点向上振动，P质点比Q质点先回到平衡位置，B错；乙图反映质点在t=1.0 s时刻在平衡位置且向下振动，由图甲知x=2 m处质点的振动情况与此相同，C对；此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，两列波的频率相同，振幅不一定相同,D错，故选C.6.【解析】选D.酷热的夏天地面温度高，地表附近空气的密度小，空气的折射率下小上大，远处车、人反射的太阳光由光

13、密介质射入光疏介质发生全反射，A、B、C错，D对.7.【解析】选C.在同一种玻璃中，红光的折射率小于蓝光的折射率，由v可知，蓝光在该玻璃中的传播速度小于红光，A错；两种光的入射角相同，由sinr可知，蓝光的折射角小于红光的折射角，B错；由sinC可知，红光的临界角大于蓝光的临界角，C对；由于红光的频率小于蓝光的频率，则红光的波长较长，由干涉条纹间距公式y可知，红光的条纹间距较大，D错.8.【解析】选C.由P在水面形成的亮斑区域大于Q在水面形成的亮斑区域可知P光临界角大，C对；据sinC=知P光的折射率小，频率小，波长长，通过同一双缝干涉装置，P光条纹间距大，A、D错；据v=知P光在水中的传播速

14、度大，B错，故选C.9.【解析】选A.干涉条纹是等间距的条纹，因此，a、b图是干涉图样，c、d图是衍射图样， A对B错；由公式y可知，条纹宽的入射光的波长长，所以a图样的光的波长比b图样的光的波长长， C错；c图样的光的波长比d图样的光的波长长， D错.10.【解析】选A.由相对论的光速不变原理和质速关系知A对C错；真空玻璃管采用镀膜技术增加透射光，这是利用了光的干涉原理，B错；单摆的摆球在振动过程中沿圆弧运动，到达平衡位置时受到重力和绳子的拉力作用，两力均沿竖直方向，因物体做圆周运动需要向心力，故摆球所受的合力不为零， D错，故选A.11.【解析】选C.当cd边刚进入磁场时,垂直切割磁感线,

15、感应电动势最大,由右手定则可判定电流方向为adcba,是负值;当线圈平面与磁感线垂直时,线圈位于中性面.电流为零;之后线圈越过中性面，电流改变方向逐渐变大.当cd边出磁场时,感应电动势最大,电流方向为正值,故只有C符合变化规律.12.【解析】选C.在进入磁场的过程中,线框切割磁感线的有效长度越来越大,产生的感应电动势、感应电流越来越大,穿过线圈的磁通量越来越大,由楞次定律可判断出感应电流沿顺时针方向,即为正值;在出磁场的过程中,线框切割磁感线的有效长度越来越大,则感应电流越来越大,穿过线圈的磁通量越来越小,由楞次定律可判断,感应电流为逆时针方向,即为负值.综上所述,C正确.13【解析】由题意知

16、y (3分)l1.2 m.d0.25×103 m，根据公式y，得波长ym3.9×10-7 m.(5分)答案：3.9×10-7 m14.【解析】设入射角为i，折射角为r，由折射定律得=n由已知条件及式得r=30°(2分)如果入射光线在法线的右侧，光路图如图甲所示.设出射点为F，由几何关系可得AF=a(2分)即出射点在AB边上离A点a的位置.如果入射光线在法线的左侧，光路图如图乙所示.设折射光线与AB的交点为D.由几何关系可知，在D点的入射角=60°(2分)设全反射的临界角为C，则sinC=由和已知条件得C=45°因此，光在D点发生全反射

17、. (2分)设此光线的出射点为E，由几何关系得DEB=90°BD=a-2AFBE=BDsin30°联立式得BE=a (2分)即出射点在BC边上离B点a的位置.答案：见解析15.【解析】(1)金属棒ab机械能的减少量Emgh-mv22.8 J.(2分)(2)速度最大时金属棒ab产生的电动势EBLv(1分)产生的电流 (1分)此时的安培力FBIL由题意可知， 受摩擦力Ffmgsin30°F(1分)由能量守恒得，损失的机械能等于金属棒ab克服摩擦力做功和产生的总电热之和，电热QE-Ffh/sin30°(2分)上端电阻R中产生的热量QR (2分)联立以上几式得：QR0.55 J.(1分)答